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12. 如图是不同形式能量的相互转化图，下列说法错误的是(
A.序号①的实例可以是“炙手可热”和“钻木取火”
B.序号②的实例可以是电动机带动水泵把水送到高处
C.序号③的实例可以是植物吸收太阳光进行光合作用
D.序号④的实例可以是将塑料尺在头发上摩擦后带电
A
)。A.序号①的实例可以是“炙手可热”和“钻木取火”
B.序号②的实例可以是电动机带动水泵把水送到高处
C.序号③的实例可以是植物吸收太阳光进行光合作用
D.序号④的实例可以是将塑料尺在头发上摩擦后带电
答案
12.A
解析
【分析】
要解答本题，需先明确各序号对应的能量转化类型，再逐一分析选项中实例的能量转化是否与序号匹配：
1. 确定各序号的能量转化：序号①对应机械能与内能的转化；序号②对应电能转化为机械能；序号③对应光能转化为化学能；序号④对应机械能转化为电能。
2. 逐一分析选项：
选项A：“钻木取火”是机械能转化为内能，符合序号①的转化；但“炙手可热”是通过热传递改变内能，属于内能的转移（同形式能量传递），并非能量转化，且序号①是不同形式能量的转化，该选项实例对应错误。
选项B：电动机带动水泵，消耗电能获得机械能，对应序号②的转化，正确。
选项C：植物光合作用将光能转化为化学能储存，对应序号③的转化，正确。
选项D：塑料尺在头发上摩擦后带电，消耗机械能得到电能，对应序号④的转化，正确。
因此错误的是选项A。
【解析】
本题需结合能量转化图，分析每个选项实例的能量转化是否与对应序号一致：
序号①是机械能与内能的转化：“钻木取火”是机械能→内能，符合；但“炙手可热”是内能的转移，并非能量转化，该选项实例对应错误。
序号②是电能→机械能：电动机带动水泵，消耗电能转化为机械能，符合，B正确。
序号③是光能→化学能：植物光合作用将光能转化为化学能，符合，C正确。
序号④是机械能→电能：塑料尺摩擦带电，机械能转化为电能，符合，D正确。
综上，错误选项为A。
【答案】
A
【知识点】
能量的转化、能量转移
【点评】
本题考查常见能量转化的判断，需准确区分能量的转化（不同形式能量间的转换）和转移（同形式能量的传递），是基础的能量知识应用，难度适中。
【难度系数】
0.3
要解答本题，需先明确各序号对应的能量转化类型，再逐一分析选项中实例的能量转化是否与序号匹配：
1. 确定各序号的能量转化：序号①对应机械能与内能的转化；序号②对应电能转化为机械能；序号③对应光能转化为化学能；序号④对应机械能转化为电能。
2. 逐一分析选项：
选项A：“钻木取火”是机械能转化为内能，符合序号①的转化；但“炙手可热”是通过热传递改变内能，属于内能的转移（同形式能量传递），并非能量转化，且序号①是不同形式能量的转化，该选项实例对应错误。
选项B：电动机带动水泵，消耗电能获得机械能，对应序号②的转化，正确。
选项C：植物光合作用将光能转化为化学能储存，对应序号③的转化，正确。
选项D：塑料尺在头发上摩擦后带电，消耗机械能得到电能，对应序号④的转化，正确。
因此错误的是选项A。
【解析】
本题需结合能量转化图，分析每个选项实例的能量转化是否与对应序号一致：
序号①是机械能与内能的转化：“钻木取火”是机械能→内能，符合；但“炙手可热”是内能的转移，并非能量转化，该选项实例对应错误。
序号②是电能→机械能：电动机带动水泵，消耗电能转化为机械能，符合，B正确。
序号③是光能→化学能：植物光合作用将光能转化为化学能，符合，C正确。
序号④是机械能→电能：塑料尺摩擦带电，机械能转化为电能，符合，D正确。
综上，错误选项为A。
【答案】
A
【知识点】
能量的转化、能量转移
【点评】
本题考查常见能量转化的判断，需准确区分能量的转化（不同形式能量间的转换）和转移（同形式能量的传递），是基础的能量知识应用，难度适中。
【难度系数】
0.3
13. 如图甲,某品牌插秧机只需在作业前进行相关设定,即可实现24 h无人值守自动作业。
(1)该插秧机使用四冲程汽油机,图乙中汽油机处于
(2)汽油属于
(1)该插秧机使用四冲程汽油机,图乙中汽油机处于
压缩
冲程。如果该汽油机曲轴的转速是3 600 r/min,则汽油机每秒钟对外做功30
次。(2)汽油属于
非清洁
（选填“清洁”或“非清洁”）能源。某段时间内,该插秧机消耗汽油0.21 kg,若这些汽油完全燃烧放出的热量80%被40 kg、初温15 ℃的水吸收,则水温升高到61 ℃
。（实验环境为标准大气压,汽油的热值为$4.6×10^7$ J/kg）答案
(1)压缩 30 (2)非清洁 61 ℃
解析
【分析】
第(1)问：判断汽油机冲程需结合气门状态和活塞运动方向，图乙中两气门关闭、活塞上行，对应压缩冲程；四冲程汽油机每2转对外做功1次，先将转速换算为每秒转数，再计算每秒做功次数。第(2)问：汽油燃烧会产生有害气体，属于非清洁能源；热量计算需依次算出汽油完全燃烧放热、水吸收的热量，再根据吸热公式求水温变化，结合标准大气压下水的沸点确定最终水温。
【解析】
(1) 观察图乙，汽油机的进气门和排气门均关闭，活塞向上运动，因此该冲程为压缩冲程。
已知汽油机曲轴转速为3600 r/min，换算为每秒转数：3600 r/min = 60 r/s。四冲程汽油机完成一个工作循环，曲轴转动2周，对外做功1次，因此每秒对外做功次数为：60 ÷ 2 = 30次。
(2) 汽油燃烧会产生一氧化碳、氮氧化物等有害气体，属于非清洁能源。
计算0.21 kg汽油完全燃烧放出的热量：
$Q_{放}=m_{汽油}q=0.21\ \mathrm{kg}×4.6×10^7\ \mathrm{J/kg}=9.66×10^6\ \mathrm{J}$。
水吸收的热量：
$Q_{吸}=ηQ_{放}=80\%×9.66×10^6\ \mathrm{J}=7.728×10^6\ \mathrm{J}$。
根据吸热公式$Q_{吸}=c_{水}m_{水}Δt$，可得水温升高量：
$Δt=\frac{Q_{吸}}{c_{水}m_{水}}=\frac{7.728×10^6\ \mathrm{J}}{4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×40\ \mathrm{kg}}=46\ \mathrm{℃}$。
因此水温升高到：$15\ \mathrm{℃}+46\ \mathrm{℃}=61\ \mathrm{℃}$（标准大气压下水的沸点为100 ℃，61 ℃未超过沸点，合理）。
【答案】
(1)压缩；30 (2)非清洁；61 ℃
【知识点】
汽油机冲程判断、热值与热量计算、能源分类
【点评】
本题结合插秧机的实际应用，考查热学基础知识点，涵盖汽油机工作过程、热量计算及能源分类，题型基础，注重知识的实际应用，适合巩固热学相关内容。
【难度系数】
0.6
第(1)问：判断汽油机冲程需结合气门状态和活塞运动方向，图乙中两气门关闭、活塞上行，对应压缩冲程；四冲程汽油机每2转对外做功1次，先将转速换算为每秒转数，再计算每秒做功次数。第(2)问：汽油燃烧会产生有害气体，属于非清洁能源；热量计算需依次算出汽油完全燃烧放热、水吸收的热量，再根据吸热公式求水温变化，结合标准大气压下水的沸点确定最终水温。
【解析】
(1) 观察图乙，汽油机的进气门和排气门均关闭，活塞向上运动，因此该冲程为压缩冲程。
已知汽油机曲轴转速为3600 r/min，换算为每秒转数：3600 r/min = 60 r/s。四冲程汽油机完成一个工作循环，曲轴转动2周，对外做功1次，因此每秒对外做功次数为：60 ÷ 2 = 30次。
(2) 汽油燃烧会产生一氧化碳、氮氧化物等有害气体，属于非清洁能源。
计算0.21 kg汽油完全燃烧放出的热量：
$Q_{放}=m_{汽油}q=0.21\ \mathrm{kg}×4.6×10^7\ \mathrm{J/kg}=9.66×10^6\ \mathrm{J}$。
水吸收的热量：
$Q_{吸}=ηQ_{放}=80\%×9.66×10^6\ \mathrm{J}=7.728×10^6\ \mathrm{J}$。
根据吸热公式$Q_{吸}=c_{水}m_{水}Δt$，可得水温升高量：
$Δt=\frac{Q_{吸}}{c_{水}m_{水}}=\frac{7.728×10^6\ \mathrm{J}}{4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×40\ \mathrm{kg}}=46\ \mathrm{℃}$。
因此水温升高到：$15\ \mathrm{℃}+46\ \mathrm{℃}=61\ \mathrm{℃}$（标准大气压下水的沸点为100 ℃，61 ℃未超过沸点，合理）。
【答案】
(1)压缩；30 (2)非清洁；61 ℃
【知识点】
汽油机冲程判断、热值与热量计算、能源分类
【点评】
本题结合插秧机的实际应用，考查热学基础知识点，涵盖汽油机工作过程、热量计算及能源分类，题型基础，注重知识的实际应用，适合巩固热学相关内容。
【难度系数】
0.6
14.人造地球同步卫星发射过程可简化为点火加速、离开大气层后关闭发动机自由上升和调整姿态三个阶段。发射成功后，从地面上看，它相对于地球静止于赤道上空，与地球转动同步，故称地球同步卫星。在赤道上空约为36 000 km的高度上布设3颗通信卫星，可实现除两极外的全球通信。地球同步卫星常用于通信、气象、广播电视、导弹预警、数据中继等方面，以实现对同一地区的连续工作。
(1)同步卫星相对于地面是
(2)点火加速阶段中能量转化：化学能→
(3)同步卫星在点火加速阶段中，动能
(1)同步卫星相对于地面是
静止
（选填“运动”或“静止”）的。(2)点火加速阶段中能量转化：化学能→
内
能→机械
能。(3)同步卫星在点火加速阶段中，动能
增大
，重力势能增大
，机械能增大
。（均选填“增大”“减小”或“不变”）答案
(1)静止 (2)内 机械 (3)增大 增大 增大
解析
【分析】
要解决这道题，需结合运动与静止的相对性、能量转化规律、机械能的影响因素分析：
1. 第(1)问：判断物体运动/静止的依据是参照物，同步卫星与地球转动同步，相对地面位置未变，据此判断状态。
2. 第(2)问：点火加速时，燃料燃烧先释放化学能转化为内能，再通过做功将内能转化为卫星的机械能，推动卫星运动。
3. 第(3)问：动能与质量、速度有关，重力势能与质量、高度有关，机械能为动能与势能之和；加速阶段卫星速度增大、高度升高，质量不变，据此分析各能量变化。
【解析】
(1) 以地面为参照物，地球同步卫星与地球转动同步，相对地面的位置没有发生改变，因此同步卫星相对于地面是静止的。
(2) 点火加速阶段，燃料燃烧释放能量，化学能先转化为内能，内能再转化为卫星的机械能，使卫星加速运动，故能量转化为化学能→内能→机械能。
(3) 动能由质量和速度决定，加速阶段卫星速度增大、质量不变，因此动能增大；重力势能由质量和高度决定，卫星上升时高度增加、质量不变，因此重力势能增大；机械能等于动能与重力势能之和，两者均增大，故机械能增大。
【答案】
(1)静止 (2)内 机械 (3)增大 增大 增大
【知识点】
运动与静止的相对性、能量转化、机械能的变化
【点评】
本题结合人造同步卫星的实际场景，考查初中物理基础知识点，将抽象概念与实际案例结合，便于理解，属于难度较低的基础题。
【难度系数】
0.7
要解决这道题，需结合运动与静止的相对性、能量转化规律、机械能的影响因素分析：
1. 第(1)问：判断物体运动/静止的依据是参照物，同步卫星与地球转动同步，相对地面位置未变，据此判断状态。
2. 第(2)问：点火加速时，燃料燃烧先释放化学能转化为内能，再通过做功将内能转化为卫星的机械能，推动卫星运动。
3. 第(3)问：动能与质量、速度有关，重力势能与质量、高度有关，机械能为动能与势能之和；加速阶段卫星速度增大、高度升高，质量不变，据此分析各能量变化。
【解析】
(1) 以地面为参照物，地球同步卫星与地球转动同步，相对地面的位置没有发生改变，因此同步卫星相对于地面是静止的。
(2) 点火加速阶段，燃料燃烧释放能量，化学能先转化为内能，内能再转化为卫星的机械能，使卫星加速运动，故能量转化为化学能→内能→机械能。
(3) 动能由质量和速度决定，加速阶段卫星速度增大、质量不变，因此动能增大；重力势能由质量和高度决定，卫星上升时高度增加、质量不变，因此重力势能增大；机械能等于动能与重力势能之和，两者均增大，故机械能增大。
【答案】
(1)静止 (2)内 机械 (3)增大 增大 增大
【知识点】
运动与静止的相对性、能量转化、机械能的变化
【点评】
本题结合人造同步卫星的实际场景，考查初中物理基础知识点，将抽象概念与实际案例结合，便于理解，属于难度较低的基础题。
【难度系数】
0.7
15.在汽油机的一个工作循环中，内能转化为机械能的是
做功
冲程，其他三个冲程都是靠飞轮的惯性
来完成的。人们常用水给汽车发动机降温，这是因为水的比热容
较大，在相同条件下水能带走较多的热量，这个过程是通过热传递
的方式使水的温度升高。答案
做功 惯性 比热容 热传递
解析
【分析】
这道题考查汽油机工作过程及热学相关基础知识，解题思路如下：1. 回忆汽油机四个冲程的能量转化，明确内能转化为机械能的冲程；2. 掌握汽油机非做功冲程的完成方式；3. 理解水作为冷却剂的原因；4. 区分改变内能的两种方式，判断热量传递的方式。
【解析】
逐个分析填空：1. 汽油机的一个工作循环包含吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中做功冲程中，燃气燃烧释放的内能推动活塞做功，将内能转化为机械能；2. 其余三个冲程没有能量转化，依靠飞轮的惯性来完成；3. 水的比热容较大，相同质量的水和其他物质相比，升高相同温度时能吸收更多热量，因此常用水给汽车发动机降温；4. 发动机的热量传递给水，使水温度升高，该过程是通过热传递的方式改变水的内能。
【答案】
做功 惯性 比热容 热传递
【知识点】
汽油机冲程、惯性、比热容、热传递
【点评】
本题为热学基础题，考查核心概念的记忆与应用，难度较低，是学生需掌握的基础知识点。
【难度系数】
0.9
这道题考查汽油机工作过程及热学相关基础知识，解题思路如下：1. 回忆汽油机四个冲程的能量转化，明确内能转化为机械能的冲程；2. 掌握汽油机非做功冲程的完成方式；3. 理解水作为冷却剂的原因；4. 区分改变内能的两种方式，判断热量传递的方式。
【解析】
逐个分析填空：1. 汽油机的一个工作循环包含吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中做功冲程中，燃气燃烧释放的内能推动活塞做功，将内能转化为机械能；2. 其余三个冲程没有能量转化，依靠飞轮的惯性来完成；3. 水的比热容较大，相同质量的水和其他物质相比，升高相同温度时能吸收更多热量，因此常用水给汽车发动机降温；4. 发动机的热量传递给水，使水温度升高，该过程是通过热传递的方式改变水的内能。
【答案】
做功 惯性 比热容 热传递
【知识点】
汽油机冲程、惯性、比热容、热传递
【点评】
本题为热学基础题，考查核心概念的记忆与应用，难度较低，是学生需掌握的基础知识点。
【难度系数】
0.9
16.(1)某同学用如图所示的装置测量酒精的热值。加热前，酒精灯的质量为$ m_1 $，加热一段时间后变为$ m_2 $，烧杯中水的质量为$ m $，水的初温为$ t_1 $，末温为$ t_2 $，水的比热容用$ c $表示。用以上符号表达该同学测酒精热值的计算式：$\_\_\_\_\_\_$。该同学测算后发现，测量值比课本中的“标准值”小很多，请你写一条产生该误差的原因：$\_\_\_\_\_\_$。
(2)有一种“涡轮增压”(T型)轿车，通过给发动机更足量的空气使汽油更充分地燃烧，比普通轿车(L型)更节能，排气更清洁。同样的汽油(如$ 95^\# $)加在T型轿车内与加在L型轿车内相比热值$\_\_\_\_\_\_$(选填“更大”“一样大”或“更小”)。
(2)有一种“涡轮增压”(T型)轿车，通过给发动机更足量的空气使汽油更充分地燃烧，比普通轿车(L型)更节能，排气更清洁。同样的汽油(如$ 95^\# $)加在T型轿车内与加在L型轿车内相比热值$\_\_\_\_\_\_$(选填“更大”“一样大”或“更小”)。
答案
(1)$\frac{cm(t_2-t_1)}{m_1-m_2}$ 没有考虑热量的散失 (2)一样大
解析
【分析】
首先明确热值的定义：单位质量的燃料完全燃烧放出的热量。对于第一问，需先计算水吸收的热量，再结合燃烧酒精的质量推导热值表达式；第二问需牢记热值是燃料的固有特性，与燃烧是否充分无关。
【解析】
(1) 水吸收的热量为：$Q_{吸}=cm(t_2-t_1)$，燃烧的酒精质量为：$m_{酒精}=m_1 - m_2$。假设酒精完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则$Q_{放}=Q_{吸}$，根据热值公式$q=\frac{Q_{放}}{m_{酒精}}$，可得酒精热值的计算式为：$q=\frac{cm(t_2-t_1)}{m_1 - m_2}$。但实际实验中，酒精燃烧放出的热量会有一部分散失到空气中、被装置吸收等，没有全部被水吸收，导致测量值比标准值小。
(2) 热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关，所以同样的汽油，加在T型和L型轿车内的热值一样大。
【答案】
(1)$\frac{cm(t_2-t_1)}{m_1-m_2}$；没有考虑热量的散失 (2)一样大
【知识点】
热值计算、热值特性
【点评】
本题考查热值的相关知识，第一问需结合热量公式和热值定义推导表达式，理解实验误差来源；第二问明确热值的特性，属于基础知识点的应用，难度适中。
【难度系数】
0.5
首先明确热值的定义：单位质量的燃料完全燃烧放出的热量。对于第一问，需先计算水吸收的热量，再结合燃烧酒精的质量推导热值表达式；第二问需牢记热值是燃料的固有特性，与燃烧是否充分无关。
【解析】
(1) 水吸收的热量为：$Q_{吸}=cm(t_2-t_1)$，燃烧的酒精质量为：$m_{酒精}=m_1 - m_2$。假设酒精完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则$Q_{放}=Q_{吸}$，根据热值公式$q=\frac{Q_{放}}{m_{酒精}}$，可得酒精热值的计算式为：$q=\frac{cm(t_2-t_1)}{m_1 - m_2}$。但实际实验中，酒精燃烧放出的热量会有一部分散失到空气中、被装置吸收等，没有全部被水吸收，导致测量值比标准值小。
(2) 热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关，所以同样的汽油，加在T型和L型轿车内的热值一样大。
【答案】
(1)$\frac{cm(t_2-t_1)}{m_1-m_2}$；没有考虑热量的散失 (2)一样大
【知识点】
热值计算、热值特性
【点评】
本题考查热值的相关知识，第一问需结合热量公式和热值定义推导表达式，理解实验误差来源；第二问明确热值的特性，属于基础知识点的应用，难度适中。
【难度系数】
0.5
