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1 [2025兰州十一中期末]下面是几位同学关于电功和电功率的理解,其中正确的是 (
A.用电器消耗电能越快,电功越大
B.电功率是表示电流做功多少的物理量
C.用电器将电能转化为其他形式的能越多,电功率越大
D.用电器的电功率越大,电流通过该用电器做功越快
D
)A.用电器消耗电能越快,电功越大
B.电功率是表示电流做功多少的物理量
C.用电器将电能转化为其他形式的能越多,电功率越大
D.用电器的电功率越大,电流通过该用电器做功越快
答案
A(×)用电器消耗电能越快,电功率越大,根据W = Pt可知,时间不确定,电功不一定越大。
B(×)电功率是表示电流做功快慢的物理量。
C(×)用电器将电能转化为其他形式的能越多,电功越大,时间不确定,电功率不一定越大。
D(√)电功率是反映电流做功快慢的物理量,用电器的电功率越大,电流通过该用电器做功越快。
B(×)电功率是表示电流做功快慢的物理量。
C(×)用电器将电能转化为其他形式的能越多,电功越大,时间不确定,电功率不一定越大。
D(√)电功率是反映电流做功快慢的物理量,用电器的电功率越大,电流通过该用电器做功越快。
解析
【分析】要解决这道题，需明确电功和电功率的物理意义及关系：电功率是表示电流做功快慢的物理量，电功是表示电流做功多少的物理量，结合公式$W = Pt$可知，电功由电功率和时间共同决定，不能单独由一个量判断。需逐个分析选项，区分“做功快慢”与“做功多少”的不同。
【解析】
选项A：用电器消耗电能越快，说明电功率越大，但根据公式$W = Pt$，电功$W$由电功率$P$和时间$t$共同决定，时间$t$不确定时，电功不一定越大，故A错误。
选项B：电功率是表示电流做功快慢的物理量，而非做功多少，故B错误。
选项C：用电器将电能转化为其他形式的能越多，说明电流做的功（电功）越大，但时间不确定时，电功率不一定越大，故C错误。
选项D：电功率的物理意义就是反映电流做功的快慢，所以用电器的电功率越大，电流通过该用电器做功越快，故D正确。
【答案】D
【知识点】电功的概念、电功率的概念
【点评】本题考查电功与电功率的基础概念，核心是区分“电流做功的多少”和“电流做功的快慢”，是电学概念辨析的易错题，需准确记忆定义及公式的应用逻辑。
【难度系数】0.4
【解析】
选项A：用电器消耗电能越快，说明电功率越大，但根据公式$W = Pt$，电功$W$由电功率$P$和时间$t$共同决定，时间$t$不确定时，电功不一定越大，故A错误。
选项B：电功率是表示电流做功快慢的物理量，而非做功多少，故B错误。
选项C：用电器将电能转化为其他形式的能越多，说明电流做的功（电功）越大，但时间不确定时，电功率不一定越大，故C错误。
选项D：电功率的物理意义就是反映电流做功的快慢，所以用电器的电功率越大，电流通过该用电器做功越快，故D正确。
【答案】D
【知识点】电功的概念、电功率的概念
【点评】本题考查电功与电功率的基础概念，核心是区分“电流做功的多少”和“电流做功的快慢”，是电学概念辨析的易错题，需准确记忆定义及公式的应用逻辑。
【难度系数】0.4
2 [2026 西安高新一中月考] 下列不是电功率单位的是 (
A.W
B.V·A
C.kW·h
D.J/s
C
)A.W
B.V·A
C.kW·h
D.J/s
答案
本题的考点是电功率的几种单位。kW·h是电功的单位,故C符合题意。
解析
【分析】
要解决这道题，需明确电功率的单位及推导，同时区分电功率和电功的单位：首先回忆电功率的国际单位，再通过电功率的公式推导其他可能的单位，最后明确kW·h对应的物理量，逐一分析选项即可得出答案。
【解析】
1. 选项A：W是电功率的国际单位，属于电功率单位，不符合题意；
2. 选项B：根据电功率公式$P=UI$，电压单位为伏特（V），电流单位为安培（A），因此$V·A$是电功率的单位，不符合题意；
3. 选项C：$kW·h$（千瓦时）是电功（电能）的常用单位，$1kW·h=3.6×10^6J$，并非电功率单位，符合题意；
4. 选项D：根据电功率公式$P=\frac{W}{t}$，电功单位为焦耳（J），时间单位为秒（s），因此$J/s$是电功率的单位，不符合题意。
综上，答案为C。
【答案】
C
【知识点】
电功率单位、电功单位
【点评】
本题考查电功率与电功的单位区分，属于基础概念题，需牢记各物理量对应的单位及推导关系，难度较低。
【难度系数】
0.7
要解决这道题，需明确电功率的单位及推导，同时区分电功率和电功的单位：首先回忆电功率的国际单位，再通过电功率的公式推导其他可能的单位，最后明确kW·h对应的物理量，逐一分析选项即可得出答案。
【解析】
1. 选项A：W是电功率的国际单位，属于电功率单位，不符合题意；
2. 选项B：根据电功率公式$P=UI$，电压单位为伏特（V），电流单位为安培（A），因此$V·A$是电功率的单位，不符合题意；
3. 选项C：$kW·h$（千瓦时）是电功（电能）的常用单位，$1kW·h=3.6×10^6J$，并非电功率单位，符合题意；
4. 选项D：根据电功率公式$P=\frac{W}{t}$，电功单位为焦耳（J），时间单位为秒（s），因此$J/s$是电功率的单位，不符合题意。
综上，答案为C。
【答案】
C
【知识点】
电功率单位、电功单位
【点评】
本题考查电功率与电功的单位区分，属于基础概念题，需牢记各物理量对应的单位及推导关系，难度较低。
【难度系数】
0.7
3 [2026北京石景山区期末]下列用电器正常工作时，
电功率最接近真实值的是 (
A.笔记本电脑的功率约为5 W
B.家用空调的功率约为1 200 W
C.小型LED手电筒的功率约为200 W
D.教室里一盏日光灯的功率约为1 000 W
电功率最接近真实值的是 (
B
)A.笔记本电脑的功率约为5 W
B.家用空调的功率约为1 200 W
C.小型LED手电筒的功率约为200 W
D.教室里一盏日光灯的功率约为1 000 W
答案
A(×)笔记本电脑的功率约为50 W。
B(√)家用空调属于大功率用电器,其功率约为1 200 W。
C(×)小型LED手电筒的功率较小,约为2 W。
D(×)教室里一盏日光灯的功率约为40 W。
B(√)家用空调属于大功率用电器,其功率约为1 200 W。
C(×)小型LED手电筒的功率较小,约为2 W。
D(×)教室里一盏日光灯的功率约为40 W。
解析
【分析】
本题需结合生活常识，回忆常见用电器正常工作时的电功率，逐一分析每个选项给出的功率是否符合实际，排除错误选项后选出正确答案。
【解析】
选项A：笔记本电脑属于中等功率用电器，正常工作时功率约为50W，5W远小于实际值，故A错误；
选项B：家用空调是大功率用电器，正常工作时功率约为1200W，符合实际，故B正确；
选项C：小型LED手电筒功率很小，正常工作时功率约为2W，200W远大于实际值，故C错误；
选项D：教室里一盏日光灯的功率约为40W，1000W远大于实际值，故D错误。
【答案】
B
【知识点】
常见用电器的电功率估测
【点评】
本题考查生活中常见用电器电功率的估测，需要学生积累生活中的物理常识，难度较低，属于基础题。
【难度系数】
0.7
本题需结合生活常识，回忆常见用电器正常工作时的电功率，逐一分析每个选项给出的功率是否符合实际，排除错误选项后选出正确答案。
【解析】
选项A：笔记本电脑属于中等功率用电器，正常工作时功率约为50W，5W远小于实际值，故A错误；
选项B：家用空调是大功率用电器，正常工作时功率约为1200W，符合实际，故B正确；
选项C：小型LED手电筒功率很小，正常工作时功率约为2W，200W远大于实际值，故C错误；
选项D：教室里一盏日光灯的功率约为40W，1000W远大于实际值，故D错误。
【答案】
B
【知识点】
常见用电器的电功率估测
【点评】
本题考查生活中常见用电器电功率的估测，需要学生积累生活中的物理常识，难度较低，属于基础题。
【难度系数】
0.7
4 新导向·科技成就 中国空间站天和核心舱首次采用了大面积可展收柔性太阳电池翼,单翼的发电功率可达9 kW,从能量转化的角度分析,"9 kW"表示的物理意义是
每秒可将太阳能转化成9 000 J的电能
。答案
【答案】 每秒可将太阳能转化成9 000 J的电能
【解析】 太阳电池翼将太阳能转化为电能,因此从能量转化的角度分析,"9 kW"表示的物理意义是太阳电池翼单翼在1 s内可将太阳能转化为9 000 J的电能。
【解析】 太阳电池翼将太阳能转化为电能,因此从能量转化的角度分析,"9 kW"表示的物理意义是太阳电池翼单翼在1 s内可将太阳能转化为9 000 J的电能。
解析
【分析】要解答本题，需先明确功率的物理意义：功率是描述能量转化（或做功）快慢的物理量，单位kW是功率的常用单位，1kW=1000W，而1W的物理意义是1秒内完成1J的能量转化。本题要求从能量转化角度分析，结合功率单位的换算关系，即可得出“9kW”的物理意义。
【解析】功率的定义是单位时间内完成的能量转化量，单位kW与W的换算关系为1kW=1000W，1W=1J/s。本题中太阳电池翼单翼的发电功率为9kW，换算后为9000W，即9000J/s，因此从能量转化角度，其物理意义是该单翼在1秒内可将太阳能转化为9000J的电能。
【答案】每秒可将太阳能转化成9000 J的电能
【知识点】功率的物理意义、能量转化
【点评】本题结合实际科技场景考查功率的物理意义，属于基础概念应用类题目，只需掌握功率单位的含义及能量转化的对应关系即可解答，难度较低。
【难度系数】0.8
【解析】功率的定义是单位时间内完成的能量转化量，单位kW与W的换算关系为1kW=1000W，1W=1J/s。本题中太阳电池翼单翼的发电功率为9kW，换算后为9000W，即9000J/s，因此从能量转化角度，其物理意义是该单翼在1秒内可将太阳能转化为9000J的电能。
【答案】每秒可将太阳能转化成9000 J的电能
【知识点】功率的物理意义、能量转化
【点评】本题结合实际科技场景考查功率的物理意义，属于基础概念应用类题目，只需掌握功率单位的含义及能量转化的对应关系即可解答，难度较低。
【难度系数】0.8
5 某手电筒中的电流为0.5 A,电源为三节干电池串联,则该手电筒中小灯泡的功率最接近 （
A.0.25 W
B.0.75 W
C.2.25 W
D.9.00 W
C
）A.0.25 W
B.0.75 W
C.2.25 W
D.9.00 W
答案
电源为三节干电池串联,故电源电压约为4.5 V,小灯泡的电功率约为P = UI = 4.5 V ×0.5 A = 2.25 W。故选C。
解析
【分析】
要解决这道题，首先需明确干电池的电压特性：一节干电池电压为1.5V，串联电池组的总电压等于各节电池电压之和，据此算出三节干电池串联的总电压；再结合电功率公式$P=UI$，代入已知电流和算出的电压，即可求出小灯泡的功率，最后对比选项得出答案。
【解析】
1. 计算电源电压：一节干电池电压为1.5V，三节干电池串联，总电压$U = 3×1.5V = 4.5V$；
2. 计算小灯泡功率：根据电功率公式$P=UI$，代入$U=4.5V$、$I=0.5A$，可得$P = 4.5V × 0.5A = 2.25W$；
3. 对比选项，最接近的功率为2.25W，对应选项C。
【答案】
C
【知识点】
串联电路电压规律、电功率的计算
【点评】
本题为电学基础计算题，考查串联电池组电压规律和电功率公式的应用，属于对基础知识点的直接考查，难度较低。
【难度系数】
0.8
要解决这道题，首先需明确干电池的电压特性：一节干电池电压为1.5V，串联电池组的总电压等于各节电池电压之和，据此算出三节干电池串联的总电压；再结合电功率公式$P=UI$，代入已知电流和算出的电压，即可求出小灯泡的功率，最后对比选项得出答案。
【解析】
1. 计算电源电压：一节干电池电压为1.5V，三节干电池串联，总电压$U = 3×1.5V = 4.5V$；
2. 计算小灯泡功率：根据电功率公式$P=UI$，代入$U=4.5V$、$I=0.5A$，可得$P = 4.5V × 0.5A = 2.25W$；
3. 对比选项，最接近的功率为2.25W，对应选项C。
【答案】
C
【知识点】
串联电路电压规律、电功率的计算
【点评】
本题为电学基础计算题，考查串联电池组电压规律和电功率公式的应用，属于对基础知识点的直接考查，难度较低。
【难度系数】
0.8
6 某国产新款智能手机支持最新的超级快充技术。该手机在通过超级快充模式充电时，消耗的功率为40 W，充电器输出电压为10 V，则充电电流为（
A.0.25 A
B.1 A
C.4 A
D.5 A
C
）A.0.25 A
B.1 A
C.4 A
D.5 A
答案
本题的考点是P = UI变式的应用。充电电流I = P/U = 40 W /10 V =4 A,故C符合题意。
解析
【分析】本题考查电功率公式的应用，已知充电时的功率和电压，根据电功率公式的变形即可求出电流，再结合选项选出正确答案。
【解析】根据电功率公式 $ P = UI $，变形可得充电电流 $ I = \frac{P}{U} $。将题目中已知的充电功率 $ P = 40\ \mathrm{W} $、充电器输出电压 $ U = 10\ \mathrm{V} $ 代入公式，计算得：$ I = \frac{40\ \mathrm{W}}{10\ \mathrm{V}} = 4\ \mathrm{A} $，对应选项C。
【答案】C
【知识点】电功率公式（$ P=UI $）的应用
【点评】本题为基础的电功率计算题目，直接利用公式变形即可求解，重点考查学生对基本电学公式的掌握，难度较低。
【难度系数】0.8
【解析】根据电功率公式 $ P = UI $，变形可得充电电流 $ I = \frac{P}{U} $。将题目中已知的充电功率 $ P = 40\ \mathrm{W} $、充电器输出电压 $ U = 10\ \mathrm{V} $ 代入公式，计算得：$ I = \frac{40\ \mathrm{W}}{10\ \mathrm{V}} = 4\ \mathrm{A} $，对应选项C。
【答案】C
【知识点】电功率公式（$ P=UI $）的应用
【点评】本题为基础的电功率计算题目，直接利用公式变形即可求解，重点考查学生对基本电学公式的掌握，难度较低。
【难度系数】0.8
7 [2025泉州泉港区期末]国庆假期，小芳一家人出去旅游，家中只有一个网络摄像头和一个路由器在工作，其工作时的功率分别为24 W和6 W。出发和回家时，电能表示数分别如图甲、乙所示，这段时间内小芳家消耗电能
4.8
kW·h，小芳一家外出160
h。（电路其他元件损耗电能不计）答案
【答案】 4.8 160
【解析】 这段时间内小芳家消耗电能W = W末 - W初 = 2 023.6 kW·h -2 018.8 kW·h =4.8 kW·h,小芳一家外出的时间t = W/P = 4.8 kW·h /(0.024 kW +0.006 kW) = 160 h。
【解析】 这段时间内小芳家消耗电能W = W末 - W初 = 2 023.6 kW·h -2 018.8 kW·h =4.8 kW·h,小芳一家外出的时间t = W/P = 4.8 kW·h /(0.024 kW +0.006 kW) = 160 h。
解析
【分析】
要解决该问题，首先需明确电能表的读数规则：电能表最后一位是小数位，单位为kW·h，据此读出出发和回家时的电能表示数，两者差值即为这段时间消耗的电能；接着计算两个用电器的总功率，再根据电功公式W=Pt变形得到t=W/P，代入数据计算外出时间，计算时需统一单位（功率换算为kW，电能为kW·h，时间单位即为h）。
【解析】
1. 计算消耗的电能：
根据电能表读数规则，出发时电能表示数$ W_{初}=2018.8\ \mathrm{kW·h} $，回家时$ W_{末}=2023.6\ \mathrm{kW·h} $，这段时间消耗的电能：
$ W = W_{末} - W_{初} = 2023.6\ \mathrm{kW·h} - 2018.8\ \mathrm{kW·h} = 4.8\ \mathrm{kW·h} $。
2. 计算总功率：
网络摄像头功率$ P_1=24\ \mathrm{W} $，路由器功率$ P_2=6\ \mathrm{W} $，总功率：
$ P = P_1 + P_2 = 24\ \mathrm{W} + 6\ \mathrm{W} = 30\ \mathrm{W} = 0.03\ \mathrm{kW} $。
3. 计算外出时间：
由$ W=Pt $变形得$ t=\frac{W}{P} $，代入数据：
$ t = \frac{4.8\ \mathrm{kW·h}}{0.03\ \mathrm{kW}} = 160\ \mathrm{h} $。
【答案】
4.8；160
【知识点】
电能表读数、电能计算、电功率计算
【点评】
本题结合生活实际考查电能表读数及电功、电功率的计算，核心是掌握电能表的读数规则（最后一位为小数）和公式的灵活运用，属于基础应用题，难度适中。
【难度系数】
0.6
要解决该问题，首先需明确电能表的读数规则：电能表最后一位是小数位，单位为kW·h，据此读出出发和回家时的电能表示数，两者差值即为这段时间消耗的电能；接着计算两个用电器的总功率，再根据电功公式W=Pt变形得到t=W/P，代入数据计算外出时间，计算时需统一单位（功率换算为kW，电能为kW·h，时间单位即为h）。
【解析】
1. 计算消耗的电能：
根据电能表读数规则，出发时电能表示数$ W_{初}=2018.8\ \mathrm{kW·h} $，回家时$ W_{末}=2023.6\ \mathrm{kW·h} $，这段时间消耗的电能：
$ W = W_{末} - W_{初} = 2023.6\ \mathrm{kW·h} - 2018.8\ \mathrm{kW·h} = 4.8\ \mathrm{kW·h} $。
2. 计算总功率：
网络摄像头功率$ P_1=24\ \mathrm{W} $，路由器功率$ P_2=6\ \mathrm{W} $，总功率：
$ P = P_1 + P_2 = 24\ \mathrm{W} + 6\ \mathrm{W} = 30\ \mathrm{W} = 0.03\ \mathrm{kW} $。
3. 计算外出时间：
由$ W=Pt $变形得$ t=\frac{W}{P} $，代入数据：
$ t = \frac{4.8\ \mathrm{kW·h}}{0.03\ \mathrm{kW}} = 160\ \mathrm{h} $。
【答案】
4.8；160
【知识点】
电能表读数、电能计算、电功率计算
【点评】
本题结合生活实际考查电能表读数及电功、电功率的计算，核心是掌握电能表的读数规则（最后一位为小数）和公式的灵活运用，属于基础应用题，难度适中。
【难度系数】
0.6
8 [2026重庆实验中学月考] 如图甲所示是年轻人追捧的高颜值实用性加热杯垫，可以随时加热咖啡茶饮，还可以加热面包等小零食，其等效电路结构如图乙所示。电路中电源两端电压保持5 V不变，$R_1$的阻值为$2.5\ \Omega$，$R_2$的阻值为$5\ \Omega$。求：
(1)只闭合开关S时，通过$R_2$的电流；
(2)S和$S_1$都闭合时，电路的总功率。
(1)只闭合开关S时，通过$R_2$的电流；
(2)S和$S_1$都闭合时，电路的总功率。
答案
解:(1)由题图乙可知,只闭合开关S时,电路中只有$R_2$工作,通过$R_2$的电流$I_2 = \frac{U}{R_2} = \frac{5\ \mathrm{V}}{5\ \Omega} = 1\ \mathrm{A}$。
(2)S和$S_1$都闭合时,两电阻并联,由并联电路的特点可知,此时通过$R_2$的电流仍为1 A,通过$R_1$的电流$I_1 = \frac{U}{R_1} = \frac{5\ \mathrm{V}}{2.5\ \Omega} = 2\ \mathrm{A}$,由并联电路的电流特点可知,干路电流$I = I_1 + I_2 = 2\ \mathrm{A} + 1\ \mathrm{A} = 3\ \mathrm{A}$,电路的总功率$P = UI = 5\ \mathrm{V} × 3\ \mathrm{A} = 15\ \mathrm{W}$。
(2)S和$S_1$都闭合时,两电阻并联,由并联电路的特点可知,此时通过$R_2$的电流仍为1 A,通过$R_1$的电流$I_1 = \frac{U}{R_1} = \frac{5\ \mathrm{V}}{2.5\ \Omega} = 2\ \mathrm{A}$,由并联电路的电流特点可知,干路电流$I = I_1 + I_2 = 2\ \mathrm{A} + 1\ \mathrm{A} = 3\ \mathrm{A}$,电路的总功率$P = UI = 5\ \mathrm{V} × 3\ \mathrm{A} = 15\ \mathrm{W}$。
解析
【分析】
本题考查电路的欧姆定律与电功率计算，解题时需先分析开关闭合时的电路连接状态：第(1)问只闭合S时，仅R₂接入电路，利用欧姆定律即可计算电流；第(2)问S和S₁都闭合时，R₁与R₂并联，需结合并联电路的电压、电流特点，先算各支路电流，再求总电流，最后用P=UI计算总功率。
【解析】
(1) 只闭合开关S时，电路为R₂的简单电路，电源电压U=5V，R₂=5Ω，根据欧姆定律 $ I = \frac{U}{R} $，通过R₂的电流：
$ I_2 = \frac{U}{R_2} = \frac{5\ \mathrm{V}}{5\ \Omega} = 1\ \mathrm{A} $。
(2) S和S₁都闭合时，R₁与R₂并联，并联电路各支路电压等于电源电压，因此通过R₁的电流：
$ I_1 = \frac{U}{R_1} = \frac{5\ \mathrm{V}}{2.5\ \Omega} = 2\ \mathrm{A} $；
并联电路干路电流等于各支路电流之和，总电流：
$ I = I_1 + I_2 = 2\ \mathrm{A} + 1\ \mathrm{A} = 3\ \mathrm{A} $；
电路的总功率：
$ P = UI = 5\ \mathrm{V} × 3\ \mathrm{A} = 15\ \mathrm{W} $。
【答案】
(1) 1 A；(2) 15 W
【知识点】
欧姆定律、并联电路特点、电功率计算
【点评】
本题为电路基础题型，核心是分析不同开关状态下的电路连接方式，结合欧姆定律和并联电路规律解题，难度适中，适合巩固电路相关知识点。
【难度系数】
0.6
本题考查电路的欧姆定律与电功率计算，解题时需先分析开关闭合时的电路连接状态：第(1)问只闭合S时，仅R₂接入电路，利用欧姆定律即可计算电流；第(2)问S和S₁都闭合时，R₁与R₂并联，需结合并联电路的电压、电流特点，先算各支路电流，再求总电流，最后用P=UI计算总功率。
【解析】
(1) 只闭合开关S时，电路为R₂的简单电路，电源电压U=5V，R₂=5Ω，根据欧姆定律 $ I = \frac{U}{R} $，通过R₂的电流：
$ I_2 = \frac{U}{R_2} = \frac{5\ \mathrm{V}}{5\ \Omega} = 1\ \mathrm{A} $。
(2) S和S₁都闭合时，R₁与R₂并联，并联电路各支路电压等于电源电压，因此通过R₁的电流：
$ I_1 = \frac{U}{R_1} = \frac{5\ \mathrm{V}}{2.5\ \Omega} = 2\ \mathrm{A} $；
并联电路干路电流等于各支路电流之和，总电流：
$ I = I_1 + I_2 = 2\ \mathrm{A} + 1\ \mathrm{A} = 3\ \mathrm{A} $；
电路的总功率：
$ P = UI = 5\ \mathrm{V} × 3\ \mathrm{A} = 15\ \mathrm{W} $。
【答案】
(1) 1 A；(2) 15 W
【知识点】
欧姆定律、并联电路特点、电功率计算
【点评】
本题为电路基础题型，核心是分析不同开关状态下的电路连接方式，结合欧姆定律和并联电路规律解题，难度适中，适合巩固电路相关知识点。
【难度系数】
0.6
