8. 如图所示,木块 M 放在水平桌面上,木块 N 放在木块 M 上面,在水平拉力 F 的作用下一起向左做匀速直线运动,不计空气阻力。下列说法中正确的是
()


A.水平拉力 F 和木块 M 受到的摩擦力大小相等
B.木块 N 受到方向向左的摩擦力
C.木块 M 受到的重力和地面对木块 M 的支持力是一对平衡力
D.若突然撤去水平拉力 F,则木块 N 将向右倾倒

8. A

【分析】
要解答本题，需结合受力分析、二力平衡条件、摩擦力的判断以及惯性知识，对每个选项逐一分析：
1. 对M和N整体受力：一起向左匀速直线运动，水平方向受力平衡，拉力F与地面对M的摩擦力是平衡力；
2. 分析N的摩擦力：N随M匀速，无相对运动/趋势，不受摩擦力；
3. 平衡力判断：需满足“同物、等大、反向、共线”，地面对M的支持力等于M和N总重力，与M自身重力不等；
4. 撤去F后的惯性现象：M减速，N因惯性保持原运动状态，会向左倾倒。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：将M、N视为整体，一起向左匀速直线运动，水平方向受向左的拉力F和向右的滑动摩擦力，二力是一对平衡力，大小相等，故A正确；
选项B：木块N随M匀速运动，N与M之间无相对运动，也无相对运动趋势，因此N不受摩擦力，故B错误；
选项C：地面对M的支持力等于M和N的总重力，大于M自身的重力，不满足平衡力“等大”的条件，故C错误；
选项D：撤去拉力F后，M受地面摩擦力减速，N由于惯性要保持原来的向左运动状态，因此N会向左倾倒，而非向右，故D错误。
【答案】
A
【知识点】
二力平衡、摩擦力、惯性
【点评】
本题结合匀速直线运动的受力特点，考查了平衡力判断、摩擦力有无判断及惯性现象，需学生掌握受力分析的基本方法，逐一分析选项即可得出结论，属于中等难度的力学综合题。
【难度系数】
0.5

二、填空题
9. 运输液体货物的槽车，液体上有气泡，如图所示。当车向左开动时，气泡将向（填“左”或“右”，下一空同）运动；向左行驶时突然刹车，气泡将向运动，其原因是具有惯性。

9. 左；右；液体

【分析】本题考查惯性的应用，核心是明确质量越大惯性越大，槽车中液体质量远大于气泡质量，惯性主要由液体体现。解题时需结合车的运动状态变化，分析液体的惯性表现，进而判断气泡的运动方向。
【解析】当车向左开动时，液体由于惯性要保持原来的静止状态，相对于车向右运动，会挤压气泡，使气泡向左运动；当车向左行驶突然刹车时，车速度减小，液体由于惯性要保持原来的向左运动状态，相对于车向左运动，挤压气泡，使气泡向右运动，因此气泡运动的原因是液体具有惯性。
【答案】左；右；液体
【知识点】惯性、质量与惯性的关系
【点评】本题结合生活中的槽车场景考查惯性，易错点是误将气泡的惯性作为主要影响因素，需明确液体质量大惯性更显著，通过相对运动分析气泡的运动方向。
【难度系数】0.5

10. 如图所示，一块长方体橡皮，重为0.6 N，侧放于水平桌面上时，它与桌面的接触面积是$2× 10^{-3}\ \mathrm{m}^2$，它对桌面的压强是________ Pa。若沿ab方向竖直向下切去一块，则剩余部分对桌面的压力________（填“变大”“变小”或“不变”，下同），压强________。

10. 300；变小；不变

【分析】首先，水平面上物体对桌面的压力等于自身重力，利用压强公式可计算初始压强；沿竖直方向切去橡皮后，剩余部分质量减小，重力随之减小，压力也会变小；对于均匀长方体这类柱体，对桌面的压强可推导为$p=\rho gh$，切去后密度和高度不变，压强保持不变。
【解析】1. 计算压强：水平桌面压力$F=G=0.6\ \mathrm{N}$，根据压强公式$p=\frac{F}{S}$，代入数据得$p=\frac{0.6\ \mathrm{N}}{2×10^{-3}\ \mathrm{m}^2}=300\ \mathrm{Pa}$。2. 切去一块后，剩余橡皮的质量减小，重力减小，因此对桌面的压力变小。3. 长方体是均匀柱体，对桌面的压强可表示为$p=\rho gh$，沿竖直方向切去后，橡皮的密度$\rho$和高度$h$均不变，所以剩余部分对桌面的压强不变。
【答案】300；变小；不变
【知识点】压强计算、压力与重力的关系、柱体压强特点
【点评】本题考查压强的计算及柱体压强的规律，核心是理解水平面上压力等于重力，均匀柱体压强与密度和高度相关，属于基础题型。
【难度系数】0.6

11. 如图甲所示,放在水平地面上的物体,受到方向不变的水平推力$ F $的作用,$ F $的大小与时间的关系和物体运动速度$ v $与时间的关系分别如图乙、丙所示。由图像可知,当$ t=1\ \mathrm{s} $时,物体处于状态;当$ t=3\ \mathrm{s} $时,物体受到的摩擦力(填“大于”“小于”或“等于”)6 N;当$ t=5\ \mathrm{s} $时,物体受到的摩擦力为N。

11. 静止；小于；4

【分析】
要解决本题，需结合F-t图像（乙图）和v-t图像（丙图）分析物体不同时间的运动状态，再利用二力平衡条件、滑动摩擦力的影响因素判断摩擦力大小：
1. 先通过v-t图像判断运动状态：0~2s物体速度为0，静止；2~4s物体加速运动；4~6s物体匀速直线运动。
2. 滑动摩擦力仅与压力大小、接触面粗糙程度有关，与运动速度无关；物体匀速直线运动时，推力与滑动摩擦力是平衡力，大小相等。
【解析】
1. 当t=1s时，由丙图可知，0~2s内物体速度为0，因此物体处于静止状态。
2. 当t=5s时，由丙图可知，4~6s内物体做匀速直线运动，此时推力与滑动摩擦力是平衡力；结合乙图，4~6s内推力F=4N，故滑动摩擦力f=4N。
3. 当t=3s时，物体做加速直线运动，此时受滑动摩擦力；由于滑动摩擦力大小仅由压力和接触面粗糙程度决定，与运动状态无关，因此t=3s时的滑动摩擦力等于t=5s时的滑动摩擦力（4N），4N小于6N，故t=3s时物体受到的摩擦力小于6N。
【答案】
静止；小于；4
【知识点】
摩擦力大小、二力平衡、运动与力的关系
【点评】
本题结合F-t和v-t图像考查力学核心知识，需从图像中提取运动状态、推力大小等信息，结合二力平衡和滑动摩擦力特点分析，能有效考查学生的图像分析与知识应用能力。
【难度系数】
0.5

12. 某舰载机成功起降在航空母舰上。
（1）航空母舰的排水量为$6.7×10^{4}\ \mathrm{t}$，其满载并静止在海面上时，受到的浮力是$\mathrm{N}$，排开海水的体积约为$\mathrm{m}^{3}$。（$\rho_{\mathrm{海水}}=1.03×10^{3}\ \mathrm{kg/m}^{3}$，$g$取$10\ \mathrm{N/kg}$）
（2）舰载机在航空母舰上起飞时相对于是运动的。飞机机翼的上部是弧形，在起飞时流过机翼上方的气流速度（填“大于”或“小于”）下方气流速度，因此在其上、下表面产生压强差，形成对机翼向（填“上”或“下”）的升力；当它飞离航空母舰时，航空母舰受到的浮力将（填“变大”“变小”或“不变”）。

12. (1) $6.7×10^8$；$6.5×10^4$
(2) 航空母舰；大于；上；变小

【分析】
本题分为两小问，第(1)问考查浮力的计算，利用漂浮条件和阿基米德原理求解；第(2)问考查运动的相对性、流体压强与流速的关系以及浮力的变化，需结合相关概念分析。
第(1)问思路：航母满载静止时漂浮，根据漂浮条件，浮力等于排开海水的重力，先将排水量单位换算为千克，再计算浮力；再根据阿基米德原理的变形公式计算排开海水的体积。
第(2)问思路：判断运动状态需选参照物，舰载机起飞时相对于航母位置变化，故运动；机翼的流体压强规律是流速大的地方压强小，机翼上方流速大、压强小，形成向上的升力；航母始终漂浮，浮力等于总重力，舰载机飞离后总重力减小，浮力随之变小。
【解析】
(1) 航空母舰满载时漂浮，根据漂浮条件$F_{浮}=G_{排}$，排水量$m_{排}=6.7×10^4\ \mathrm{t}=6.7×10^7\ \mathrm{kg}$，
则浮力$F_{浮}=G_{排}=m_{排}g=6.7×10^7\ \mathrm{kg}×10\ \mathrm{N/kg}=6.7×10^8\ \mathrm{N}$；
根据阿基米德原理$F_{浮}=\rho_{海水}gV_{排}$，得排开海水的体积$V_{排}=\frac{F_{浮}}{\rho_{海水}g}=\frac{6.7×10^8\ \mathrm{N}}{1.03×10^3\ \mathrm{kg/m^3}×10\ \mathrm{N/kg}}≈6.5×10^4\ \mathrm{m^3}$。
(2) 舰载机起飞时，相对于航空母舰的位置发生变化，因此是运动的；
机翼上方气流路径长，流速大于下方气流速度，根据流体压强与流速的关系，流速大的地方压强小，因此机翼上表面压强小于下表面，产生向上的升力；
航母始终漂浮，浮力等于总重力，舰载机飞离后，航母总重力变小，故受到的浮力变小。
【答案】
(1) $6.7×10^8$；$6.5×10^4$
(2) 航空母舰；大于；上；变小
【知识点】
浮力（漂浮条件、阿基米德原理）；运动的相对性；流体压强与流速的关系
【点评】
本题是力学综合基础题，涵盖浮力、运动学、流体压强的核心知识点，难度不大，主要考察学生对基础概念的理解与应用能力，属于常规题型。
【难度系数】
0.6