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1.(2024·江苏徐州中考)在探究不同物质吸热升温的情况时，将
质量
相等的沙子和水分别装入易拉罐中，用相同的热源和方法加热，则单位时间内沙子和水吸收的热量相等
。如图所示，实验得到沙子和水的温度随时间变化的图像，其中a是沙子
的图像。答案
1. 质量 相等 沙子
解析
【分析】
这道题考查探究不同物质吸热升温的实验，解题思路如下：首先，根据控制变量法，探究不同物质的吸热能力时，需保证沙子和水的质量相等；其次，相同热源在相同时间内放出的热量相同，因此沙子和水单位时间吸收的热量相等；最后，根据热量公式Q=cmΔt，质量相同、吸热相同时，比热容越小，温度升高越快，沙子比热容比水小，升温更快，结合图像中a升温更快，可判断a对应的物质。
【解析】
1. 探究不同物质吸热升温的实验，需遵循控制变量法，因此要取质量相等的沙子和水，才能准确比较它们的吸热能力；
2. 实验使用相同的热源加热，相同时间内热源放出的热量相同，所以单位时间内沙子和水吸收的热量相等；
3. 根据公式Δt=Q/(cm)，当质量m相同、吸收热量Q相同时，比热容c越小，温度变化Δt越大。沙子的比热容小于水，相同时间内沙子温度升高更快，图像中a的温度随时间变化更陡，升温更快，因此a是沙子的图像。
【答案】
质量；相等；沙子
【知识点】
比热容、探究物质吸热能力
【点评】
本题结合控制变量法和比热容公式分析实验图像，考查对探究不同物质吸热升温实验的理解，需要掌握比热容与温度变化的关系，难度适中。
【难度系数】
0.6
这道题考查探究不同物质吸热升温的实验，解题思路如下：首先，根据控制变量法，探究不同物质的吸热能力时，需保证沙子和水的质量相等；其次，相同热源在相同时间内放出的热量相同，因此沙子和水单位时间吸收的热量相等；最后，根据热量公式Q=cmΔt，质量相同、吸热相同时，比热容越小，温度升高越快，沙子比热容比水小，升温更快，结合图像中a升温更快，可判断a对应的物质。
【解析】
1. 探究不同物质吸热升温的实验，需遵循控制变量法，因此要取质量相等的沙子和水，才能准确比较它们的吸热能力；
2. 实验使用相同的热源加热，相同时间内热源放出的热量相同，所以单位时间内沙子和水吸收的热量相等；
3. 根据公式Δt=Q/(cm)，当质量m相同、吸收热量Q相同时，比热容c越小，温度变化Δt越大。沙子的比热容小于水，相同时间内沙子温度升高更快，图像中a的温度随时间变化更陡，升温更快，因此a是沙子的图像。
【答案】
质量；相等；沙子
【知识点】
比热容、探究物质吸热能力
【点评】
本题结合控制变量法和比热容公式分析实验图像，考查对探究不同物质吸热升温实验的理解，需要掌握比热容与温度变化的关系，难度适中。
【难度系数】
0.6
2. 关于比热容，下列说法正确的是(
A.比热容是物质的属性之一，与物体的质量、吸收或放出的热量的多少无关
B.只要升高相同的温度，比热容小的物体一定比比热容大的物体吸收的热量少
C.温度高的物体比温度低的物体的比热容大
D.比热容大的物体一定比比热容小的物体升温慢
A
)。A.比热容是物质的属性之一，与物体的质量、吸收或放出的热量的多少无关
B.只要升高相同的温度，比热容小的物体一定比比热容大的物体吸收的热量少
C.温度高的物体比温度低的物体的比热容大
D.比热容大的物体一定比比热容小的物体升温慢
答案
A
解析
【分析】
要解决这道题，需先明确比热容的核心特性：比热容是物质的固有属性，仅与物质的种类和状态有关，与物体的质量、吸放热多少、温度变化均无关；再结合热量公式Q=cmΔt分析各选项，判断说法是否正确。
【解析】
1. 明确比热容定义：比热容是物质的一种属性，只由物质种类、状态决定，与质量、吸放热、温度高低无关。
2. 分析选项：
A选项：符合比热容的属性特性，说法正确；
B选项：根据Q=cmΔt，物体吸热量由c、m、Δt共同决定，仅Δt相同，未说明m的大小，无法比较吸热量，错误；
C选项：比热容与温度高低无关，错误；
D选项：升温快慢（Δt）由Q、c、m共同决定，仅c大，未说明Q和m，无法判断升温快慢，错误。
综上，正确选项为A。
【答案】
A
【知识点】
比热容的概念、热量计算公式
【点评】
本题考查比热容的基本概念和热量公式的应用，核心是理解比热容的固有属性，以及热量计算中多物理量的关联，属于基础概念题，需注意避免忽略质量对吸放热的影响。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需先明确比热容的核心特性：比热容是物质的固有属性，仅与物质的种类和状态有关，与物体的质量、吸放热多少、温度变化均无关；再结合热量公式Q=cmΔt分析各选项，判断说法是否正确。
【解析】
1. 明确比热容定义：比热容是物质的一种属性，只由物质种类、状态决定，与质量、吸放热、温度高低无关。
2. 分析选项：
A选项：符合比热容的属性特性，说法正确；
B选项：根据Q=cmΔt，物体吸热量由c、m、Δt共同决定，仅Δt相同，未说明m的大小，无法比较吸热量，错误；
C选项：比热容与温度高低无关，错误；
D选项：升温快慢（Δt）由Q、c、m共同决定，仅c大，未说明Q和m，无法判断升温快慢，错误。
综上，正确选项为A。
【答案】
A
【知识点】
比热容的概念、热量计算公式
【点评】
本题考查比热容的基本概念和热量公式的应用，核心是理解比热容的固有属性，以及热量计算中多物理量的关联，属于基础概念题，需注意避免忽略质量对吸放热的影响。
【难度系数】
0.6
3.(2025·四川达州中考)物理实验课上，“动手知真”小组在标准大气压下对质量为2 kg、初温为20 ℃的水进行加热，一段时间后温度计示数如图所示，为
85
℃，该过程中水吸收的热量为$5.46×10^5$
J。已知$c_{水}=4.2×10^{3} J/(kg·℃)$。答案
85 $5.46×10^5$
【解析】由题图可知,温度计的示数为 85 ℃,即水的末温为 85 ℃,则水吸收的热量$Q_吸=c_水 m_水(t-t_0)=4.2×10^3 J/(kg·℃)×2 kg×(85 ℃-20 ℃)=5.46×10^5 J$。
【解析】由题图可知,温度计的示数为 85 ℃,即水的末温为 85 ℃,则水吸收的热量$Q_吸=c_水 m_水(t-t_0)=4.2×10^3 J/(kg·℃)×2 kg×(85 ℃-20 ℃)=5.46×10^5 J$。
解析
【分析】
要解决这道题，首先需正确读取温度计的示数：先确定温度计的分度值，观察题图可知，温度计上10℃之间有10个小格，所以每个小格代表1℃，即分度值为1℃；液柱对应刻度在80℃上方第5个小格，因此示数为85℃。接着计算水吸收的热量，需利用吸热公式$Q_{吸}=c_{水}m(t-t_{0})$，其中$c_{水}$为水的比热容，m为水的质量，t为末温，$t_{0}$为初温，代入对应数值即可算出结果。
【解析】
1. 温度计读数：观察题图中的温度计，刻度上70℃到80℃之间有10个小格，所以分度值为1℃；液柱的上表面位于80℃上方第5个小格处，因此温度计的示数为$80℃ + 5×1℃ = 85℃$，即水的末温$t=85℃$。
2. 热量计算：已知水的质量$m=2kg$，初温$t_{0}=20℃$，水的比热容$c_{水}=4.2×10^{3}J/(kg·℃)$，根据吸热公式$Q_{吸}=c_{水}m(t-t_{0})$，代入数值可得：
$Q_{吸}=4.2×10^{3}J/(kg·℃)×2kg×(85℃ - 20℃)=5.46×10^{5}J$。
【答案】
85；$5.46×10^{5}$
【知识点】
温度计的读数；热量的计算
【点评】
本题结合温度计读数和热量计算，考查基础热学知识，解题关键是正确读取温度计示数并熟练运用吸热公式，属于常规基础题型。
【难度系数】
0.8
要解决这道题，首先需正确读取温度计的示数：先确定温度计的分度值，观察题图可知，温度计上10℃之间有10个小格，所以每个小格代表1℃，即分度值为1℃；液柱对应刻度在80℃上方第5个小格，因此示数为85℃。接着计算水吸收的热量，需利用吸热公式$Q_{吸}=c_{水}m(t-t_{0})$，其中$c_{水}$为水的比热容，m为水的质量，t为末温，$t_{0}$为初温，代入对应数值即可算出结果。
【解析】
1. 温度计读数：观察题图中的温度计，刻度上70℃到80℃之间有10个小格，所以分度值为1℃；液柱的上表面位于80℃上方第5个小格处，因此温度计的示数为$80℃ + 5×1℃ = 85℃$，即水的末温$t=85℃$。
2. 热量计算：已知水的质量$m=2kg$，初温$t_{0}=20℃$，水的比热容$c_{水}=4.2×10^{3}J/(kg·℃)$，根据吸热公式$Q_{吸}=c_{水}m(t-t_{0})$，代入数值可得：
$Q_{吸}=4.2×10^{3}J/(kg·℃)×2kg×(85℃ - 20℃)=5.46×10^{5}J$。
【答案】
85；$5.46×10^{5}$
【知识点】
温度计的读数；热量的计算
【点评】
本题结合温度计读数和热量计算，考查基础热学知识，解题关键是正确读取温度计示数并熟练运用吸热公式，属于常规基础题型。
【难度系数】
0.8
4.(2024·湖北武汉中考)下列事例中，与“水的比热容较大”这个特性无关的是(
A.汽车发动机用水作冷却剂
B.人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷
C.海边昼夜温度变化比沙漠中小，适宜居住
D.生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度
B
)。A.汽车发动机用水作冷却剂
B.人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷
C.海边昼夜温度变化比沙漠中小，适宜居住
D.生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度
答案
B
解析
【分析】本题要求选出与“水的比热容较大”特性无关的事例，解题思路为：先明确水的比热容大的特性（相同质量的水与其他物质相比，吸收/放出相同热量时温度变化小；升高/降低相同温度时吸收/放出热量多），再逐一分析每个选项对应的热学原理，判断是否利用了水的比热容大的特性，最终确定无关选项。
【解析】A选项：汽车发动机用水作冷却剂，是因为水的比热容大，相同质量的水和其他物质升高相同温度时，水能吸收更多热量，从而有效冷却发动机，与水的比热容大有关，不符合题意；B选项：人游泳后从水中出来，风一吹感觉更冷，是因为身上的水蒸发（汽化）吸热，风加快了空气流动，进一步加快蒸发，使人体温度降低，这是蒸发吸热的现象，与水的比热容无关，符合题意；C选项：海边昼夜温度变化比沙漠中小，是因为水的比热容大，白天吸收相同热量时水温度升高少，夜晚放出相同热量时水温度降低少，利用了水的比热容大的特性，不符合题意；D选项：生物体内水的比例很高，有助于调节自身温度，是因为水的比热容大，温度变化幅度小，利用了水的比热容大的特性，不符合题意。
【答案】B
【知识点】比热容的应用
【点评】本题为中考基础题，考查水的比热容特性的实际应用，需准确区分比热容与蒸发吸热等不同热现象，难度适中，是热学部分的常见考点。
【难度系数】0.7
【解析】A选项：汽车发动机用水作冷却剂，是因为水的比热容大，相同质量的水和其他物质升高相同温度时，水能吸收更多热量，从而有效冷却发动机，与水的比热容大有关，不符合题意；B选项：人游泳后从水中出来，风一吹感觉更冷，是因为身上的水蒸发（汽化）吸热，风加快了空气流动，进一步加快蒸发，使人体温度降低，这是蒸发吸热的现象，与水的比热容无关，符合题意；C选项：海边昼夜温度变化比沙漠中小，是因为水的比热容大，白天吸收相同热量时水温度升高少，夜晚放出相同热量时水温度降低少，利用了水的比热容大的特性，不符合题意；D选项：生物体内水的比例很高，有助于调节自身温度，是因为水的比热容大，温度变化幅度小，利用了水的比热容大的特性，不符合题意。
【答案】B
【知识点】比热容的应用
【点评】本题为中考基础题，考查水的比热容特性的实际应用，需准确区分比热容与蒸发吸热等不同热现象，难度适中，是热学部分的常见考点。
【难度系数】0.7
5.(2025·江苏徐州中考改编)小华在家中烧水时有个疑问:水吸收的热量与什么因素有关呢？她猜想:水吸收的热量与水的质量和升高的温度有关。为了探究其中的关系,她借助一个电热水壶进行实验。
(1)水吸收的热量无法直接测量,实验中用加热时间表示,因为水吸收的热量与加热时间成
(2)在探究水吸收的热量与水升高的温度之间的关系时,小华量取0.8 kg的水,用电热水壶加热,每隔1 min测量一次水的温度。测得数据如下表所示。请在坐标图中画出水的温度随加热时间变化的图像。
(3)在探究水吸收的热量与水的质量之间的关系时,应控制水
(1)水吸收的热量无法直接测量,实验中用加热时间表示,因为水吸收的热量与加热时间成
正比
。(2)在探究水吸收的热量与水升高的温度之间的关系时,小华量取0.8 kg的水,用电热水壶加热,每隔1 min测量一次水的温度。测得数据如下表所示。请在坐标图中画出水的温度随加热时间变化的图像。
(3)在探究水吸收的热量与水的质量之间的关系时,应控制水
升高的温度
相同,量取不同质量的水,分别用电热水壶加热,记录加热时间。答案
(1)正比
(2)
(3)升高的温度
解析
【分析】
1. 第(1)问：利用转换法，相同电热水壶在相同时间内放出的热量相等，因此水吸收的热量与加热时间成正比，可通过加热时间间接反映吸热多少。
2. 第(2)问：根据实验测得的时间和对应温度，在坐标图中描出各数据点，再用直线连接各点即可得到温度随加热时间变化的图像。
3. 第(3)问：探究水吸收热量与质量的关系时，需遵循控制变量法，控制其他可能影响吸热的因素不变，仅改变水的质量，因此要控制水升高的温度相同。
【解析】
(1) 相同电热水壶单位时间内放出的热量相同，水吸收的热量与加热时间成正比，故填正比。
(2) 根据实验数据，在坐标图中描出(0,20)、(1,30)、(2,40)、(3,50)、(4,60)、(5,70)这些点，用直线连接后得到温度随加热时间变化的图像，对应题目给出的图像。
(3) 探究水吸收热量与质量的关系时，根据控制变量法，应控制水升高的温度相同，改变水的质量，比较加热时间的差异，故填升高的温度。
【答案】
(1) 正比
(2)
(3) 升高的温度
【知识点】
热量的影响因素、控制变量法、转换法
【点评】
本题通过探究水吸收热量的影响因素，考查了热学实验中常用的转换法和控制变量法，是热学基础实验题型，注重实验方法的应用。
【难度系数】
0.6
1. 第(1)问：利用转换法，相同电热水壶在相同时间内放出的热量相等，因此水吸收的热量与加热时间成正比，可通过加热时间间接反映吸热多少。
2. 第(2)问：根据实验测得的时间和对应温度，在坐标图中描出各数据点，再用直线连接各点即可得到温度随加热时间变化的图像。
3. 第(3)问：探究水吸收热量与质量的关系时，需遵循控制变量法，控制其他可能影响吸热的因素不变，仅改变水的质量，因此要控制水升高的温度相同。
【解析】
(1) 相同电热水壶单位时间内放出的热量相同，水吸收的热量与加热时间成正比，故填正比。
(2) 根据实验数据，在坐标图中描出(0,20)、(1,30)、(2,40)、(3,50)、(4,60)、(5,70)这些点，用直线连接后得到温度随加热时间变化的图像，对应题目给出的图像。
(3) 探究水吸收热量与质量的关系时，根据控制变量法，应控制水升高的温度相同，改变水的质量，比较加热时间的差异，故填升高的温度。
【答案】
(1) 正比
(2)
(3) 升高的温度
【知识点】
热量的影响因素、控制变量法、转换法
【点评】
本题通过探究水吸收热量的影响因素，考查了热学实验中常用的转换法和控制变量法，是热学基础实验题型，注重实验方法的应用。
【难度系数】
0.6
