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1 如图所示为四根高压输电线上的一个装置,它的作用是将四根导线并联起来。由此可知,装置应该属于
导体
(导体/绝缘体),利用这个装置把四根导线固定起来,相当于增大了横截面积
,从而减小
(增大/减小)了输电导线的电阻,这样就能大大减少输电线上电能的损失。答案
1. 导体 横截面积 减小
解析
【分析】
要解决本题，首先需明确装置的功能：它要将四根导线并联，需具备导电性，据此判断其类型；再结合影响电阻大小的因素分析，电阻与导体的材料、长度、横截面积有关，四根导线并联相当于改变了横截面积，进而判断电阻变化，最终得出结论。
【解析】
1. 判断装置类型：该装置需连接四根导线并导电，因此属于导体；
2. 分析电阻变化：将四根导线并联，相当于增大了输电导线的横截面积；根据电阻的决定规律，在材料、长度不变时，导体横截面积越大，电阻越小，所以此举减小了输电导线的电阻，可减少输电线上的电能损失。
【答案】
导体 横截面积 减小
【知识点】
导体与绝缘体、影响电阻大小的因素
【点评】
本题结合实际输电场景，考查导体的概念和影响电阻大小的基础知识点，属于物理知识在生活中的简单应用，难度较低。
【难度系数】
0.7
要解决本题，首先需明确装置的功能：它要将四根导线并联，需具备导电性，据此判断其类型；再结合影响电阻大小的因素分析，电阻与导体的材料、长度、横截面积有关，四根导线并联相当于改变了横截面积，进而判断电阻变化，最终得出结论。
【解析】
1. 判断装置类型：该装置需连接四根导线并导电，因此属于导体；
2. 分析电阻变化：将四根导线并联，相当于增大了输电导线的横截面积；根据电阻的决定规律，在材料、长度不变时，导体横截面积越大，电阻越小，所以此举减小了输电导线的电阻，可减少输电线上的电能损失。
【答案】
导体 横截面积 减小
【知识点】
导体与绝缘体、影响电阻大小的因素
【点评】
本题结合实际输电场景，考查导体的概念和影响电阻大小的基础知识点，属于物理知识在生活中的简单应用，难度较低。
【难度系数】
0.7
2 滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的
长度
来改变电阻的。如图甲所示，当滑片向C端移动时，它的电阻值变小
（变大/不变/变小）。电阻箱是一种能够表示出电阻值的变阻器，如图乙中电阻箱的读数是3608
Ω。它能得到的最大电阻值是9999
Ω。答案
2. 长度 变小 3 608 9 999
解析
【分析】
本题考查滑动变阻器和电阻箱的相关知识，解题思路如下：
1. 回忆滑动变阻器的核心原理：通过改变接入电路中电阻丝的长度改变电阻。
2. 分析图甲滑动变阻器：确定接入的电阻丝段，接线柱接A、C时，接入电路的是C到滑片的电阻丝，滑片向C移动时，这段电阻丝长度缩短，因此电阻变小。
3. 掌握电阻箱读数规则：每个旋钮的数字乘以对应倍率后求和得总电阻；最大电阻为每个旋钮取最大数字9，乘以各自倍率后相加。
【解析】
1. 滑动变阻器的工作原理：滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻的。
2. 图甲滑动变阻器的电阻变化：接线柱接A、C，接入电路的电阻丝为C到滑片的部分，当滑片向C端移动时，接入的电阻丝长度变短，因此电阻值变小。
3. 图乙电阻箱的读数：×1000旋钮对应数字3，×100对应6，×10对应0，×1对应8，总电阻为 $3×1000 + 6×100 + 0×10 + 8×1 = 3608\ \Omega$。
4. 电阻箱的最大电阻：每个旋钮取最大数字9，最大电阻为 $9×1000 + 9×100 + 9×10 + 9×1 = 9999\ \Omega$。
【答案】
长度 变小 3608 9999
【知识点】
滑动变阻器原理、电阻箱读数
【点评】
本题为初中物理基础题，考查滑动变阻器的工作原理和电阻箱的读数方法，知识点基础，只要掌握相关概念和读数规则即可正确解答。
【难度系数】
0.7
本题考查滑动变阻器和电阻箱的相关知识，解题思路如下：
1. 回忆滑动变阻器的核心原理：通过改变接入电路中电阻丝的长度改变电阻。
2. 分析图甲滑动变阻器：确定接入的电阻丝段，接线柱接A、C时，接入电路的是C到滑片的电阻丝，滑片向C移动时，这段电阻丝长度缩短，因此电阻变小。
3. 掌握电阻箱读数规则：每个旋钮的数字乘以对应倍率后求和得总电阻；最大电阻为每个旋钮取最大数字9，乘以各自倍率后相加。
【解析】
1. 滑动变阻器的工作原理：滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻的。
2. 图甲滑动变阻器的电阻变化：接线柱接A、C，接入电路的电阻丝为C到滑片的部分，当滑片向C端移动时，接入的电阻丝长度变短，因此电阻值变小。
3. 图乙电阻箱的读数：×1000旋钮对应数字3，×100对应6，×10对应0，×1对应8，总电阻为 $3×1000 + 6×100 + 0×10 + 8×1 = 3608\ \Omega$。
4. 电阻箱的最大电阻：每个旋钮取最大数字9，最大电阻为 $9×1000 + 9×100 + 9×10 + 9×1 = 9999\ \Omega$。
【答案】
长度 变小 3608 9999
【知识点】
滑动变阻器原理、电阻箱读数
【点评】
本题为初中物理基础题，考查滑动变阻器的工作原理和电阻箱的读数方法，知识点基础，只要掌握相关概念和读数规则即可正确解答。
【难度系数】
0.7
3 在一段电阻不变的导体两端加 20 V 的电压时，通过的电流为 1 A；现在把该导体两端的电压变为5 V，则此时通过该导体的电流和它的电阻分别为（
A.0.25 A,20 Ω
B.1 A,20 Ω
C.0.4 A,10 Ω
D.1 A,10 Ω
A
）A.0.25 A,20 Ω
B.1 A,20 Ω
C.0.4 A,10 Ω
D.1 A,10 Ω
答案
3. A
解析
【分析】
本题考查欧姆定律和电阻的特性，解题思路为：①先根据已知的电压和电流，利用欧姆定律计算导体的电阻；②明确电阻是导体本身的固有属性，与两端电压、通过的电流无关，因此电压变化时电阻不变；③再利用欧姆定律计算电压变为5V时的电流，最后结合选项选出答案。
【解析】
解：根据欧姆定律 $ R = \frac{U}{I} $，已知导体两端电压 $ U_1 = 20V $，通过的电流 $ I_1 = 1A $，则导体的电阻：
$ R = \frac{U_1}{I_1} = \frac{20V}{1A} = 20Ω $。
由于电阻是导体本身的性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以当导体两端电压变为 $ U_2 = 5V $ 时，导体的电阻仍为20Ω不变。
此时通过导体的电流：
$ I_2 = \frac{U_2}{R} = \frac{5V}{20Ω} = 0.25A $。
综上，此时通过该导体的电流为0.25A，电阻为20Ω，对应选项A。
【答案】
A
【知识点】
欧姆定律、电阻的特性
【点评】
本题是欧姆定律的基础应用题，核心是理解“电阻是导体本身的属性，不随电压、电流变化”这一易错点，只要掌握欧姆定律公式即可顺利解答。
【难度系数】
0.6
本题考查欧姆定律和电阻的特性，解题思路为：①先根据已知的电压和电流，利用欧姆定律计算导体的电阻；②明确电阻是导体本身的固有属性，与两端电压、通过的电流无关，因此电压变化时电阻不变；③再利用欧姆定律计算电压变为5V时的电流，最后结合选项选出答案。
【解析】
解：根据欧姆定律 $ R = \frac{U}{I} $，已知导体两端电压 $ U_1 = 20V $，通过的电流 $ I_1 = 1A $，则导体的电阻：
$ R = \frac{U_1}{I_1} = \frac{20V}{1A} = 20Ω $。
由于电阻是导体本身的性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以当导体两端电压变为 $ U_2 = 5V $ 时，导体的电阻仍为20Ω不变。
此时通过导体的电流：
$ I_2 = \frac{U_2}{R} = \frac{5V}{20Ω} = 0.25A $。
综上，此时通过该导体的电流为0.25A，电阻为20Ω，对应选项A。
【答案】
A
【知识点】
欧姆定律、电阻的特性
【点评】
本题是欧姆定律的基础应用题，核心是理解“电阻是导体本身的属性，不随电压、电流变化”这一易错点，只要掌握欧姆定律公式即可顺利解答。
【难度系数】
0.6
4 [2026 沭阳段考]有一个标有“2.5 V 0.3 A”的小灯泡，小明同学运用欧姆定律公式计算它的灯丝电阻，你认为小明计算出的电阻为
8.3
Ω，但小明运用电流表、电压表测出的结果仅有2.5 Ω。关于这差异，最合理的解释是金属的电阻随温度
而改变。答案
4. 8.3 温度
解析
【分析】
要解答本题，需分两步思考：第一步，利用欧姆定律公式计算小灯泡的理论电阻；第二步，结合实际测量结果，分析电阻差异的原因，明确金属电阻的影响因素。
【解析】
1. 计算理论电阻：根据欧姆定律公式 $ R = \frac{U}{I} $，将小灯泡的额定电压 $ U=2.5\ \mathrm{V} $、额定电流 $ I=0.3\ \mathrm{A} $ 代入，可得理论电阻 $ R = \frac{2.5\ \mathrm{V}}{0.3\ \mathrm{A}} \approx 8.3\ \Omega $。
2. 分析电阻差异：小灯泡正常发光时灯丝温度很高，而金属的电阻随温度变化，温度越高电阻越大，因此实际测量的电阻（温度较低时的电阻）与理论计算值存在差异，最合理的解释是金属的电阻随温度改变。
【答案】
8.3；温度
【知识点】
欧姆定律的应用；电阻的影响因素
【点评】
本题结合小灯泡的额定参数考查欧姆定律计算和电阻特性，属于基础题型，重点检验学生对欧姆定律公式的掌握及电阻影响因素的理解。
【难度系数】
0.8
要解答本题，需分两步思考：第一步，利用欧姆定律公式计算小灯泡的理论电阻；第二步，结合实际测量结果，分析电阻差异的原因，明确金属电阻的影响因素。
【解析】
1. 计算理论电阻：根据欧姆定律公式 $ R = \frac{U}{I} $，将小灯泡的额定电压 $ U=2.5\ \mathrm{V} $、额定电流 $ I=0.3\ \mathrm{A} $ 代入，可得理论电阻 $ R = \frac{2.5\ \mathrm{V}}{0.3\ \mathrm{A}} \approx 8.3\ \Omega $。
2. 分析电阻差异：小灯泡正常发光时灯丝温度很高，而金属的电阻随温度变化，温度越高电阻越大，因此实际测量的电阻（温度较低时的电阻）与理论计算值存在差异，最合理的解释是金属的电阻随温度改变。
【答案】
8.3；温度
【知识点】
欧姆定律的应用；电阻的影响因素
【点评】
本题结合小灯泡的额定参数考查欧姆定律计算和电阻特性，属于基础题型，重点检验学生对欧姆定律公式的掌握及电阻影响因素的理解。
【难度系数】
0.8
5 [2025 泗阳段考]兴趣小组在“探究电流与电压、电阻的关系”实验中，设计电路图如图甲，电源电压恒为 4.5 V，阻值为 5 Ω、10 Ω、15 Ω、20 Ω 的定值电阻各一个。
(1) 探究电流与电压的关系：
① 实验时小华连接了图乙所示的实物图。若闭合开关，图乙中
② 正确连接电路后，继续实验，得到如表所示的实验数据，序号为
③ 剔除错误数据后，在图丙中作出电阻一定时电流随电压变化的图像。
④ 分析数据或图像得出了“电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比”的结论，判断成正比的依据是
(2) 兴趣小组利用上述电路和器材继续探究电流与电阻的关系，并控制导体两端电压为 $ U_0 = 2 \, \mathrm{V} $ 不变。
① 实验中需多次改变 R 的阻值，将 5 Ω、10 Ω、15 Ω、20 Ω 四个电阻分别接入电路中均能完成实验，选取的滑动变阻器最大阻值应不小于
② 当使用 15 Ω 电阻时，滑动变阻器滑片 P 位于中点附近，若用 20 Ω 的电阻替换接入后，需将滑片往
(1) 探究电流与电压的关系：
① 实验时小华连接了图乙所示的实物图。若闭合开关，图乙中
电流表
(电流表/电压表)无示数，这是因为图乙中有一根导线连接错误，请在该导线上画“×”，并画出正确的连线。② 正确连接电路后，继续实验，得到如表所示的实验数据，序号为
4
的数据明显是错误的，分析数据时应当将它剔除。③ 剔除错误数据后，在图丙中作出电阻一定时电流随电压变化的图像。
④ 分析数据或图像得出了“电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比”的结论，判断成正比的依据是
电流I与电压U的关系图像为过原点的直线
。(2) 兴趣小组利用上述电路和器材继续探究电流与电阻的关系，并控制导体两端电压为 $ U_0 = 2 \, \mathrm{V} $ 不变。
① 实验中需多次改变 R 的阻值，将 5 Ω、10 Ω、15 Ω、20 Ω 四个电阻分别接入电路中均能完成实验，选取的滑动变阻器最大阻值应不小于
25
Ω。② 当使用 15 Ω 电阻时，滑动变阻器滑片 P 位于中点附近，若用 20 Ω 的电阻替换接入后，需将滑片往
D
(C/D)端移动，依据是将定值电阻由15 Ω改接成20 Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，为了保持电压2 V不变，应增大滑动变阻器两端的电压，故应向D端移动滑片
。答案
5. (1) ① 电流表
② 4 ③ 
④ 电流I与电压U的关系图像为过原点的直线(2) ① 25 ② D 将定值电阻由15 Ω改接成20 Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，为了保持电压2 V不变，应增大滑动变阻器两端的电压，故应向D端移动滑片
解析
【分析】
本题为电学实验综合题，分为探究电流与电压的关系、探究电流与电阻的关系两部分。① 先分析实物图的连接错误：电流表应串联，图中错误导线导致电流表被短路，因此电流表无示数，需修正导线；② 探究电流与电压关系时，电阻不变，根据欧姆定律判断错误数据；③ 剔除错误数据后描点连线得到I-U图像；④ 电流与电压成正比的依据是I-U图像为过原点的直线。探究电流与电阻关系时，① 利用串联分压和欧姆定律计算滑动变阻器的最小阻值；② 更换更大定值电阻时，需调节滑动变阻器保持定值电阻电压不变，据此判断滑片移动方向。
【解析】
(1) ① 实物图中，电流表被错误导线短路，因此电流表无示数；错误导线为连接定值电阻右端与电压表负接线柱的导线（画×），正确连线为将定值电阻右端接电压表的3接线柱。
② 探究电流与电压关系时，电阻R不变，由I=U/R得R=U/I，计算各序号数据对应的电阻，序号4的数据对应的电阻与定值电阻阻值偏差大，故序号4的数据错误，应剔除。
③ 剔除错误数据后，根据正确的U、I值在坐标系中描点，用直线连接各点，得到I-U图像。
④ 电阻一定时，若电流随电压变化的图像为过原点的直线，说明电流与电压成正比，因此判断依据是：电流I与电压U的关系图像为过原点的直线。
(2) ① 电源电压U=4.5V，定值电阻两端电压U₀=2V，滑动变阻器两端电压U滑=U-U₀=2.5V。当接入最大定值电阻R定=20Ω时，电路电流I=U₀/R定=2V/20Ω=0.1A，滑动变阻器的最大阻值R滑=U滑/I=2.5V/0.1A=25Ω，故滑动变阻器最大阻值不小于25Ω。
② 用20Ω电阻替换15Ω电阻后，定值电阻阻值增大，根据串联分压原理，定值电阻两端电压增大，为保持其电压为2V，需增大滑动变阻器接入电路的电阻，因此滑片应向D端移动；依据是：定值电阻阻值增大，其分得的电压增大，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器两端的电压，故应向D端移动滑片。
【答案】
5. (1) ① 电流表 ② 4 ③ ④ 电流I与电压U的关系图像为过原点的直线
(2) ① 25 ② D 将定值电阻由15 Ω改接成20 Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，为了保持电压2 V不变，应增大滑动变阻器两端的电压，故应向D端移动滑片
【知识点】
探究电流与电压的关系、探究电流与电阻的关系、欧姆定律的应用
【点评】
本题是电学实验的典型综合题，涵盖探究电流与电压、电阻关系的核心知识点，重点考查电路故障分析、数据处理、欧姆定律应用及滑动变阻器调节，对学生实验分析能力要求较高，是段考的重点考题。
【难度系数】
0.5
本题为电学实验综合题，分为探究电流与电压的关系、探究电流与电阻的关系两部分。① 先分析实物图的连接错误：电流表应串联，图中错误导线导致电流表被短路，因此电流表无示数，需修正导线；② 探究电流与电压关系时，电阻不变，根据欧姆定律判断错误数据；③ 剔除错误数据后描点连线得到I-U图像；④ 电流与电压成正比的依据是I-U图像为过原点的直线。探究电流与电阻关系时，① 利用串联分压和欧姆定律计算滑动变阻器的最小阻值；② 更换更大定值电阻时，需调节滑动变阻器保持定值电阻电压不变，据此判断滑片移动方向。
【解析】
(1) ① 实物图中，电流表被错误导线短路，因此电流表无示数；错误导线为连接定值电阻右端与电压表负接线柱的导线（画×），正确连线为将定值电阻右端接电压表的3接线柱。
② 探究电流与电压关系时，电阻R不变，由I=U/R得R=U/I，计算各序号数据对应的电阻，序号4的数据对应的电阻与定值电阻阻值偏差大，故序号4的数据错误，应剔除。
③ 剔除错误数据后，根据正确的U、I值在坐标系中描点，用直线连接各点，得到I-U图像。
④ 电阻一定时，若电流随电压变化的图像为过原点的直线，说明电流与电压成正比，因此判断依据是：电流I与电压U的关系图像为过原点的直线。
(2) ① 电源电压U=4.5V，定值电阻两端电压U₀=2V，滑动变阻器两端电压U滑=U-U₀=2.5V。当接入最大定值电阻R定=20Ω时，电路电流I=U₀/R定=2V/20Ω=0.1A，滑动变阻器的最大阻值R滑=U滑/I=2.5V/0.1A=25Ω，故滑动变阻器最大阻值不小于25Ω。
② 用20Ω电阻替换15Ω电阻后，定值电阻阻值增大，根据串联分压原理，定值电阻两端电压增大，为保持其电压为2V，需增大滑动变阻器接入电路的电阻，因此滑片应向D端移动；依据是：定值电阻阻值增大，其分得的电压增大，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器两端的电压，故应向D端移动滑片。
【答案】
5. (1) ① 电流表
② 4 ③ ④ 电流I与电压U的关系图像为过原点的直线(2) ① 25 ② D 将定值电阻由15 Ω改接成20 Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，为了保持电压2 V不变，应增大滑动变阻器两端的电压，故应向D端移动滑片
【知识点】
探究电流与电压的关系、探究电流与电阻的关系、欧姆定律的应用
【点评】
本题是电学实验的典型综合题，涵盖探究电流与电压、电阻关系的核心知识点，重点考查电路故障分析、数据处理、欧姆定律应用及滑动变阻器调节，对学生实验分析能力要求较高，是段考的重点考题。
【难度系数】
0.5
