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10. 随着新能源的发展，电动汽车逐步走进千家万户。与燃油汽车相比，电动汽车有许多优势，它们的能流图如图14.3-2所示。下列说法不正确的是 （
A.燃油汽车能量利用率低
B.燃油汽车对环境污染严重
C.电动汽车能量利用率高
D.电动汽车没有产生任何污染
D
）A.燃油汽车能量利用率低
B.燃油汽车对环境污染严重
C.电动汽车能量利用率高
D.电动汽车没有产生任何污染
答案
10.D
解析
【分析】
要判断各选项是否正确，需结合燃油汽车和电动汽车的能量利用率计算、实际污染情况分析：先通过能流图计算两者的能量利用率，再结合燃油汽车的排放污染、电动汽车的潜在污染判断选项对错，最终选出不正确的说法。
【解析】
分别分析各选项：
1. 选项A：燃油汽车能量利用率 = 100% - 6% - 30% - 36% = 28%，远低于电动汽车，因此燃油汽车能量利用率低，A说法正确。
2. 选项B：燃油汽车燃烧燃料时会排放废气、废渣等污染物，对环境污染严重，B说法正确。
3. 选项C：电动汽车能量利用率 = 100% - 10% = 90%，比燃油汽车的28%高，因此电动汽车能量利用率高，C说法正确。
4. 选项D：电动汽车行驶时无尾气污染，但电池等废弃物会造成环境污染，并非没有产生任何污染，D说法错误。
本题要求选不正确的选项，故选D。
【答案】
D
【知识点】
能量利用率、能源与环境
【点评】
本题通过能流图考查能量利用率的计算，结合实际生活常识判断两类汽车的污染情况，属于基础题，需准确提取图中数据并结合常识分析。
【难度系数】
0.5
要判断各选项是否正确，需结合燃油汽车和电动汽车的能量利用率计算、实际污染情况分析：先通过能流图计算两者的能量利用率，再结合燃油汽车的排放污染、电动汽车的潜在污染判断选项对错，最终选出不正确的说法。
【解析】
分别分析各选项：
1. 选项A：燃油汽车能量利用率 = 100% - 6% - 30% - 36% = 28%，远低于电动汽车，因此燃油汽车能量利用率低，A说法正确。
2. 选项B：燃油汽车燃烧燃料时会排放废气、废渣等污染物，对环境污染严重，B说法正确。
3. 选项C：电动汽车能量利用率 = 100% - 10% = 90%，比燃油汽车的28%高，因此电动汽车能量利用率高，C说法正确。
4. 选项D：电动汽车行驶时无尾气污染，但电池等废弃物会造成环境污染，并非没有产生任何污染，D说法错误。
本题要求选不正确的选项，故选D。
【答案】
D
【知识点】
能量利用率、能源与环境
【点评】
本题通过能流图考查能量利用率的计算，结合实际生活常识判断两类汽车的污染情况，属于基础题，需准确提取图中数据并结合常识分析。
【难度系数】
0.5
11.如图14.3-3所示，甲、乙、丙三个实验装置完全相同，燃料的质量均为10 g，烧杯内液体的质量均相同。
(1)为了比较不同物质吸收热量的情况，应选择
(2)为了比较不同的燃料燃烧放出热量的多少，应选择
(1)为了比较不同物质吸收热量的情况，应选择
甲、乙
两个装置进行实验。实验中，通过加热时间的长短
间接反映不同物质吸收热量的多少。(2)为了比较不同的燃料燃烧放出热量的多少，应选择
乙、丙
两个装置进行实验。实验中，通过液体升高温度的多少
间接反映不同燃料燃烧放出热量的多少。在物理学中，我们用热值
来表示单位质量的燃料完全燃烧放出热量的多少，它可以利用其中一个实验装置测出，但利用此实验装置测出的燃料的热值与它的真实值相比偏小
（选填“偏小”或“偏大”）。答案
11.(1)甲、乙 加热时间的长短 (2)乙、丙 液体升高温度的多少 热值 偏小
解析
【分析】
本题考查探究物质吸热能力与燃料热值的实验，核心是运用控制变量法和转换法分析实验设计。第(1)问比较不同物质吸收热量，需控制燃料种类相同、改变液体种类，以此探究吸热与物质种类的关系；第(2)问比较不同燃料放热，需控制液体种类和质量相同、改变燃料种类，通过液体升温反映放热多少，同时明确热值的概念及实验误差来源。
【解析】
(1) 比较不同物质吸收热量的情况时，要控制燃料相同（保证相同时间放热相同），改变被加热的液体种类，因此选择甲、乙两个装置。实验中，相同燃料在相同时间内放出的热量相等，所以通过加热时间的长短间接反映不同物质吸收热量的多少，加热时间越长，物质吸收的热量越多。
(2) 比较不同燃料燃烧放出热量的多少时，要控制被加热的液体种类和质量相同，改变燃料种类，因此选择乙、丙两个装置。实验中，液体质量和比热容相同，燃料放出的热量被液体吸收，所以通过液体升高温度的多少间接反映燃料放出热量的多少，液体升温越高，说明燃料放热越多。物理学中，用热值表示单位质量的燃料完全燃烧放出热量的多少。由于实验中燃料燃烧放出的热量会有一部分散失到空气中、被装置吸收，没有全部被液体吸收，因此测出的燃料热值与真实值相比偏小。
【答案】
(1)甲、乙；加热时间的长短 (2)乙、丙；液体升高温度的多少；热值；偏小
【知识点】
比热容、热值、控制变量法
【点评】
本题结合两个探究实验，重点考查控制变量法和转换法的应用，需明确实验中变量的控制逻辑，同时理解实验误差的产生原因，是热学实验的基础题型。
【难度系数】
0.6
本题考查探究物质吸热能力与燃料热值的实验，核心是运用控制变量法和转换法分析实验设计。第(1)问比较不同物质吸收热量，需控制燃料种类相同、改变液体种类，以此探究吸热与物质种类的关系；第(2)问比较不同燃料放热，需控制液体种类和质量相同、改变燃料种类，通过液体升温反映放热多少，同时明确热值的概念及实验误差来源。
【解析】
(1) 比较不同物质吸收热量的情况时，要控制燃料相同（保证相同时间放热相同），改变被加热的液体种类，因此选择甲、乙两个装置。实验中，相同燃料在相同时间内放出的热量相等，所以通过加热时间的长短间接反映不同物质吸收热量的多少，加热时间越长，物质吸收的热量越多。
(2) 比较不同燃料燃烧放出热量的多少时，要控制被加热的液体种类和质量相同，改变燃料种类，因此选择乙、丙两个装置。实验中，液体质量和比热容相同，燃料放出的热量被液体吸收，所以通过液体升高温度的多少间接反映燃料放出热量的多少，液体升温越高，说明燃料放热越多。物理学中，用热值表示单位质量的燃料完全燃烧放出热量的多少。由于实验中燃料燃烧放出的热量会有一部分散失到空气中、被装置吸收，没有全部被液体吸收，因此测出的燃料热值与真实值相比偏小。
【答案】
(1)甲、乙；加热时间的长短 (2)乙、丙；液体升高温度的多少；热值；偏小
【知识点】
比热容、热值、控制变量法
【点评】
本题结合两个探究实验，重点考查控制变量法和转换法的应用，需明确实验中变量的控制逻辑，同时理解实验误差的产生原因，是热学实验的基础题型。
【难度系数】
0.6
12. 2017年5月18日，我国宣布在南海进行的可燃冰试采获得成功。可燃冰是一种固态晶体，在常温常压下会迅速
升华
(填物态变化)为气态。它的热值约为$1.4×10^{10}\ \mathrm{J/m}^3$，$2\ \mathrm{m}^3$的可燃冰完全燃烧后可放出多少热量？若这些热量的60%被水吸收，可以将多少千克的水从$0\ °\mathrm{C}$加热到$100\ °\mathrm{C}$？$[c_{\mathrm{水}}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}]$答案
12.升华 $2.8×10^{10}\ \mathrm{J}$ $4×10^4\ \mathrm{kg}$
解析
【分析】
首先判断物态变化：固态直接变为气态的过程是升华，可燃冰常温常压下从固态变为气态，故填升华。接着计算热量：利用热值公式Q放=Vq算出可燃冰完全燃烧放出的总热量，再根据效率算出被水吸收的热量，最后通过吸热公式Q吸=cmΔt变形求出水的质量，代入数据计算即可。
【解析】
1. 物态变化判断：可燃冰是固态晶体，常温常压下直接变为气态，属于升华现象，故填升华。
2. 计算可燃冰完全燃烧放出的热量：
$Q_{\mathrm{放}} = Vq = 2\ \mathrm{m}^3 × 1.4 × 10^{10}\ \mathrm{J/m}^3 = 2.8 × 10^{10}\ \mathrm{J}$。
3. 计算水吸收的热量：
$Q_{\mathrm{吸}} = \eta Q_{\mathrm{放}} = 60\% × 2.8 × 10^{10}\ \mathrm{J} = 1.68 × 10^{10}\ \mathrm{J}$。
4. 计算水的质量：
由$Q_{\mathrm{吸}} = c_{\mathrm{水}}m\Delta t$得：
$m = \frac{Q_{\mathrm{吸}}}{c_{\mathrm{水}}\Delta t} = \frac{1.68 × 10^{10}\ \mathrm{J}}{4.2 × 10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)} × (100\ \mathrm{℃} - 0\ \mathrm{℃})} = 4 × 10^4\ \mathrm{kg}$。
【答案】
升华；$2.8×10^{10}\ \mathrm{J}$；$4×10^4\ \mathrm{kg}$
【知识点】
物态变化（升华）、热值计算、热量计算（比热容）
【点评】
本题结合可燃冰的实际应用，考查物态变化判断和热学公式的应用，属于基础题，需掌握相关概念和公式的运用，难度适中。
【难度系数】
0.7
首先判断物态变化：固态直接变为气态的过程是升华，可燃冰常温常压下从固态变为气态，故填升华。接着计算热量：利用热值公式Q放=Vq算出可燃冰完全燃烧放出的总热量，再根据效率算出被水吸收的热量，最后通过吸热公式Q吸=cmΔt变形求出水的质量，代入数据计算即可。
【解析】
1. 物态变化判断：可燃冰是固态晶体，常温常压下直接变为气态，属于升华现象，故填升华。
2. 计算可燃冰完全燃烧放出的热量：
$Q_{\mathrm{放}} = Vq = 2\ \mathrm{m}^3 × 1.4 × 10^{10}\ \mathrm{J/m}^3 = 2.8 × 10^{10}\ \mathrm{J}$。
3. 计算水吸收的热量：
$Q_{\mathrm{吸}} = \eta Q_{\mathrm{放}} = 60\% × 2.8 × 10^{10}\ \mathrm{J} = 1.68 × 10^{10}\ \mathrm{J}$。
4. 计算水的质量：
由$Q_{\mathrm{吸}} = c_{\mathrm{水}}m\Delta t$得：
$m = \frac{Q_{\mathrm{吸}}}{c_{\mathrm{水}}\Delta t} = \frac{1.68 × 10^{10}\ \mathrm{J}}{4.2 × 10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)} × (100\ \mathrm{℃} - 0\ \mathrm{℃})} = 4 × 10^4\ \mathrm{kg}$。
【答案】
升华；$2.8×10^{10}\ \mathrm{J}$；$4×10^4\ \mathrm{kg}$
【知识点】
物态变化（升华）、热值计算、热量计算（比热容）
【点评】
本题结合可燃冰的实际应用，考查物态变化判断和热学公式的应用，属于基础题，需掌握相关概念和公式的运用，难度适中。
【难度系数】
0.7
