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2.(衢州市)阅读资料,并回答相关问题。材料一:氢气作为理想能源的优点:来源广泛,可以由水制得;燃烧产物不污染环境,生产的水可以继续制取氢气,循环使用。材料二:太阳能具有总量巨大、安全经济、清洁无污染等优点,人类利用太阳能有三大技术领域,即光热转换、光电转换和光化转换,其中光电转换就是把太阳能直接转化为电能。材料三:太阳能可以就地开发,不存在运输问题,在交通不方便的农村、海岛和边远地区尤其具有利用价值。如图所示为某海岛的光伏电站,它属于家用并网型太阳能发电系统,发电功率为2千瓦(即每小时发电2千瓦),除去自家使用,多余的电可以并入电网。(1)水蒸气变成水的过程叫。(2)该并网型太阳能发电系统接受光照6小时,可以发电千瓦。(3)对于氢能和太阳能的开发,下列课题中具有研究价值的是()。(多选)A.寻找直接从空气中分离氢气的方法B.寻找合适的催化剂,使水能在太阳的照射下分解产生氢气C.寻找制作太阳能电池的新型材料,提高光电转化效率(4)面对能源危机和环境问题,写出我们可以做的事情。(写出两件)
答案
凝结
12
BC
减少丢弃垃圾，节约能源等。(合理即可)
12
BC
减少丢弃垃圾，节约能源等。(合理即可)
解析
【分析】
本题围绕氢能和太阳能的开发利用，结合物态变化、电能计算、能源选择等知识点设置问题。解题时需逐一分析每个小问题：1. 回忆物态变化定义，判断气态变液态的过程名称；2. 利用电能公式W=Pt，结合功率和时间计算发电量；3. 分析选项是否符合氢能、太阳能开发的实际需求，排除不合理项；4. 结合能源与环境问题，列举合理的日常做法。
【解析】
(1) 水蒸气是气态，变为液态水的物态变化过程称为凝结。
(2) 已知发电功率为2千瓦，光照时间为6小时，根据电能公式W=Pt，发电量为2kW×6h=12kW·h，即发电12千瓦。
(3) 选项分析：A. 空气中氢气含量极低，无法直接分离获得大量氢气，无研究价值；B. 利用催化剂使水在阳光下分解制氢，符合氢能开发需求，有研究价值；C. 提高太阳能电池光电转化效率，可提升太阳能利用率，有研究价值；故选BC。
(4) 面对能源危机和环境问题，日常可做的事如：节约用电（随手关灯、使用节能电器）、绿色出行（多乘公共交通）等，合理即可。
【答案】
凝结；12；BC；节约用电、绿色出行（合理即可）
【知识点】
物态变化、电能计算、能源开发利用
【点评】
本题结合实际能源问题，考察基础知识点的应用，贴近生活，引导学生关注新能源与环保，难度适中。
【难度系数】
0.6
本题围绕氢能和太阳能的开发利用，结合物态变化、电能计算、能源选择等知识点设置问题。解题时需逐一分析每个小问题：1. 回忆物态变化定义，判断气态变液态的过程名称；2. 利用电能公式W=Pt，结合功率和时间计算发电量；3. 分析选项是否符合氢能、太阳能开发的实际需求，排除不合理项；4. 结合能源与环境问题，列举合理的日常做法。
【解析】
(1) 水蒸气是气态，变为液态水的物态变化过程称为凝结。
(2) 已知发电功率为2千瓦，光照时间为6小时，根据电能公式W=Pt，发电量为2kW×6h=12kW·h，即发电12千瓦。
(3) 选项分析：A. 空气中氢气含量极低，无法直接分离获得大量氢气，无研究价值；B. 利用催化剂使水在阳光下分解制氢，符合氢能开发需求，有研究价值；C. 提高太阳能电池光电转化效率，可提升太阳能利用率，有研究价值；故选BC。
(4) 面对能源危机和环境问题，日常可做的事如：节约用电（随手关灯、使用节能电器）、绿色出行（多乘公共交通）等，合理即可。
【答案】
凝结；12；BC；节约用电、绿色出行（合理即可）
【知识点】
物态变化、电能计算、能源开发利用
【点评】
本题结合实际能源问题，考察基础知识点的应用，贴近生活，引导学生关注新能源与环保，难度适中。
【难度系数】
0.6
3.(温岭市)某探究小组设计制作保温杯,他们需要在3个完全相同的金属杯的外部各包装一种材料。下面是他们的三张结构设计图。(1)图甲中使用的包装材料泡沫塑料属于()。A.热的良导体B.热的不良导体C.热的绝缘体(2)根据设计图制成的保温杯,装入同样多的冰块后,最先融化的是图()保温杯中的冰块。A.甲B.乙C.丙(3)比较三个保温杯的保温效果时,应控制杯中热水的初始温度,水量。横线上应填()。A.相同相同B.相同 不同C.不同 相同(4)用热水测试保温杯的保温效果时,金属杯盖()。A.表面温度逐渐降低B.里面会凝结小水珠C.表面会出现水蒸气(5)盖上金属杯盖后,为什么保温杯的保温效果会提高?请简要说明原因。
答案
B
C
A
B
金属杯盖可以阻隔热对流，减慢温度下降的速度。
C
A
B
金属杯盖可以阻隔热对流，减慢温度下降的速度。
解析
【分析】
本题围绕保温杯的设计与保温效果，考查热学相关知识及实验探究方法。解题思路如下：
1. 第(1)题：根据泡沫塑料的保温作用，判断其导热属性；
2. 第(2)题：分析三种包装材料的导热性，判断哪种保温杯最易让外界热量传入，使冰块先融化；
3. 第(3)题：依据控制变量法，明确探究保温效果时需控制的变量；
4. 第(4)题：结合热水测试时的物态变化，分析杯盖的现象；
5. 第(5)题：从热对流的角度，解释金属杯盖提升保温效果的原因。
【解析】
(1) 泡沫塑料用于隔热保温，不易传导热量，属于热的不良导体，故选B。
(2) 铝箔是金属材料，为热的良导体，外界热量易通过铝箔传入杯内，使冰块更快吸热融化；泡沫塑料和棉花是热的不良导体，保温效果好，因此丙保温杯中的冰块最先融化，故选C。
(3) 探究保温效果需用控制变量法，除包装材料不同外，热水的初始温度、水量等其他影响因素都应保持相同，故选A。
(4) 热水产生的水蒸气遇到温度较低的杯盖内侧，会液化成小水珠附着在杯盖内侧，B正确；杯盖表面因接触热水，温度不会逐渐降低，A错误；水蒸气是气态，肉眼不可见，C错误，故选B。
(5) 盖上金属杯盖后，阻断了杯内外空气的对流，减少了热量通过热对流向外散失，因此保温杯的保温效果提高。
【答案】
B；C；A；B；金属杯盖可以阻隔热对流，减慢温度下降的速度。
【知识点】
热的不良导体、控制变量法、热对流
【点评】
本题结合生活中的保温杯设计，将热学知识与实验探究方法结合，考查学生对基础知识点的应用能力，贴近生活实际，难度适中。
【难度系数】
0.5
本题围绕保温杯的设计与保温效果，考查热学相关知识及实验探究方法。解题思路如下：
1. 第(1)题：根据泡沫塑料的保温作用，判断其导热属性；
2. 第(2)题：分析三种包装材料的导热性，判断哪种保温杯最易让外界热量传入，使冰块先融化；
3. 第(3)题：依据控制变量法，明确探究保温效果时需控制的变量；
4. 第(4)题：结合热水测试时的物态变化，分析杯盖的现象；
5. 第(5)题：从热对流的角度，解释金属杯盖提升保温效果的原因。
【解析】
(1) 泡沫塑料用于隔热保温，不易传导热量，属于热的不良导体，故选B。
(2) 铝箔是金属材料，为热的良导体，外界热量易通过铝箔传入杯内，使冰块更快吸热融化；泡沫塑料和棉花是热的不良导体，保温效果好，因此丙保温杯中的冰块最先融化，故选C。
(3) 探究保温效果需用控制变量法，除包装材料不同外，热水的初始温度、水量等其他影响因素都应保持相同，故选A。
(4) 热水产生的水蒸气遇到温度较低的杯盖内侧，会液化成小水珠附着在杯盖内侧，B正确；杯盖表面因接触热水，温度不会逐渐降低，A错误；水蒸气是气态，肉眼不可见，C错误，故选B。
(5) 盖上金属杯盖后，阻断了杯内外空气的对流，减少了热量通过热对流向外散失，因此保温杯的保温效果提高。
【答案】
B；C；A；B；金属杯盖可以阻隔热对流，减慢温度下降的速度。
【知识点】
热的不良导体、控制变量法、热对流
【点评】
本题结合生活中的保温杯设计，将热学知识与实验探究方法结合，考查学生对基础知识点的应用能力，贴近生活实际，难度适中。
【难度系数】
0.5
