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1. 如图 Z-13-1(a)所示是电阻甲和乙的 I-U 图像,下列说法正确的是 (
A.电阻乙为定值电阻
B.当电阻甲两端电压为 2 V 时,$R_甲 = 0.4\ \Omega$
C.如图(b)所示,当开关闭合,电路中电流为0.2 A时,电路总电阻是 15 Ω
D.如图(c)所示,当开关闭合,电源电压为 2 V时,电路总电流为 0.4 A
C
)A.电阻乙为定值电阻
B.当电阻甲两端电压为 2 V 时,$R_甲 = 0.4\ \Omega$
C.如图(b)所示,当开关闭合,电路中电流为0.2 A时,电路总电阻是 15 Ω
D.如图(c)所示,当开关闭合,电源电压为 2 V时,电路总电流为 0.4 A
答案
1. C
解析
【分析】
本题结合I-U图像考查欧姆定律及串并联电路的特点，需逐一分析各选项：首先明确定值电阻的I-U图像为直线，再从图像中读取对应电压、电流值，结合串并联电路的规律和欧姆定律判断选项对错。
【解析】
逐一分析各选项：
1. 选项A：定值电阻的I-U图像是过原点的直线（电流与电压成正比），由图(a)可知，乙的I-U图像为曲线，说明乙的电阻随电压变化，不是定值电阻，故A错误。
2. 选项B：当甲两端电压为2V时，从图(a)得对应的电流为0.4A，根据欧姆定律$R=\frac{U}{I}$，$R_甲=\frac{2V}{0.4A}=5\Omega$，并非0.4Ω，故B错误。
3. 选项C：图(b)中R甲与R乙串联，串联电路电流处处相等，当电路电流为0.2A时，甲、乙的电流均为0.2A。从图(a)可知，电流0.2A时，甲的电压为1V，乙的电压为2V，总电压$U_总=1V+2V=3V$，总电阻$R_总=\frac{U_总}{I}=\frac{3V}{0.2A}=15\Omega$，故C正确。
4. 选项D：图(c)中R甲与R乙并联，并联电路各支路电压相等，当电源电压为2V时，甲、乙的电压均为2V。从图(a)可知，电压2V时，甲的电流为0.4A，乙的电流为0.2A，总电流$I_总=0.4A+0.2A=0.6A$，并非0.4A，故D错误。
【答案】
C
【知识点】
I-U图像、欧姆定律、串并联电路特点
【点评】
本题需结合I-U图像提取电压、电流的对应值，再运用串并联电路规律和欧姆定律分析，考查学生的图像分析能力和公式应用能力，属于中等难度的电学综合题。
【难度系数】
0.6
本题结合I-U图像考查欧姆定律及串并联电路的特点，需逐一分析各选项：首先明确定值电阻的I-U图像为直线，再从图像中读取对应电压、电流值，结合串并联电路的规律和欧姆定律判断选项对错。
【解析】
逐一分析各选项：
1. 选项A：定值电阻的I-U图像是过原点的直线（电流与电压成正比），由图(a)可知，乙的I-U图像为曲线，说明乙的电阻随电压变化，不是定值电阻，故A错误。
2. 选项B：当甲两端电压为2V时，从图(a)得对应的电流为0.4A，根据欧姆定律$R=\frac{U}{I}$，$R_甲=\frac{2V}{0.4A}=5\Omega$，并非0.4Ω，故B错误。
3. 选项C：图(b)中R甲与R乙串联，串联电路电流处处相等，当电路电流为0.2A时，甲、乙的电流均为0.2A。从图(a)可知，电流0.2A时，甲的电压为1V，乙的电压为2V，总电压$U_总=1V+2V=3V$，总电阻$R_总=\frac{U_总}{I}=\frac{3V}{0.2A}=15\Omega$，故C正确。
4. 选项D：图(c)中R甲与R乙并联，并联电路各支路电压相等，当电源电压为2V时，甲、乙的电压均为2V。从图(a)可知，电压2V时，甲的电流为0.4A，乙的电流为0.2A，总电流$I_总=0.4A+0.2A=0.6A$，并非0.4A，故D错误。
【答案】
C
【知识点】
I-U图像、欧姆定律、串并联电路特点
【点评】
本题需结合I-U图像提取电压、电流的对应值，再运用串并联电路规律和欧姆定律分析，考查学生的图像分析能力和公式应用能力，属于中等难度的电学综合题。
【难度系数】
0.6
2.（2024常州金坛区一模）如图Z-13-2甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，调节滑动变阻器$R_2$接入电路的阻值从最大变化到最小，$R_1$和$R_2$中的某个电阻其“I-U”关系图像如图乙所示，则下列说法正确的是（
A.$R_1$的阻值是$20\ \Omega$
B.$R_2$的最大阻值是$30\ \Omega$
C.电流表的示数变化范围是$0～0.2\ \mathrm{A}$
D.电压表$\mathrm{V}_2$的示数变化范围是$0～4\ \mathrm{V}$
D
）A.$R_1$的阻值是$20\ \Omega$
B.$R_2$的最大阻值是$30\ \Omega$
C.电流表的示数变化范围是$0～0.2\ \mathrm{A}$
D.电压表$\mathrm{V}_2$的示数变化范围是$0～4\ \mathrm{V}$
答案
2. D
解析
【分析】
首先分析电路：图甲中R₁与R₂串联，电流表测电路电流，电压表V₁测R₁两端电压，V₂测R₂两端电压。定值电阻R₁的I-U图像是电压随电流增大而增大的直线，滑动变阻器R₂的电压随电流增大而减小，因此图乙是R₁的I-U图像。接下来结合串联电路规律和欧姆定律，分析各选项：当R₂阻值最小时，电路电流最大，R₂电压为0，此时R₁电压等于电源电压；当R₂阻值最大时，电路电流最小，总电阻最大，据此计算相关物理量，判断选项正误。
【解析】
1. 判断图像对应电阻：R₁是定值电阻，I-U图像为电压随电流增大而增大的直线，R₂电压随电流增大而减小，故图乙是R₁的I-U图像。
2. 求电源电压：当R₂阻值最小时，电路电流最大，由图乙知最大电流I大=0.6A，此时R₂两端电压为0，因此电源电压U=U₁=6V。
3. 分析选项A：R₁的阻值R₁=U/I大=6V/0.6A=10Ω≠20Ω，A错误。
4. 分析选项B：当R₂阻值最大时，电路电流最小，由图乙知最小电流I小=0.2A，总电阻R总=U/I小=6V/0.2A=30Ω，R₂最大阻值R₂大=R总-R₁=30Ω-10Ω=20Ω≠30Ω，B错误。
5. 分析选项C：电流表的示数变化范围是0.2A～0.6A，不是0～0.2A，C错误。
6. 分析选项D：电压表V₂测R₂电压，当电流最大时，R₂电压U₂小=0V；当电流最小时，R₂电压U₂大=I小×R₂大=0.2A×20Ω=4V，故V₂示数变化范围是0～4V，D正确。
【答案】
D
【知识点】
欧姆定律、串联电路电压规律、I-U图像分析
【点评】
本题结合串联电路特点和I-U图像，考查欧姆定律的应用，关键是判断出图乙对应的电阻，再结合滑动变阻器阻值变化分析电表示数变化，需理清各物理量间的关系。
【难度系数】
0.5
首先分析电路：图甲中R₁与R₂串联，电流表测电路电流，电压表V₁测R₁两端电压，V₂测R₂两端电压。定值电阻R₁的I-U图像是电压随电流增大而增大的直线，滑动变阻器R₂的电压随电流增大而减小，因此图乙是R₁的I-U图像。接下来结合串联电路规律和欧姆定律，分析各选项：当R₂阻值最小时，电路电流最大，R₂电压为0，此时R₁电压等于电源电压；当R₂阻值最大时，电路电流最小，总电阻最大，据此计算相关物理量，判断选项正误。
【解析】
1. 判断图像对应电阻：R₁是定值电阻，I-U图像为电压随电流增大而增大的直线，R₂电压随电流增大而减小，故图乙是R₁的I-U图像。
2. 求电源电压：当R₂阻值最小时，电路电流最大，由图乙知最大电流I大=0.6A，此时R₂两端电压为0，因此电源电压U=U₁=6V。
3. 分析选项A：R₁的阻值R₁=U/I大=6V/0.6A=10Ω≠20Ω，A错误。
4. 分析选项B：当R₂阻值最大时，电路电流最小，由图乙知最小电流I小=0.2A，总电阻R总=U/I小=6V/0.2A=30Ω，R₂最大阻值R₂大=R总-R₁=30Ω-10Ω=20Ω≠30Ω，B错误。
5. 分析选项C：电流表的示数变化范围是0.2A～0.6A，不是0～0.2A，C错误。
6. 分析选项D：电压表V₂测R₂电压，当电流最大时，R₂电压U₂小=0V；当电流最小时，R₂电压U₂大=I小×R₂大=0.2A×20Ω=4V，故V₂示数变化范围是0～4V，D正确。
【答案】
D
【知识点】
欧姆定律、串联电路电压规律、I-U图像分析
【点评】
本题结合串联电路特点和I-U图像，考查欧姆定律的应用，关键是判断出图乙对应的电阻，再结合滑动变阻器阻值变化分析电表示数变化，需理清各物理量间的关系。
【难度系数】
0.5
3. 如图Z-13-3甲所示，电源电压恒定，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片从最右端移至灯泡正常发光的位置，此过程中电流表示数与两个电压表示数的关系图像如图乙所示。下列说法正确的是（
A.曲线a是电流表示数与电压表V₂示数的关系图像
B.电源电压为11 V
C.灯泡正常发光的电流为0.2 A
D.滑动变阻器的最大阻值是15 Ω
B
）A.曲线a是电流表示数与电压表V₂示数的关系图像
B.电源电压为11 V
C.灯泡正常发光的电流为0.2 A
D.滑动变阻器的最大阻值是15 Ω
答案
3. B
解析
【分析】首先分析甲图电路：滑动变阻器与灯泡串联，电流表测电路电流，V₂测滑动变阻器两端电压，V₁测灯泡两端电压。当滑片从最右端（滑动变阻器电阻最大）向灯泡正常发光位置移动时，滑动变阻器电阻减小，电路电流I增大。根据串联电路特点，滑动变阻器电压U滑=IR滑（R滑减小，故U滑减小），对应乙图中曲线b；灯泡电压U灯=IR灯（R灯随温度升高而增大，故U灯增大），对应曲线a。结合乙图数据，当电流I=0.2A时，滑动变阻器电压为9V，灯泡电压为2V，总电压为两者之和，据此分析各选项。
【解析】
1. 曲线对应物理量判断：滑动变阻器电阻减小时，电流增大，其两端电压减小，故曲线b为电流与V₂示数（滑动变阻器电压）的关系；灯泡两端电压随电流增大而增大，故曲线a为电流与V₁示数（灯泡电压）的关系。
2. 电源电压计算：串联电路总电压等于各部分电压之和，当电流I=0.2A时，滑动变阻器电压U滑=9V（曲线b），灯泡电压U灯=2V（曲线a），因此电源电压U总=U滑+U灯=9V+2V=11V。
3. 选项分析：
A选项：曲线a对应灯泡电压（V₁示数），V₂示数对应曲线b，故A错误。
B选项：由上述计算，电源电压为11V，故B正确。
C选项：灯泡正常发光时电流最大，乙图中最大电流为0.6A，故C错误。
D选项：滑动变阻器最大阻值对应电流最小（I=0.2A）时，R滑最大=U滑/I=9V/0.2A=45Ω≠15Ω，故D错误。
【答案】B
【知识点】串联电路电压规律、欧姆定律、I-U图像分析
【点评】本题结合串联电路特点和I-U图像分析，关键是正确判断曲线对应的物理量，再结合欧姆定律计算，需理清电路关系，难度中等。
【难度系数】0.5
【解析】
1. 曲线对应物理量判断：滑动变阻器电阻减小时，电流增大，其两端电压减小，故曲线b为电流与V₂示数（滑动变阻器电压）的关系；灯泡两端电压随电流增大而增大，故曲线a为电流与V₁示数（灯泡电压）的关系。
2. 电源电压计算：串联电路总电压等于各部分电压之和，当电流I=0.2A时，滑动变阻器电压U滑=9V（曲线b），灯泡电压U灯=2V（曲线a），因此电源电压U总=U滑+U灯=9V+2V=11V。
3. 选项分析：
A选项：曲线a对应灯泡电压（V₁示数），V₂示数对应曲线b，故A错误。
B选项：由上述计算，电源电压为11V，故B正确。
C选项：灯泡正常发光时电流最大，乙图中最大电流为0.6A，故C错误。
D选项：滑动变阻器最大阻值对应电流最小（I=0.2A）时，R滑最大=U滑/I=9V/0.2A=45Ω≠15Ω，故D错误。
【答案】B
【知识点】串联电路电压规律、欧姆定律、I-U图像分析
【点评】本题结合串联电路特点和I-U图像分析，关键是正确判断曲线对应的物理量，再结合欧姆定律计算，需理清电路关系，难度中等。
【难度系数】0.5
4. (2025 广安)如图 Z-13-4 甲所示,电源电压保持不变,小灯泡 L 的额定电压为 6 V,闭合开关 S后,当滑片 P 从滑动变阻器最右端滑到最左端的过程中,小灯泡 L 的 U-I 关系图像如图乙所示,则电源电压为
图 Z-13-4
6
V,滑动变阻器的最大阻值为 20
Ω。图 Z-13-4
答案
4. 6 20
解析
【分析】
首先分析电路：图甲中，小灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测小灯泡两端电压，电流表测电路电流。当滑片滑到滑动变阻器最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，此时电路只有小灯泡，其两端电压等于电源电压；当滑片滑到最右端时，滑动变阻器接入电阻最大，电路电流最小，结合图乙的U-I图像提取对应数据，利用串联电路规律和欧姆定律计算即可。
【解析】
1. 求电源电压：当滑片P滑到滑动变阻器最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，电路为小灯泡的简单电路，小灯泡两端电压等于电源电压。由图乙可知，当电路电流I=0.4A时，小灯泡两端电压为6V，因此电源电压U=6V。
2. 求滑动变阻器最大阻值：当滑片P滑到滑动变阻器最右端时，滑动变阻器接入电阻最大，电路电流最小。由图乙可知，此时电路电流I'=0.2A，小灯泡两端电压U_L'=2V。根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压U_R=U - U_L'=6V - 2V=4V。根据欧姆定律，滑动变阻器的最大阻值R=U_R/I'=4V/0.2A=20Ω。
【答案】
6；20
【知识点】
串联电路电压规律；欧姆定律；U-I图像分析
【点评】
本题结合串联电路特点和U-I图像，考查电源电压与滑动变阻器最大阻值的计算，关键是明确滑片在不同位置时的电路状态，从图像中提取有效数据，属于中等难度的电路计算题。
【难度系数】
0.5
首先分析电路：图甲中，小灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测小灯泡两端电压，电流表测电路电流。当滑片滑到滑动变阻器最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，此时电路只有小灯泡，其两端电压等于电源电压；当滑片滑到最右端时，滑动变阻器接入电阻最大，电路电流最小，结合图乙的U-I图像提取对应数据，利用串联电路规律和欧姆定律计算即可。
【解析】
1. 求电源电压：当滑片P滑到滑动变阻器最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，电路为小灯泡的简单电路，小灯泡两端电压等于电源电压。由图乙可知，当电路电流I=0.4A时，小灯泡两端电压为6V，因此电源电压U=6V。
2. 求滑动变阻器最大阻值：当滑片P滑到滑动变阻器最右端时，滑动变阻器接入电阻最大，电路电流最小。由图乙可知，此时电路电流I'=0.2A，小灯泡两端电压U_L'=2V。根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压U_R=U - U_L'=6V - 2V=4V。根据欧姆定律，滑动变阻器的最大阻值R=U_R/I'=4V/0.2A=20Ω。
【答案】
6；20
【知识点】
串联电路电压规律；欧姆定律；U-I图像分析
【点评】
本题结合串联电路特点和U-I图像，考查电源电压与滑动变阻器最大阻值的计算，关键是明确滑片在不同位置时的电路状态，从图像中提取有效数据，属于中等难度的电路计算题。
【难度系数】
0.5
5. 如图 Z-13-5 甲所示的电路中，电源电压恒定，$R_1$、$R_2$是定值电阻，$R_3$是滑动变阻器。闭合开关 S，将滑动变阻器的滑片 P 由 a 端移到 b 端，两电压表示数与电流表示数之间的关系如图乙所示，则
图 Z-13-5
BC
（选填“AB”或“BC”）段是电压表 $\mathrm{V}_2$ 示数变化的图像，电源电压为 12
V。图 Z-13-5
答案
5. BC 12
解析
【分析】首先分析电路：甲图中$R_1$、$R_2$、$R_3$串联，电流表测电路总电流，$\mathrm{V}_1$测$R_2$和$R_3$的总电压，$\mathrm{V}_2$测$R_2$两端电压。当滑片$P$从$a$端移到$b$端，滑动变阻器$R_3$接入电阻变小，电路总电阻减小，电流$I$增大。定值电阻$R_2$的电压$U_2=IR_2$，电流增大时$U_2$增大，对应电压随电流增大的图像；而$\mathrm{V}_1$的电压为$R_2+R_3$的总电压，随电流增大而减小，据此判断$\mathrm{V}_2$的图像，再利用串联电路电压规律和欧姆定律求电源电压。
【解析】
1. 判断$\mathrm{V}_2$的示数变化图像：$R_2$是定值电阻，根据欧姆定律$U=IR$，电流$I$增大时，$R_2$两端电压（$\mathrm{V}_2$的示数）增大，图乙中电压随电流增大的是$BC$段，故$BC$段是$\mathrm{V}_2$的变化图像。
2. 求电源电压：设电源电压为$U$，$R_1$为定值电阻。当电流$I_1=0.2\,\mathrm{A}$时，$\mathrm{V}_1$示数为$9.6\,\mathrm{V}$，根据串联电路电压规律：$U=I_1R_1 + U_{\mathrm{V1}}=0.2R_1 +9.6$；当电流$I_2=0.6\,\mathrm{A}$时，$\mathrm{V}_1$示数为$4.8\,\mathrm{V}$，同理：$U=I_2R_1 + U_{\mathrm{V1}}'=0.6R_1 +4.8$。联立两式：$0.2R_1 +9.6=0.6R_1 +4.8$，解得$R_1=12\,\Omega$，代入得$U=0.2×12 +9.6=12\,\mathrm{V}$。
【答案】BC；12
【知识点】串联电路电压规律；欧姆定律；U-I图像分析
【点评】本题需结合串联电路特点和欧姆定律，先通过电压随电流的变化关系判断电压表对应的图像，再联立方程求解电源电压，关键是明确各电表的测量对象及电压变化规律。
【难度系数】0.5
【解析】
1. 判断$\mathrm{V}_2$的示数变化图像：$R_2$是定值电阻，根据欧姆定律$U=IR$，电流$I$增大时，$R_2$两端电压（$\mathrm{V}_2$的示数）增大，图乙中电压随电流增大的是$BC$段，故$BC$段是$\mathrm{V}_2$的变化图像。
2. 求电源电压：设电源电压为$U$，$R_1$为定值电阻。当电流$I_1=0.2\,\mathrm{A}$时，$\mathrm{V}_1$示数为$9.6\,\mathrm{V}$，根据串联电路电压规律：$U=I_1R_1 + U_{\mathrm{V1}}=0.2R_1 +9.6$；当电流$I_2=0.6\,\mathrm{A}$时，$\mathrm{V}_1$示数为$4.8\,\mathrm{V}$，同理：$U=I_2R_1 + U_{\mathrm{V1}}'=0.6R_1 +4.8$。联立两式：$0.2R_1 +9.6=0.6R_1 +4.8$，解得$R_1=12\,\Omega$，代入得$U=0.2×12 +9.6=12\,\mathrm{V}$。
【答案】BC；12
【知识点】串联电路电压规律；欧姆定律；U-I图像分析
【点评】本题需结合串联电路特点和欧姆定律，先通过电压随电流的变化关系判断电压表对应的图像，再联立方程求解电源电压，关键是明确各电表的测量对象及电压变化规律。
【难度系数】0.5
6. (2025南京秦淮区一模)电子握力计的模拟电路
如图Z-13-6甲所示，电源电压恒为6 V，定值电阻$R_0=5\ \Omega$，手柄A与滑片固定在一起，长度为5 cm的均匀金属棒R的总阻值为25 Ω，绝缘支架B固定不动，滑片可在ab之间滑动，当滑片处于a端时弹簧恰好处于原长，弹簧的形变量$\Delta L$与握力F的大小关系如图乙所示。握力计由电流表(测量范围为0～0.6 A)改装而成，其表盘的零刻度应标在电流表表盘的
图Z-13-6
如图Z-13-6甲所示，电源电压恒为6 V，定值电阻$R_0=5\ \Omega$，手柄A与滑片固定在一起，长度为5 cm的均匀金属棒R的总阻值为25 Ω，绝缘支架B固定不动，滑片可在ab之间滑动，当滑片处于a端时弹簧恰好处于原长，弹簧的形变量$\Delta L$与握力F的大小关系如图乙所示。握力计由电流表(测量范围为0～0.6 A)改装而成，其表盘的零刻度应标在电流表表盘的
0.2
A处；在安全范围内，握力计所能承受的最大握力值为800
N。若用电压表(测量范围为0～3 V)改装为握力计，如图丙所示，则该握力计的刻度不均匀
(选填“均匀”或“不均匀”)；与改装前相比，握力计所能承受的握力的最大值变小
(选填“变大”“不变”或“变小”)。图Z-13-6
答案
6. 0.2 800 不均匀 变小
解析
【分析】
要解决该问题，需结合欧姆定律、滑动变阻器的特性及图像信息逐步分析：
1. 电流表零刻度对应握力为0的情况，此时滑片在a端，滑动变阻器接入最大电阻，计算电路电流即可；
2. 最大握力对应电流表达到量程上限，先算总电阻，再得滑动变阻器接入电阻，结合其电阻与长度的关系，从图乙找对应握力；
3. 电压表改装时，分析电压表示数与滑动变阻器接入电阻的关系，判断是否线性，确定刻度均匀性；再根据电压表量程计算最大允许的握力，与之前比较变化。
【解析】
1. 电流表零刻度计算：
当握力为0时，滑片在a端，滑动变阻器接入最大电阻$R=25\ \Omega$，总电阻$R_{总}=R_0+R=5\ \Omega+25\ \Omega=30\ \Omega$，电路电流$I=\frac{U}{R_{总}}=\frac{6\ \mathrm{V}}{30\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$，即电流表零刻度为$0.2\ \mathrm{A}$。
2. 电流表改装的最大握力：
电流表量程为$0∼0.6\ \mathrm{A}$，最大电流$I_{max}=0.6\ \mathrm{A}$，此时总电阻$R_{总}'=\frac{U}{I_{max}}=\frac{6\ \mathrm{V}}{0.6\ \mathrm{A}}=10\ \Omega$，滑动变阻器接入电阻$R_{接入}=R_{总}'-R_0=10\ \Omega-5\ \Omega=5\ \Omega$。
滑动变阻器总长度$5\ \mathrm{cm}$，总阻值$25\ \Omega$，故每$\mathrm{cm}$对应电阻为$\frac{25\ \Omega}{5\ \mathrm{cm}}=5\ \Omega/\mathrm{cm}$，接入$5\ \Omega$对应滑片到b的长度为$1\ \mathrm{cm}$，滑片移动距离$\Delta L=5\ \mathrm{cm}-1\ \mathrm{cm}=4\ \mathrm{cm}$。
由图乙，$\Delta L=4\ \mathrm{cm}$对应握力$F=800\ \mathrm{N}$，即最大握力为$800\ \mathrm{N}$。
3. 电压表改装的刻度均匀性：
丙图中，电压表测滑动变阻器接入电阻$R_{接入}$的电压，电路电流$I=\frac{U}{R_0+R_{接入}}$，电压表示数$U_V=I· R_{接入}=\frac{U R_{接入}}{R_0+R_{接入}}$。该式中$U_V$与$R_{接入}$非线性，而$R_{接入}$与$\Delta L$线性，故$U_V$与$\Delta L$非线性，刻度不均匀。
4. 电压表改装的最大握力变化：
电压表量程$0∼3\ \mathrm{V}$，即$U_V=3\ \mathrm{V}$，代入$U_V=\frac{6\ \mathrm{V}· R_{接入}}{5\ \Omega+R_{接入}}=3\ \mathrm{V}$，解得$R_{接入}=5\ \Omega$，对应$\Delta L=1\ \mathrm{cm}$，由图乙得对应握力$F=200\ \mathrm{N}$，小于原来的$800\ \mathrm{N}$，故最大值变小。
【答案】
0.2；800；不均匀；变小
【知识点】
欧姆定律、滑动变阻器应用、图像分析
【点评】
本题结合电路知识与图像信息，考查欧姆定律的综合应用，需区分电流表、电压表改装握力计的电路差异，明确各物理量的线性/非线性关系，对分析能力要求较高。
【难度系数】
0.5
要解决该问题，需结合欧姆定律、滑动变阻器的特性及图像信息逐步分析：
1. 电流表零刻度对应握力为0的情况，此时滑片在a端，滑动变阻器接入最大电阻，计算电路电流即可；
2. 最大握力对应电流表达到量程上限，先算总电阻，再得滑动变阻器接入电阻，结合其电阻与长度的关系，从图乙找对应握力；
3. 电压表改装时，分析电压表示数与滑动变阻器接入电阻的关系，判断是否线性，确定刻度均匀性；再根据电压表量程计算最大允许的握力，与之前比较变化。
【解析】
1. 电流表零刻度计算：
当握力为0时，滑片在a端，滑动变阻器接入最大电阻$R=25\ \Omega$，总电阻$R_{总}=R_0+R=5\ \Omega+25\ \Omega=30\ \Omega$，电路电流$I=\frac{U}{R_{总}}=\frac{6\ \mathrm{V}}{30\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$，即电流表零刻度为$0.2\ \mathrm{A}$。
2. 电流表改装的最大握力：
电流表量程为$0∼0.6\ \mathrm{A}$，最大电流$I_{max}=0.6\ \mathrm{A}$，此时总电阻$R_{总}'=\frac{U}{I_{max}}=\frac{6\ \mathrm{V}}{0.6\ \mathrm{A}}=10\ \Omega$，滑动变阻器接入电阻$R_{接入}=R_{总}'-R_0=10\ \Omega-5\ \Omega=5\ \Omega$。
滑动变阻器总长度$5\ \mathrm{cm}$，总阻值$25\ \Omega$，故每$\mathrm{cm}$对应电阻为$\frac{25\ \Omega}{5\ \mathrm{cm}}=5\ \Omega/\mathrm{cm}$，接入$5\ \Omega$对应滑片到b的长度为$1\ \mathrm{cm}$，滑片移动距离$\Delta L=5\ \mathrm{cm}-1\ \mathrm{cm}=4\ \mathrm{cm}$。
由图乙，$\Delta L=4\ \mathrm{cm}$对应握力$F=800\ \mathrm{N}$，即最大握力为$800\ \mathrm{N}$。
3. 电压表改装的刻度均匀性：
丙图中，电压表测滑动变阻器接入电阻$R_{接入}$的电压，电路电流$I=\frac{U}{R_0+R_{接入}}$，电压表示数$U_V=I· R_{接入}=\frac{U R_{接入}}{R_0+R_{接入}}$。该式中$U_V$与$R_{接入}$非线性，而$R_{接入}$与$\Delta L$线性，故$U_V$与$\Delta L$非线性，刻度不均匀。
4. 电压表改装的最大握力变化：
电压表量程$0∼3\ \mathrm{V}$，即$U_V=3\ \mathrm{V}$，代入$U_V=\frac{6\ \mathrm{V}· R_{接入}}{5\ \Omega+R_{接入}}=3\ \mathrm{V}$，解得$R_{接入}=5\ \Omega$，对应$\Delta L=1\ \mathrm{cm}$，由图乙得对应握力$F=200\ \mathrm{N}$，小于原来的$800\ \mathrm{N}$，故最大值变小。
【答案】
0.2；800；不均匀；变小
【知识点】
欧姆定律、滑动变阻器应用、图像分析
【点评】
本题结合电路知识与图像信息，考查欧姆定律的综合应用，需区分电流表、电压表改装握力计的电路差异，明确各物理量的线性/非线性关系，对分析能力要求较高。
【难度系数】
0.5
