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13. (2025·苏州星海实验中学期中)如图a、b、c是三个电压表或电流表,闭合开关后,两个灯泡并联且均能正常发光,已知a、b、c三个电表读得的数值依次为1.5、1.2、2.5(单位是A或V).则可知a为
电流
表,电源电压为2.5
V,通过$\mathrm{L}_{1}$的电流是0.3
A.答案
13. 电流 2.5 0.3 解析:闭合开关后,两个灯泡并联并且均能正常发光,说明两灯泡与电源之间为通路,故a、b为电流表.为了使电源不被短路,c为电压表.因此a、b、c三个电表读得的数值依次为1.5 A、1.2 A、2.5 V,故电源电压为2.5 V.通过L₁的电流为$I=I_{a}-I_{b}=1.5$ A-1.2 A=0.3 A.
解析
【分析】
我们首先明确解题的核心思路：要满足两个灯泡并联且正常发光，结合电流表相当于导线、必须串联在电路中，电压表相当于断路、必须并联在电路中的特性，先逐个判断三个电表的类型：首先a在电路的干路位置，如果a是电压表，整个电路会直接断路，所以a必然是电流表；其次b和L2所在支路串联，如果b是电压表，L2支路就会断开无法工作，所以b也为电流表；最后c并联在电源两端，如果c是电流表会直接造成电源短路，因此c只能是电压表。之后结合并联电路的电流规律，干路总电流等于各支路电流之和，就可以算出通过L1的电流，电压表c的示数就是电源电压。
【解析】
1. 判断电表类型：
要让L₁、L₂形成并联电路，电流从电源正极流出经过开关后，需要分成两条独立路径分别通过L₁、L₂，最终回到电源负极：
电表a串联在干路中，若为电压表电路会完全断路，因此a是电流表，测量干路的总电流；
电表b与L₂串联在同一条支路，若为电压表L₂支路会断路，因此b是电流表，测量通过L₂的电流；
电表c并联在电源两端，若为电流表会直接将电源正负极连通造成短路，因此c是电压表，测量电源电压。
2. 代入数值计算：
已知三个电表示数依次为1.5、1.2、2.5，对应可得：干路总电流Iₐ=1.5A，通过L₂的电流Iᵦ=1.2A，电源电压U=U_c=2.5V。
根据并联电路电流规律：干路电流等于各支路电流之和，因此通过L₁的电流I₁ = Iₐ - Iᵦ = 1.5A - 1.2A = 0.3A。
【答案】
电流；2.5；0.3
【知识点】
电流表使用规则；电压表使用规则；并联电路电流规律
【点评】
本题的易错点是容易误判b、c的电表属性，导致电路分析错误，解题的关键是牢记电流表串联、电压表并联的基本使用规则，同时排除电源短路的错误情况，再结合并联电路的电流规律即可顺利完成计算。
【难度系数】
0.6
我们首先明确解题的核心思路：要满足两个灯泡并联且正常发光，结合电流表相当于导线、必须串联在电路中，电压表相当于断路、必须并联在电路中的特性，先逐个判断三个电表的类型：首先a在电路的干路位置，如果a是电压表，整个电路会直接断路，所以a必然是电流表；其次b和L2所在支路串联，如果b是电压表，L2支路就会断开无法工作，所以b也为电流表；最后c并联在电源两端，如果c是电流表会直接造成电源短路，因此c只能是电压表。之后结合并联电路的电流规律，干路总电流等于各支路电流之和，就可以算出通过L1的电流，电压表c的示数就是电源电压。
【解析】
1. 判断电表类型：
要让L₁、L₂形成并联电路，电流从电源正极流出经过开关后，需要分成两条独立路径分别通过L₁、L₂，最终回到电源负极：
电表a串联在干路中，若为电压表电路会完全断路，因此a是电流表，测量干路的总电流；
电表b与L₂串联在同一条支路，若为电压表L₂支路会断路，因此b是电流表，测量通过L₂的电流；
电表c并联在电源两端，若为电流表会直接将电源正负极连通造成短路，因此c是电压表，测量电源电压。
2. 代入数值计算：
已知三个电表示数依次为1.5、1.2、2.5，对应可得：干路总电流Iₐ=1.5A，通过L₂的电流Iᵦ=1.2A，电源电压U=U_c=2.5V。
根据并联电路电流规律：干路电流等于各支路电流之和，因此通过L₁的电流I₁ = Iₐ - Iᵦ = 1.5A - 1.2A = 0.3A。
【答案】
电流；2.5；0.3
【知识点】
电流表使用规则；电压表使用规则；并联电路电流规律
【点评】
本题的易错点是容易误判b、c的电表属性，导致电路分析错误，解题的关键是牢记电流表串联、电压表并联的基本使用规则，同时排除电源短路的错误情况，再结合并联电路的电流规律即可顺利完成计算。
【难度系数】
0.6
14. (2025·南京建邺区期中)如图甲所示的电路中,电源电压不变,各元件完好.闭合开关S、S₁,灯
L₁、L₂
发光,电压表V₁和V₂的示数均如图乙所示,则电源电压为6
V;再断开开关S₁,电压表V₁的示数变化了1 V,此时灯泡L₃两端的电压为1
V.若用电流表A₁和A₂分别替换电压表V₁和V₂,仅闭合开关S,电流表A₁的示数为1.6 A,A₂的示数为1 A,若通过灯泡L₂和L₃的电流相等,则通过灯泡L₁的电流为0.2
A.答案
14. L₁、L₂ 6 1 0.2 解析:闭合开关S、S₁时,灯L₃被短路,L₁与L₂串联,所以灯L₁、L₂发光.由图可知,电压表V₁测量L₁与L₂的总电压,即电源电压,电压表V₂测量灯L₂的电压;因为电压表V₁和V₂的示数均如题图乙所示,两电压表指针位置相同,则电压表V₂选择的是0~3 V的量程,示数为1.2 V,即L₂两端电压为1.2 V;电压表V₁选择的是0~15 V的量程,示数为6 V,即电源电压为6 V.再断开开关S₁,此时灯L₁、L₂、L₃串联,电压表V₁测L₁与L₂的总电压,电压表V₁示数变化了1 V,因为电压表V₁原来测电源电压6 V,此时电压表V₁示数是减小了1 V,减小的示数等于灯泡L₃两端的电压,所以此时灯泡L₃两端的电压为1 V.若用电流表A₁和A₂分别替换电压表V₁和V₂,仅闭合开关S,此时灯L₁、L₂、L₃并联,电流表A₁测通过L₂和L₃的总电流,电流表A₁的示数为1.6 A,则有$I_{2}+I_{3}=1.6$ A;电流表A₂测量通过L₁和L₂的总电流,电流表A₂的示数为1 A,则有$I_{1}+I_{2}=1$ A;若通过灯泡L₂和L₃的电流相等,则有$I_{2}=I_{3}$,又因为$I_{2}+I_{3}=1.6$ A,所以$I_{2}=I_{3}=0.8$ A,因为$I_{1}+I_{2}=1$ A,$I_{2}=0.8$ A,则通过灯泡L₁的电流为$I_{1}=1$ A-0.8 A=0.2 A.
解析
【分析】
我们可以分不同开关状态逐步拆解电路分析：
1. 首先分析闭合S、S₁的电路：电流从电源正极流出后，S₁所在导线直接并联在L₃两端，L₃被短路，电流依次经过L₂、L₁回到电源负极，因此只有L₁、L₂串联发光。此时V₁测电源总电压，V₂测L₂两端电压，两表指针位置相同，总电压必然大于L₂的分压，因此V₁使用0~15V大量程、V₂使用0~3V小量程读数，即可得到电源电压。
2. 断开S₁后，三个灯泡串联，V₁现在测量L₁和L₂的总电压，原来V₁示数等于电源电压6V，示数变化了1V即V₁示数减小1V，根据串联总电压不变的特点，减小的数值就等于L₃两端的电压。
3. 将两个电压表替换为电流表，仅闭合S时，三个灯泡并联：A₁测L₂和L₃的总电流，A₂测L₁和L₂的总电流，结合已知I₂=I₃的条件，代入两个电流关系式即可算出L₁的电流。
【解析】
① 闭合开关S、S₁时，L₃被S₁短路，电路为L₁与L₂串联，因此灯L₁、L₂发光；
此时电压表V₁测量电源电压，电压表V₂测量L₂两端电压，两表指针偏转角度相同，由于电源电压大于L₂的分压，V₁选择0~15V量程，分度值0.5V，读数为6V，即电源电压为6V。
② 断开开关S₁后，L₁、L₂、L₃串联，电压表V₁测量L₁和L₂的总电压，V₁示数从6V减小了1V，变为5V，根据串联电路总电压等于各部分电压之和，L₃两端的电压U₃=6V-5V=1V。
③ 用电流表替换V₁、V₂，仅闭合S时，L₁、L₂、L₃并联：电流表A₁测量L₂和L₃的总电流，即I₂+I₃=1.6A；电流表A₂测量L₁和L₂的总电流，即I₁+I₂=1A。已知I₂=I₃，代入I₂+I₃=1.6A可得I₂=I₃=0.8A，再代入I₁+I₂=1A，解得I₁=1A-0.8A=0.2A。
【答案】
L₁、L₂；6；1；0.2
【知识点】
串并联电路识别，电压表读数，串并联电路规律
【点评】
本题是典型的多状态动态电路综合题，核心难点是不同开关通断、电表替换后的电路连接方式识别，需要精准判断每个状态下电表的测量对象，结合串并联电路的电压、电流规律推导结果，易错点为同指针双电压表的量程选择，以及替换电流表后并联支路的电流关系梳理。
【难度系数】
0.4
我们可以分不同开关状态逐步拆解电路分析：
1. 首先分析闭合S、S₁的电路：电流从电源正极流出后，S₁所在导线直接并联在L₃两端，L₃被短路，电流依次经过L₂、L₁回到电源负极，因此只有L₁、L₂串联发光。此时V₁测电源总电压，V₂测L₂两端电压，两表指针位置相同，总电压必然大于L₂的分压，因此V₁使用0~15V大量程、V₂使用0~3V小量程读数，即可得到电源电压。
2. 断开S₁后，三个灯泡串联，V₁现在测量L₁和L₂的总电压，原来V₁示数等于电源电压6V，示数变化了1V即V₁示数减小1V，根据串联总电压不变的特点，减小的数值就等于L₃两端的电压。
3. 将两个电压表替换为电流表，仅闭合S时，三个灯泡并联：A₁测L₂和L₃的总电流，A₂测L₁和L₂的总电流，结合已知I₂=I₃的条件，代入两个电流关系式即可算出L₁的电流。
【解析】
① 闭合开关S、S₁时，L₃被S₁短路，电路为L₁与L₂串联，因此灯L₁、L₂发光；
此时电压表V₁测量电源电压，电压表V₂测量L₂两端电压，两表指针偏转角度相同，由于电源电压大于L₂的分压，V₁选择0~15V量程，分度值0.5V，读数为6V，即电源电压为6V。
② 断开开关S₁后，L₁、L₂、L₃串联，电压表V₁测量L₁和L₂的总电压，V₁示数从6V减小了1V，变为5V，根据串联电路总电压等于各部分电压之和，L₃两端的电压U₃=6V-5V=1V。
③ 用电流表替换V₁、V₂，仅闭合S时，L₁、L₂、L₃并联：电流表A₁测量L₂和L₃的总电流，即I₂+I₃=1.6A；电流表A₂测量L₁和L₂的总电流，即I₁+I₂=1A。已知I₂=I₃，代入I₂+I₃=1.6A可得I₂=I₃=0.8A，再代入I₁+I₂=1A，解得I₁=1A-0.8A=0.2A。
【答案】
L₁、L₂；6；1；0.2
【知识点】
串并联电路识别，电压表读数，串并联电路规律
【点评】
本题是典型的多状态动态电路综合题，核心难点是不同开关通断、电表替换后的电路连接方式识别，需要精准判断每个状态下电表的测量对象，结合串并联电路的电压、电流规律推导结果，易错点为同指针双电压表的量程选择，以及替换电流表后并联支路的电流关系梳理。
【难度系数】
0.4
15. 核心素养 科学思维 如图所示,开关 S、S₁都闭合时,电灯 L₁、L₂、L₃ 的连接方式是
A.
并联
,电流表 A₂ 测量L₁、L₂
的电流,A₁ 和 A₂ 的指针偏转角度相同,且电流表有两个量程分别为 0~0.6 A,0~3 A,此时通过 L₁、L₃ 的电流之比为 1:8;随后将开关 S₁断开,发现 A₂ 的示数减少了 0.2 A,那么开关 S、S₁ 都闭合时流过 L₂ 的电流为0.15
A.
答案
15. 并联 L₁、L₂ 0.15 解析:开关S、S₁都闭合时,电灯L₁、L₂、L₃分别与电源的正负极连接,所以它们是并联在一起的.由电路图可知,电流表A₂连接在L₁、L₂前的干路上,所以电流表A₂测量L₁、L₂的电流.由电路图可知$I_{A1}=I_{L2}+I_{L3}$,$I_{A2}=I_{L2}+I_{L1}$,$I_{L1}:I_{L3}=1:8$,A₁和A₂的指针偏转角度相同,所以有$I_{A1}=5I_{A2}$,联立以上式子解得$3I_{L1}=4I_{L2}$.开关S₁断开,发现A₂的示数减少了0.2 A,所以$I_{L1}=0.2$ A,所以$I_{L2}=\frac{3}{4}I_{L1}=0.15$ A.若$5I_{A1}=I_{A2}$,同理求得$I_{L2}$为负数,故不成立.综上可得$I_{L2}=0.15$ A.
解析
【分析】
我们可以分三步逐步推导解题：第一步先梳理电流走向，判断三个灯泡的连接方式，电流从电源正极流出经过开关S后，可分别独立通过L₁、L₂、L3回到电源负极，三个灯泡工作互不干扰，因此属于并联结构。第二步判断电流表的测量对象，观察电流表接入的位置，A₂的电流是L₁和L₂两支路的电流汇合后的总电流，A₁的电流是L₂和L₃两支路的电流汇合后的总电流。第三步结合已知条件计算：开关S₁断开后L₁支路断路，A₂示数减少的数值就等于原来通过L₁的电流，得到I₁=0.2A，再结合I₁:I₃=1:8，以及电流表0~3A量程读数是0~0.6A量程5倍的倍率关系，结合A₁示数必然大于A₂的逻辑列等式，排除不符合物理意义的负数解，就能求出L₂的电流。
【解析】
1. 判断连接方式：开关S、S₁都闭合时，电流从电源正极出发，经过开关S后分为三条互不干扰的独立支路，分别经过L₁、L₂、L₃回到电源负极，因此三个电灯的连接方式是并联。
2. 判断A₂测量对象：电流表A₂的电流是L₁支路和L₂支路的电流汇合后的总电流，因此电流表A₂测量L₁、L₂的总电流。
3. 推导已知条件：
S₁断开后，L₁所在支路断路，A₂不再测量L₁的电流，示数减少的0.2A就是通过L₁的电流，即$I_{L1}=0.2\ \mathrm{A}$。
已知$I_{L1}:I_{L3}=1:8$，因此$I_{L3}=8I_{L1}=8×0.2\ \mathrm{A}=1.6\ \mathrm{A}$。
由电路结构可得：A₁的示数$I_{A1}=I_{L2}+I_{L3}$，A₂的示数$I_{A2}=I_{L1}+I_{L2}$，显然$I_{A1}＞I_{A2}$。两个电流表指针偏转角度相同时，0~3A量程的读数是0~0.6A量程读数的5倍，因此$I_{A1}=5I_{A2}$。
4. 代入数值求解：
将$I_{A1}=I_{L2}+1.6\ \mathrm{A}$，$I_{A2}=0.2\ \mathrm{A}+I_{L2}$代入$I_{A1}=5I_{A2}$：
$I_{L2}+1.6\ \mathrm{A}=5×(0.2\ \mathrm{A}+I_{L2})$
展开整理得：$4I_{L2}=0.6\ \mathrm{A}$，解得$I_{L2}=0.15\ \mathrm{A}$。
若假设$I_{A2}=5I_{A1}$，代入后会得到$I_{L2}$为负数，不符合物理实际，直接舍去。因此开关S、S₁都闭合时流过L₂的电流为0.15A。
【答案】
并联；L₁、L₂；0.15
【知识点】
并联电路判断；并联电流规律；电流表量程读数
【点评】
本题的易错点是容易误判电流表的测量对象，以及忽略两个同偏转角度电流表的量程倍率关系，需要结合并联电路总电流大于支路电流的逻辑判断哪个电流表使用大量程，排除不符合实际的无效解，对电路分析能力有一定的考察作用。
【难度系数】
0.4
我们可以分三步逐步推导解题：第一步先梳理电流走向，判断三个灯泡的连接方式，电流从电源正极流出经过开关S后，可分别独立通过L₁、L₂、L3回到电源负极，三个灯泡工作互不干扰，因此属于并联结构。第二步判断电流表的测量对象，观察电流表接入的位置，A₂的电流是L₁和L₂两支路的电流汇合后的总电流，A₁的电流是L₂和L₃两支路的电流汇合后的总电流。第三步结合已知条件计算：开关S₁断开后L₁支路断路，A₂示数减少的数值就等于原来通过L₁的电流，得到I₁=0.2A，再结合I₁:I₃=1:8，以及电流表0~3A量程读数是0~0.6A量程5倍的倍率关系，结合A₁示数必然大于A₂的逻辑列等式，排除不符合物理意义的负数解，就能求出L₂的电流。
【解析】
1. 判断连接方式：开关S、S₁都闭合时，电流从电源正极出发，经过开关S后分为三条互不干扰的独立支路，分别经过L₁、L₂、L₃回到电源负极，因此三个电灯的连接方式是并联。
2. 判断A₂测量对象：电流表A₂的电流是L₁支路和L₂支路的电流汇合后的总电流，因此电流表A₂测量L₁、L₂的总电流。
3. 推导已知条件：
S₁断开后，L₁所在支路断路，A₂不再测量L₁的电流，示数减少的0.2A就是通过L₁的电流，即$I_{L1}=0.2\ \mathrm{A}$。
已知$I_{L1}:I_{L3}=1:8$，因此$I_{L3}=8I_{L1}=8×0.2\ \mathrm{A}=1.6\ \mathrm{A}$。
由电路结构可得：A₁的示数$I_{A1}=I_{L2}+I_{L3}$，A₂的示数$I_{A2}=I_{L1}+I_{L2}$，显然$I_{A1}＞I_{A2}$。两个电流表指针偏转角度相同时，0~3A量程的读数是0~0.6A量程读数的5倍，因此$I_{A1}=5I_{A2}$。
4. 代入数值求解：
将$I_{A1}=I_{L2}+1.6\ \mathrm{A}$，$I_{A2}=0.2\ \mathrm{A}+I_{L2}$代入$I_{A1}=5I_{A2}$：
$I_{L2}+1.6\ \mathrm{A}=5×(0.2\ \mathrm{A}+I_{L2})$
展开整理得：$4I_{L2}=0.6\ \mathrm{A}$，解得$I_{L2}=0.15\ \mathrm{A}$。
若假设$I_{A2}=5I_{A1}$，代入后会得到$I_{L2}$为负数，不符合物理实际，直接舍去。因此开关S、S₁都闭合时流过L₂的电流为0.15A。
【答案】
并联；L₁、L₂；0.15
【知识点】
并联电路判断；并联电流规律；电流表量程读数
【点评】
本题的易错点是容易误判电流表的测量对象，以及忽略两个同偏转角度电流表的量程倍率关系，需要结合并联电路总电流大于支路电流的逻辑判断哪个电流表使用大量程，排除不符合实际的无效解，对电路分析能力有一定的考察作用。
【难度系数】
0.4
16. 在探究并联电路的电流特点时，某班各组同学从甲、乙、丙、丁四种规格的灯泡中，选取两个并联起来接在相同电源上，组成如图1所示的电路。
(1)用电流表测出电路中三个位置的电流来寻找规律，以下取点不合适的是
A. E、A、D
B. E、B、C
C. F、C、D
D. F、A、D
(2)小王组在连接电路时，刚接好最后一根导线，小灯泡就发光了，原因是
(3)小明组连接了如图2所示的实物连接图，此时，电流表测的是通过
(4)小李组闭合开关，电流表示数如图3所示，为了测量结果准确，她应该
(5)某次测量中，小红发现电流表接线柱上共连接了三根导线，如图4所示，其中导线甲中的电流为0.2 A，导线乙中的电流为0.3 A，则根据电路中的电流特点，导线丙中的电流为
(1)用电流表测出电路中三个位置的电流来寻找规律，以下取点不合适的是
C
。A. E、A、D
B. E、B、C
C. F、C、D
D. F、A、D
(2)小王组在连接电路时，刚接好最后一根导线，小灯泡就发光了，原因是
连接电路时开关未断开
。(3)小明组连接了如图2所示的实物连接图，此时，电流表测的是通过
干路
（填“L₁”“L₂”或“干路”）的电流。(4)小李组闭合开关，电流表示数如图3所示，为了测量结果准确，她应该
断开开关,电流表改用小量程
。(5)某次测量中，小红发现电流表接线柱上共连接了三根导线，如图4所示，其中导线甲中的电流为0.2 A，导线乙中的电流为0.3 A，则根据电路中的电流特点，导线丙中的电流为
0.1 A或0.5 A
。答案
16. (1)C (2)连接电路时开关未断开 (3)干路 (4)断开开关,电流表改用小量程 (5)0.1 A或0.5 A
解析:(1)取点F、C、D,即用电流表测干路的电流和通过L₂的支路电流,没有测量通过L₁的支路电流,故C符合题意.(2)为保护电路,连接电路时开关应断开,刚接好最后一根导线,小灯泡就发光了,可能是连接电路时,开关没有断开.(3)由图2可知,两灯泡并联,电流表在干路中,电流表测的是通过干路的电流.(4)闭合开关,电流表示数如题图3所示,电流表指针偏转角度较小,为了测量结果准确,她应该断开开关,换接电流表小量程,重新进行实验.(5)某次测量中,发现电流表接线柱上共连接了三根导线,如题图4所示,其中导线甲中的电流为0.2 A,导线乙中的电流为0.3 A.若电流从甲、丙流入,从乙流出,根据并联电路电流的规律$I_{丙}=0.3$ A-0.2 A=0.1 A;若电流从甲、乙流入,从丙流出,根据并联电路电流的规律$I_{丙}'=0.2$ A+0.3 A=0.5 A.
解析:(1)取点F、C、D,即用电流表测干路的电流和通过L₂的支路电流,没有测量通过L₁的支路电流,故C符合题意.(2)为保护电路,连接电路时开关应断开,刚接好最后一根导线,小灯泡就发光了,可能是连接电路时,开关没有断开.(3)由图2可知,两灯泡并联,电流表在干路中,电流表测的是通过干路的电流.(4)闭合开关,电流表示数如题图3所示,电流表指针偏转角度较小,为了测量结果准确,她应该断开开关,换接电流表小量程,重新进行实验.(5)某次测量中,发现电流表接线柱上共连接了三根导线,如题图4所示,其中导线甲中的电流为0.2 A,导线乙中的电流为0.3 A.若电流从甲、丙流入,从乙流出,根据并联电路电流的规律$I_{丙}=0.3$ A-0.2 A=0.1 A;若电流从甲、乙流入,从丙流出,根据并联电路电流的规律$I_{丙}'=0.2$ A+0.3 A=0.5 A.
解析
【分析】
我们可以逐问梳理清晰的解题思路：
1. 第一问：探究并联电路电流规律，需要分别测量1个干路电流、两个不同支路的电流，三个测量点必须分别对应干路、L₁支路、L₂支路。逐个核对选项的三个点：A选项E是干路，A在L₁支路，D在L₂支路，符合要求；B选项E是干路，B在L₁支路，C在L₂支路，符合要求；C选项F是干路，C、D都在L₂支路上，无法测得L₁支路的电流，不符合要求；D选项F是干路，A在L₁支路，D在L₂支路，符合要求，因此选出不合适的选项。
2. 第二问：连接电路的规范操作要求开关必须断开，防止接完线电路直接导通，刚接完最后一根线灯就发光，说明连接过程中开关始终处于闭合状态。
3. 第三问：顺着电流走向判断电流表测量对象：电流从电源正极流出，经过开关后全部流入电流表，之后才分成两条支路分别经过L₁、L₂回到电源负极，因此电流表处于干路位置。
4. 第四问：图3中电流表接的是0~3A量程，指针偏转角度非常小，示数不到0.5A，说明当前量程选大了，为了测量更准确，需要断开开关，换用0~0.6A的小量程重新测量。
5. 第五问：三根导线接在电流表的接线柱上，存在两种电流流向的可能：一种是甲、乙都是支路导线，电流从甲、乙流入电流表，汇总后从丙流出；另一种是乙是干路导线，电流从乙流出电流表，甲是其中一条支路的导线，电流从甲流入电流表，丙是另一条支路的导线，据此结合并联电流规律计算即可。
【解析】
(1) 探究并联电路电流规律时，需要测量干路电流、L₁支路电流、L₂支路电流共三个不同位置的电流：
选项A：E点在干路，A点在L₁支路，D点在L₂支路，可测得三个所需电流，取点合适；
选项B：E点在干路，B点在L₁支路，C点在L₂支路，可测得三个所需电流，取点合适；
选项C：F点在干路，C、D两点都在L₂支路上，无法测得L₁支路的电流，取点不合适；
选项D：F点在干路，A点在L₁支路，D点在L₂支路，可测得三个所需电流，取点合适。
因此选C。
(2) 连接电路时，若开关未提前断开，接完最后一根导线电路就会直接导通，小灯泡立刻发光，因此原因是连接电路时开关未断开。
(3) 由图2实物图可知，两灯泡并联，电流从电源正极流出经开关后全部经过电流表，再分流到两个灯泡，因此电流表处于干路，测量干路的电流。
(4) 图3中电流表选用0~3A量程，指针偏转角度极小，说明被测电流小于0.6A，当前量程过大，因此需要断开开关，改用0~0.6A的小量程进行测量，提升测量精度。
(5) 三根导线接在电流表接线柱上，分两种情况：
① 若甲、乙为两条支路的导线，电流从甲、乙流入电流表，汇总后从丙流出，根据并联电路电流规律，丙的电流$I_丙=I_甲+I_乙=0.2\mathrm{A}+0.3\mathrm{A}=0.5\mathrm{A}$；
② 若乙为干路导线，电流从乙流出电流表，甲为其中一条支路的导线，电流从甲流入电流表，则丙为另一条支路的导线，电流从丙流入电流表，此时$I_乙=I_甲+I_丙$，得$I_丙=I_乙-I_甲=0.3\mathrm{A}-0.2\mathrm{A}=0.1\mathrm{A}$。
因此导线丙中的电流为0.1A或0.5A。
【答案】
(1)C (2)连接电路时开关未断开 (3)干路 (4)断开开关,电流表改用小量程 (5)0.1 A或0.5 A
【知识点】
并联电路电流规律
电流表的使用
电路连接规范
【点评】
本题完整覆盖了探究并联电路电流特点实验的核心考点，从测量点的合理选取、常见操作失误分析、电流表测量对象判断、量程优化选择到特殊接线场景的多解电流计算，综合性较强，其中第(5)问容易遗漏电流流向的两种可能性，是高频易错点。
【难度系数】
0.6
我们可以逐问梳理清晰的解题思路：
1. 第一问：探究并联电路电流规律，需要分别测量1个干路电流、两个不同支路的电流，三个测量点必须分别对应干路、L₁支路、L₂支路。逐个核对选项的三个点：A选项E是干路，A在L₁支路，D在L₂支路，符合要求；B选项E是干路，B在L₁支路，C在L₂支路，符合要求；C选项F是干路，C、D都在L₂支路上，无法测得L₁支路的电流，不符合要求；D选项F是干路，A在L₁支路，D在L₂支路，符合要求，因此选出不合适的选项。
2. 第二问：连接电路的规范操作要求开关必须断开，防止接完线电路直接导通，刚接完最后一根线灯就发光，说明连接过程中开关始终处于闭合状态。
3. 第三问：顺着电流走向判断电流表测量对象：电流从电源正极流出，经过开关后全部流入电流表，之后才分成两条支路分别经过L₁、L₂回到电源负极，因此电流表处于干路位置。
4. 第四问：图3中电流表接的是0~3A量程，指针偏转角度非常小，示数不到0.5A，说明当前量程选大了，为了测量更准确，需要断开开关，换用0~0.6A的小量程重新测量。
5. 第五问：三根导线接在电流表的接线柱上，存在两种电流流向的可能：一种是甲、乙都是支路导线，电流从甲、乙流入电流表，汇总后从丙流出；另一种是乙是干路导线，电流从乙流出电流表，甲是其中一条支路的导线，电流从甲流入电流表，丙是另一条支路的导线，据此结合并联电流规律计算即可。
【解析】
(1) 探究并联电路电流规律时，需要测量干路电流、L₁支路电流、L₂支路电流共三个不同位置的电流：
选项A：E点在干路，A点在L₁支路，D点在L₂支路，可测得三个所需电流，取点合适；
选项B：E点在干路，B点在L₁支路，C点在L₂支路，可测得三个所需电流，取点合适；
选项C：F点在干路，C、D两点都在L₂支路上，无法测得L₁支路的电流，取点不合适；
选项D：F点在干路，A点在L₁支路，D点在L₂支路，可测得三个所需电流，取点合适。
因此选C。
(2) 连接电路时，若开关未提前断开，接完最后一根导线电路就会直接导通，小灯泡立刻发光，因此原因是连接电路时开关未断开。
(3) 由图2实物图可知，两灯泡并联，电流从电源正极流出经开关后全部经过电流表，再分流到两个灯泡，因此电流表处于干路，测量干路的电流。
(4) 图3中电流表选用0~3A量程，指针偏转角度极小，说明被测电流小于0.6A，当前量程过大，因此需要断开开关，改用0~0.6A的小量程进行测量，提升测量精度。
(5) 三根导线接在电流表接线柱上，分两种情况：
① 若甲、乙为两条支路的导线，电流从甲、乙流入电流表，汇总后从丙流出，根据并联电路电流规律，丙的电流$I_丙=I_甲+I_乙=0.2\mathrm{A}+0.3\mathrm{A}=0.5\mathrm{A}$；
② 若乙为干路导线，电流从乙流出电流表，甲为其中一条支路的导线，电流从甲流入电流表，则丙为另一条支路的导线，电流从丙流入电流表，此时$I_乙=I_甲+I_丙$，得$I_丙=I_乙-I_甲=0.3\mathrm{A}-0.2\mathrm{A}=0.1\mathrm{A}$。
因此导线丙中的电流为0.1A或0.5A。
【答案】
(1)C (2)连接电路时开关未断开 (3)干路 (4)断开开关,电流表改用小量程 (5)0.1 A或0.5 A
【知识点】
并联电路电流规律
电流表的使用
电路连接规范
【点评】
本题完整覆盖了探究并联电路电流特点实验的核心考点，从测量点的合理选取、常见操作失误分析、电流表测量对象判断、量程优化选择到特殊接线场景的多解电流计算，综合性较强，其中第(5)问容易遗漏电流流向的两种可能性，是高频易错点。
【难度系数】
0.6
