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7.质量相等的甲、乙两种液体吸收相同的热量后，甲升高的温度高于乙升高的温度.由此可知 （
A.甲液体的比热容大于乙液体的比热容
B.降低相同的温度，质量相等的甲液体放出的热量比乙液体放出的热量多
C.甲、乙两种液体相比较，乙液体更适合作冷却剂
D.甲物质的熔点高于乙物质的熔点
C
）A.甲液体的比热容大于乙液体的比热容
B.降低相同的温度，质量相等的甲液体放出的热量比乙液体放出的热量多
C.甲、乙两种液体相比较，乙液体更适合作冷却剂
D.甲物质的熔点高于乙物质的熔点
答案
7.C
解析
【分析】
要解决这道题，需利用热量计算公式$Q=cm\Delta t$分析比热容的大小关系，再结合比热容的特性判断各选项。首先根据已知条件（质量$m$相等、吸收热量$Q$相同、甲升温$\Delta t_甲＞\Delta t_乙$），通过公式变形$c=\frac{Q}{m\Delta t}$比较甲乙的比热容；再逐一分析每个选项，注意区分吸热/放热计算、比热容的应用，以及熔点与比热容无关的知识点。
【解析】
根据热量计算公式$Q_吸=cm\Delta t$，变形得比热容公式$c=\frac{Q_吸}{m\Delta t}$。
已知甲、乙质量$m$相等，吸收热量$Q_吸$相同，甲升高的温度$\Delta t_甲＞\Delta t_乙$，因此：
$c_甲=\frac{Q_吸}{m\Delta t_甲}$，$c_乙=\frac{Q_吸}{m\Delta t_乙}$，由于$\Delta t_甲＞\Delta t_乙$，可得$c_甲＜c_乙$。
对各选项分析：
A选项：甲的比热容大于乙，与推导的$c_甲＜c_乙$矛盾，错误；
B选项：放热公式$Q_放=cm\Delta t$，$m$相同，$c_甲＜c_乙$，降低相同温度$\Delta t$时，$Q_放甲=c_甲m\Delta t ＜ Q_放乙=c_乙m\Delta t$，即甲放出热量更少，错误；
C选项：冷却剂需要比热容大的物质，升高相同温度时能吸收更多热量，乙的比热容更大，更适合作冷却剂，正确；
D选项：熔点是晶体熔化时的温度，与比热容无关，题目未涉及熔点信息，错误。
【答案】
C
【知识点】
比热容的概念、热量的计算（$Q=cm\Delta t$）
【点评】
本题考查比热容公式的应用及特性，需熟练掌握热量与比热容、温度变化的关系，区分吸热/放热计算的逻辑，明确比热容在冷却剂选择中的实际应用，同时注意熔点与比热容无关的易错点，整体难度适中，是初中物理热学部分的基础题型。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需利用热量计算公式$Q=cm\Delta t$分析比热容的大小关系，再结合比热容的特性判断各选项。首先根据已知条件（质量$m$相等、吸收热量$Q$相同、甲升温$\Delta t_甲＞\Delta t_乙$），通过公式变形$c=\frac{Q}{m\Delta t}$比较甲乙的比热容；再逐一分析每个选项，注意区分吸热/放热计算、比热容的应用，以及熔点与比热容无关的知识点。
【解析】
根据热量计算公式$Q_吸=cm\Delta t$，变形得比热容公式$c=\frac{Q_吸}{m\Delta t}$。
已知甲、乙质量$m$相等，吸收热量$Q_吸$相同，甲升高的温度$\Delta t_甲＞\Delta t_乙$，因此：
$c_甲=\frac{Q_吸}{m\Delta t_甲}$，$c_乙=\frac{Q_吸}{m\Delta t_乙}$，由于$\Delta t_甲＞\Delta t_乙$，可得$c_甲＜c_乙$。
对各选项分析：
A选项：甲的比热容大于乙，与推导的$c_甲＜c_乙$矛盾，错误；
B选项：放热公式$Q_放=cm\Delta t$，$m$相同，$c_甲＜c_乙$，降低相同温度$\Delta t$时，$Q_放甲=c_甲m\Delta t ＜ Q_放乙=c_乙m\Delta t$，即甲放出热量更少，错误；
C选项：冷却剂需要比热容大的物质，升高相同温度时能吸收更多热量，乙的比热容更大，更适合作冷却剂，正确；
D选项：熔点是晶体熔化时的温度，与比热容无关，题目未涉及熔点信息，错误。
【答案】
C
【知识点】
比热容的概念、热量的计算（$Q=cm\Delta t$）
【点评】
本题考查比热容公式的应用及特性，需熟练掌握热量与比热容、温度变化的关系，区分吸热/放热计算的逻辑，明确比热容在冷却剂选择中的实际应用，同时注意熔点与比热容无关的易错点，整体难度适中，是初中物理热学部分的基础题型。
【难度系数】
0.6
8. 如图所示，一注射器用橡皮管与一数显温度计相连，注射器内密封了一定质量的气体.小明快速向下推压活塞，关于此过程，下列说法错误的是（不考虑与外界的热交换）（
A.密封气体的内能一定增加
B.数显温度计的示数一定升高
C.密封气体的分子无规则运动可能减缓
D.活塞的机械能转化为密封气体的内能
C
）A.密封气体的内能一定增加
B.数显温度计的示数一定升高
C.密封气体的分子无规则运动可能减缓
D.活塞的机械能转化为密封气体的内能
答案
8.C
解析
【分析】本题考查绝热过程中气体内能的变化，需结合热力学第一定律分析。首先明确：快速向下推压活塞时，外界对密封气体做功，且过程不考虑热交换（Q=0）；根据热力学第一定律可判断气体内能变化，再结合温度与分子无规则运动的关系，逐一分析选项，找出错误选项。
【解析】快速向下推压活塞，外界对密封气体做功，且过程不考虑与外界的热交换，即Q=0。根据热力学第一定律ΔU=W+Q，外界对气体做功时W＞0，因此ΔU＞0，密封气体的内能一定增加，故A选项正确；气体内能增加，温度升高，因此数显温度计的示数一定升高，B选项正确；温度是分子无规则运动剧烈程度的标志，温度升高，分子无规则运动应加剧，不可能减缓，故C选项错误；快速推压活塞时，活塞的机械能转化为密封气体的内能，D选项正确。因此本题选错误的，答案为C。
【答案】C
【知识点】热力学第一定律、内能与温度的关系
【点评】本题结合实际装置考查热力学第一定律的应用，核心是理解绝热过程中做功与内能变化的关系，以及温度对分子运动的影响，属于基础题型，需准确掌握相关概念。
【难度系数】0.6
【解析】快速向下推压活塞，外界对密封气体做功，且过程不考虑与外界的热交换，即Q=0。根据热力学第一定律ΔU=W+Q，外界对气体做功时W＞0，因此ΔU＞0，密封气体的内能一定增加，故A选项正确；气体内能增加，温度升高，因此数显温度计的示数一定升高，B选项正确；温度是分子无规则运动剧烈程度的标志，温度升高，分子无规则运动应加剧，不可能减缓，故C选项错误；快速推压活塞时，活塞的机械能转化为密封气体的内能，D选项正确。因此本题选错误的，答案为C。
【答案】C
【知识点】热力学第一定律、内能与温度的关系
【点评】本题结合实际装置考查热力学第一定律的应用，核心是理解绝热过程中做功与内能变化的关系，以及温度对分子运动的影响，属于基础题型，需准确掌握相关概念。
【难度系数】0.6
9.如图所示的内燃机工作的一个循环中，其四个冲程的顺序应当是（
A.乙、甲、丁、丙
B.甲、乙、丙、丁
C.乙、丁、甲、丙
D.甲、丁、乙、丙
D
）A.乙、甲、丁、丙
B.甲、乙、丙、丁
C.乙、丁、甲、丙
D.甲、丁、乙、丙
答案
9.D
解析
【分析】要确定内燃机四个冲程的顺序，需先根据气门状态和活塞运动方向判断每个图对应的冲程：吸气冲程为进气门打开、排气门关闭，活塞向下运动；压缩冲程为两气门都关闭，活塞向上运动；做功冲程为两气门都关闭、火花塞点火，活塞向下运动；排气冲程为排气门打开、进气门关闭，活塞向上运动。依次分析甲、乙、丙、丁四图的冲程后排序即可。
【解析】1. 甲图：进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，属于吸气冲程；2. 丁图：进气门、排气门都关闭，活塞向上运动，属于压缩冲程；3. 乙图：进气门、排气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，属于做功冲程；4. 丙图：排气门打开，进气门关闭，活塞向上运动，属于排气冲程。因此四个冲程的顺序为甲、丁、乙、丙，对应选项D。
【答案】D
【知识点】内燃机四冲程、汽油机工作原理
【点评】本题考查内燃机四个冲程的判断，核心是掌握各冲程的气门状态和活塞运动方向，属于基础应用类题目，需准确区分各冲程特征。
【难度系数】0.3
【解析】1. 甲图：进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，属于吸气冲程；2. 丁图：进气门、排气门都关闭，活塞向上运动，属于压缩冲程；3. 乙图：进气门、排气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，属于做功冲程；4. 丙图：排气门打开，进气门关闭，活塞向上运动，属于排气冲程。因此四个冲程的顺序为甲、丁、乙、丙，对应选项D。
【答案】D
【知识点】内燃机四冲程、汽油机工作原理
【点评】本题考查内燃机四个冲程的判断，核心是掌握各冲程的气门状态和活塞运动方向，属于基础应用类题目，需准确区分各冲程特征。
【难度系数】0.3
10.“汽车不但要吃油，有时也要喝水”，用水冷却发动机是因为
水的比热容较大
，发动机开始工作一段时间后，水箱中水的内能会增加
（填“增加”或“减少”），水箱中的水用去一半后比热容不变
（填“变大”“不变”或“变小”）。答案
水的比热容较大 增加 不变
解析
【分析】
本题考查比热容与内能的相关知识，解题思路如下：1. 用水冷却发动机的原理：利用水的比热容大的特性，相同质量的水和其他物质相比，升高相同温度时能吸收更多热量，冷却效果更好；2. 内能变化：发动机工作时产生热量，热量传递给水箱中的水，水吸收热量，内能会增加；3. 比热容的特性：比热容是物质的固有属性，仅与物质种类和状态有关，与质量无关，因此水用去一半后比热容不变。
【解析】
1. 用水冷却发动机是因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量更多，冷却效果好；2. 发动机工作时释放热量，热量传递给水箱中的水，水吸收热量，内能增加；3. 比热容是物质的特性，与质量无关，所以水箱中的水用去一半后，比热容不变。
【答案】
水的比热容较大 增加 不变
【知识点】
比热容、内能
【点评】
本题结合生活实际考查基础概念，难度较低，需牢记比热容的特性和内能改变的方式。
【难度系数】
0.8
本题考查比热容与内能的相关知识，解题思路如下：1. 用水冷却发动机的原理：利用水的比热容大的特性，相同质量的水和其他物质相比，升高相同温度时能吸收更多热量，冷却效果更好；2. 内能变化：发动机工作时产生热量，热量传递给水箱中的水，水吸收热量，内能会增加；3. 比热容的特性：比热容是物质的固有属性，仅与物质种类和状态有关，与质量无关，因此水用去一半后比热容不变。
【解析】
1. 用水冷却发动机是因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量更多，冷却效果好；2. 发动机工作时释放热量，热量传递给水箱中的水，水吸收热量，内能增加；3. 比热容是物质的特性，与质量无关，所以水箱中的水用去一半后，比热容不变。
【答案】
水的比热容较大 增加 不变
【知识点】
比热容、内能
【点评】
本题结合生活实际考查基础概念，难度较低，需牢记比热容的特性和内能改变的方式。
【难度系数】
0.8
11.温度较低的金属汤勺放进热汤里，汤勺的温度要
升高
，热汤的温度会降低
（以上两空均填“升高”或“降低”），热汤的内能以热传递
的方式转移为汤勺的内能。答案
升高 降低 热传递
解析
【分析】
首先明确热传递的规律：温度不同的物体相互接触时，会发生内能转移（热传递），低温物体吸热温度升高，高温物体放热温度降低。结合题目中金属汤勺（低温）和热汤（高温）的接触场景，分析温度变化和内能转移方式即可。
【解析】
1. 温度较低的金属汤勺放进热汤，汤勺会吸收热汤的热量，因此汤勺的温度升高；
2. 热汤放出热量，所以热汤的温度降低；
3. 内能从高温物体（热汤）转移到低温物体（汤勺）的方式是热传递，因此热汤的内能以热传递的方式转移为汤勺的内能。
【答案】
升高 降低 热传递
【知识点】
热传递 内能的改变
【点评】
本题考查热传递的基础概念，属于热学入门题，侧重对核心知识点的理解，难度较低。
【难度系数】
0.9
首先明确热传递的规律：温度不同的物体相互接触时，会发生内能转移（热传递），低温物体吸热温度升高，高温物体放热温度降低。结合题目中金属汤勺（低温）和热汤（高温）的接触场景，分析温度变化和内能转移方式即可。
【解析】
1. 温度较低的金属汤勺放进热汤，汤勺会吸收热汤的热量，因此汤勺的温度升高；
2. 热汤放出热量，所以热汤的温度降低；
3. 内能从高温物体（热汤）转移到低温物体（汤勺）的方式是热传递，因此热汤的内能以热传递的方式转移为汤勺的内能。
【答案】
升高 降低 热传递
【知识点】
热传递 内能的改变
【点评】
本题考查热传递的基础概念，属于热学入门题，侧重对核心知识点的理解，难度较低。
【难度系数】
0.9
12.(2024·盐都区期末)嫦娥五号返回器用类似“打水漂”的方式着陆地球,其着陆过程的部分轨迹简化为如图所示.AB段返回器的动能
变小
;BC段返回器的机械能不变
,CD段返回器的重力势能变小
.(均填“变大”“变小”或“不变")答案
变小 不变 变小
解析
【分析】
要判断各段的动能、机械能、重力势能变化，需明确：动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，机械能是动能与势能的总和；当只有重力做功时，机械能守恒。结合轨迹分段分析：AB段返回器上升，BC段在大气层外，CD段向地球靠近，据此判断各物理量变化。
【解析】
1. AB段：返回器质量不变，从A到B过程中高度增大、速度减小，根据动能的影响因素（质量不变时，速度越小动能越小），可知动能变小。
2. BC段：返回器在BC段运动时处于大气层外，不受空气阻力，只有重力做功，因此机械能守恒，即机械能不变。
3. CD段：返回器质量不变，从C到D过程中高度减小，根据重力势能的影响因素（质量不变时，高度越小重力势能越小），可知重力势能变小。
【答案】
变小 不变 变小
【知识点】
动能势能影响因素、机械能守恒
【点评】
本题结合实际航天场景，考查动能、重力势能及机械能的变化判断，需掌握相关物理量的影响因素和机械能守恒的条件，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.6
要判断各段的动能、机械能、重力势能变化，需明确：动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，机械能是动能与势能的总和；当只有重力做功时，机械能守恒。结合轨迹分段分析：AB段返回器上升，BC段在大气层外，CD段向地球靠近，据此判断各物理量变化。
【解析】
1. AB段：返回器质量不变，从A到B过程中高度增大、速度减小，根据动能的影响因素（质量不变时，速度越小动能越小），可知动能变小。
2. BC段：返回器在BC段运动时处于大气层外，不受空气阻力，只有重力做功，因此机械能守恒，即机械能不变。
3. CD段：返回器质量不变，从C到D过程中高度减小，根据重力势能的影响因素（质量不变时，高度越小重力势能越小），可知重力势能变小。
【答案】
变小 不变 变小
【知识点】
动能势能影响因素、机械能守恒
【点评】
本题结合实际航天场景，考查动能、重力势能及机械能的变化判断，需掌握相关物理量的影响因素和机械能守恒的条件，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.6
13.根据所学知识,完成填空.
(1)如图所示的电热水壶,烧水时电热丝通过
(2)该壶嘴上有一个能绕A点活动的金属片,水烧开时,"热气"会将金属片冲开,此时"热气"的内能转化为金属片的
(3)一单缸四冲程汽油机的曲轴转速为600r/min,对外做功一次约为1500J.这台汽油机的功率为
(1)如图所示的电热水壶,烧水时电热丝通过
热传递
的方式改变了水的内能.(2)该壶嘴上有一个能绕A点活动的金属片,水烧开时,"热气"会将金属片冲开,此时"热气"的内能转化为金属片的
机械能
,这与汽油机的做功
冲程能量转化过程相同.(3)一单缸四冲程汽油机的曲轴转速为600r/min,对外做功一次约为1500J.这台汽油机的功率为
7500
W.答案
(1)热传递 (2)机械能 做功 (3)7500
解析
【分析】
本题分为三个小问，分别考查内能改变方式、汽油机的能量转化与冲程、汽油机功率计算。
(1) 回忆改变内能的两种方式（做功、热传递），判断电热丝改变水内能的方式；
(2) 分析热气冲开金属片时的能量转化，结合汽油机各冲程的能量转化对应匹配；
(3) 明确四冲程汽油机的工作规律（曲轴每转2转对外做功1次），先计算每分钟做功次数，再结合功率公式计算功率。
【解析】
(1) 改变物体内能的方式有做功和热传递，电热丝烧水时，热量从电热丝转移到水中，使水的内能增加，因此是通过热传递的方式改变水的内能。
(2) 热气冲开金属片时，热气的内能减少，金属片获得运动的机械能，即热气的内能转化为金属片的机械能；汽油机的做功冲程中，燃气的内能转化为活塞的机械能，二者能量转化过程相同，因此对应汽油机的做功冲程。
(3) 单缸四冲程汽油机的曲轴转速为600r/min，即每分钟转600转。四冲程汽油机每完成1个工作循环，曲轴转2转，对外做功1次，因此每分钟对外做功次数为：$\frac{600}{2}=300$次。
每次对外做功1500J，则每分钟总功：$W=300×1500J=450000J$，时间$t=60s$，根据功率公式$P=\frac{W}{t}$，得功率：$P=\frac{450000J}{60s}=7500W$。
【答案】
(1)热传递 (2)机械能 做功 (3)7500
【知识点】
内能的改变、汽油机的冲程、功率计算
【点评】
本题为热学基础综合题，涵盖内能改变、汽油机能量转化与冲程、功率计算三个核心基础知识点，侧重对基础概念和规律的应用，难度适中。
【难度系数】
0.6
本题分为三个小问，分别考查内能改变方式、汽油机的能量转化与冲程、汽油机功率计算。
(1) 回忆改变内能的两种方式（做功、热传递），判断电热丝改变水内能的方式；
(2) 分析热气冲开金属片时的能量转化，结合汽油机各冲程的能量转化对应匹配；
(3) 明确四冲程汽油机的工作规律（曲轴每转2转对外做功1次），先计算每分钟做功次数，再结合功率公式计算功率。
【解析】
(1) 改变物体内能的方式有做功和热传递，电热丝烧水时，热量从电热丝转移到水中，使水的内能增加，因此是通过热传递的方式改变水的内能。
(2) 热气冲开金属片时，热气的内能减少，金属片获得运动的机械能，即热气的内能转化为金属片的机械能；汽油机的做功冲程中，燃气的内能转化为活塞的机械能，二者能量转化过程相同，因此对应汽油机的做功冲程。
(3) 单缸四冲程汽油机的曲轴转速为600r/min，即每分钟转600转。四冲程汽油机每完成1个工作循环，曲轴转2转，对外做功1次，因此每分钟对外做功次数为：$\frac{600}{2}=300$次。
每次对外做功1500J，则每分钟总功：$W=300×1500J=450000J$，时间$t=60s$，根据功率公式$P=\frac{W}{t}$，得功率：$P=\frac{450000J}{60s}=7500W$。
【答案】
(1)热传递 (2)机械能 做功 (3)7500
【知识点】
内能的改变、汽油机的冲程、功率计算
【点评】
本题为热学基础综合题，涵盖内能改变、汽油机能量转化与冲程、功率计算三个核心基础知识点，侧重对基础概念和规律的应用，难度适中。
【难度系数】
0.6
