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1 如图所示为水循环的示意图，关于水循环和水资源，下列说法不正确的是 （
A.通过人工河引入江水，此举属于改变水循环的环节⑤
B.环节③使陆地淡水不断得到补充，在我国主要表现在冬季风带来的降水
C.我国水资源在时间与空间上分布都不均匀，南多北少、夏多冬少
D.节约用水、保护水资源是解决我国缺水问题的重要途径
B
）A.通过人工河引入江水，此举属于改变水循环的环节⑤
B.环节③使陆地淡水不断得到补充，在我国主要表现在冬季风带来的降水
C.我国水资源在时间与空间上分布都不均匀，南多北少、夏多冬少
D.节约用水、保护水资源是解决我国缺水问题的重要途径
答案
1. B
解析
【分析】
要解决这道题，需先明确水循环各环节的含义，再结合我国水资源的分布特点逐一分析选项：首先识别图中水循环环节：①为降水，②为海洋蒸发，③为水汽输送，④为植物蒸腾，⑤为地表径流，⑥为地下径流。然后判断每个选项的正误：A选项，人工河引江水属于调节地表径流（⑤），正确；B选项，环节③是水汽输送，陆地淡水补充依赖水汽输送，但我国水汽输送主要由夏季风带来，而非冬季风，该选项错误；C选项，我国水资源时空分布不均，空间上南多北少，时间上夏多冬少，正确；D选项，节约用水、保护水资源是解决我国缺水问题的重要途径，正确。因此不正确的是B选项。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：人工河引入江水是对地表径流（环节⑤）的调节，说法正确。
选项B：环节③为水汽输送，陆地淡水的补充依赖水汽输送，但我国的水汽输送主要由夏季风带来，并非冬季风，该说法错误。
选项C：我国水资源时空分布不均，空间上呈现南多北少的特点，时间上呈现夏多冬少的特点，说法正确。
选项D：节约用水、保护水资源是解决我国缺水问题的重要途径，说法正确。
综上，不正确的说法是选项B。
【答案】
B
【知识点】
水循环环节；我国水资源分布；水资源保护
【点评】
本题考查水循环环节及我国水资源的相关知识，需准确掌握水循环各环节的含义、我国水汽输送的来源（夏季风）以及水资源分布特点，易错点在于混淆冬夏季风对水汽输送的影响，整体难度适中。
【难度系数】
0.5
要解决这道题，需先明确水循环各环节的含义，再结合我国水资源的分布特点逐一分析选项：首先识别图中水循环环节：①为降水，②为海洋蒸发，③为水汽输送，④为植物蒸腾，⑤为地表径流，⑥为地下径流。然后判断每个选项的正误：A选项，人工河引江水属于调节地表径流（⑤），正确；B选项，环节③是水汽输送，陆地淡水补充依赖水汽输送，但我国水汽输送主要由夏季风带来，而非冬季风，该选项错误；C选项，我国水资源时空分布不均，空间上南多北少，时间上夏多冬少，正确；D选项，节约用水、保护水资源是解决我国缺水问题的重要途径，正确。因此不正确的是B选项。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：人工河引入江水是对地表径流（环节⑤）的调节，说法正确。
选项B：环节③为水汽输送，陆地淡水的补充依赖水汽输送，但我国的水汽输送主要由夏季风带来，并非冬季风，该说法错误。
选项C：我国水资源时空分布不均，空间上呈现南多北少的特点，时间上呈现夏多冬少的特点，说法正确。
选项D：节约用水、保护水资源是解决我国缺水问题的重要途径，说法正确。
综上，不正确的说法是选项B。
【答案】
B
【知识点】
水循环环节；我国水资源分布；水资源保护
【点评】
本题考查水循环环节及我国水资源的相关知识，需准确掌握水循环各环节的含义、我国水汽输送的来源（夏季风）以及水资源分布特点，易错点在于混淆冬夏季风对水汽输送的影响，整体难度适中。
【难度系数】
0.5
2 氯化钾和硝酸钾在不同温度下的溶解度数据如表，下列说法正确的是（
A.两物质溶解度相等的温度在$30～40\ °\mathrm{C}$之间
B.$30\ °\mathrm{C}$时，$\mathrm{KCl}$溶解度大于$\mathrm{KNO}_3$的溶解度
C.$40\ °\mathrm{C}$时，$5\ \mathrm{g}\ \mathrm{KCl}$加$10\ \mathrm{g}$水可得到溶质质量分数约为$28.6\%$的溶液
D.$50\ °\mathrm{C}$时，$10\ \mathrm{g}\ \mathrm{KNO}_3$中加$20\ \mathrm{g}$水，充分溶解，再降温到$40\ °\mathrm{C}$，有$\mathrm{KNO}_3$固体析出
C
）A.两物质溶解度相等的温度在$30～40\ °\mathrm{C}$之间
B.$30\ °\mathrm{C}$时，$\mathrm{KCl}$溶解度大于$\mathrm{KNO}_3$的溶解度
C.$40\ °\mathrm{C}$时，$5\ \mathrm{g}\ \mathrm{KCl}$加$10\ \mathrm{g}$水可得到溶质质量分数约为$28.6\%$的溶液
D.$50\ °\mathrm{C}$时，$10\ \mathrm{g}\ \mathrm{KNO}_3$中加$20\ \mathrm{g}$水，充分溶解，再降温到$40\ °\mathrm{C}$，有$\mathrm{KNO}_3$固体析出
答案
2. C
解析
【分析】本题围绕溶解度的概念及应用展开，需结合表格中KCl和KNO₃在不同温度下的溶解度数据，逐一分析每个选项：首先明确溶解度的定义（一定温度下，100g溶剂中达到饱和时溶解的溶质质量），再判断两物质溶解度相等的温度区间、不同温度下溶解度大小、溶质溶解情况及溶质质量分数计算，从而选出正确选项。
【解析】
1. 分析选项A：对比表格数据，20℃时KCl溶解度为34.0g，KNO₃为31.6g；30℃时KCl为37.0g，KNO₃为45.8g。KCl溶解度随温度升高增大，KNO₃也增大，两者溶解度相等的温度在20~30℃之间，而非30~40℃，故A错误。
2. 分析选项B：30℃时，KCl溶解度为37.0g，KNO₃溶解度为45.8g，因此KCl溶解度小于KNO₃，故B错误。
3. 分析选项C：40℃时，KCl溶解度为40.0g，即100g水最多溶解40.0g KCl，则10g水最多溶解$\frac{40.0g}{100g}×10g=4.0g$ KCl。加入5g KCl，仅能溶解4.0g，所得溶液溶质质量分数为$\frac{4.0g}{4.0g+10g}×100\%≈28.6\%$，故C正确。
4. 分析选项D：40℃时，KNO₃溶解度为63.9g，即100g水最多溶解63.9g KNO₃，则20g水最多溶解$\frac{63.9g}{100g}×20g=12.78g$ KNO₃。加入10g KNO₃，10g＜12.78g，充分溶解后无固体析出，故D错误。
【答案】C
【知识点】溶解度、溶质质量分数、溶解度应用
【点评】本题考查溶解度的核心知识点，需准确理解溶解度的定义，结合表格数据进行分析和计算，是化学中溶解度部分的典型基础题，需细心对比数据避免出错。
【难度系数】0.5
【解析】
1. 分析选项A：对比表格数据，20℃时KCl溶解度为34.0g，KNO₃为31.6g；30℃时KCl为37.0g，KNO₃为45.8g。KCl溶解度随温度升高增大，KNO₃也增大，两者溶解度相等的温度在20~30℃之间，而非30~40℃，故A错误。
2. 分析选项B：30℃时，KCl溶解度为37.0g，KNO₃溶解度为45.8g，因此KCl溶解度小于KNO₃，故B错误。
3. 分析选项C：40℃时，KCl溶解度为40.0g，即100g水最多溶解40.0g KCl，则10g水最多溶解$\frac{40.0g}{100g}×10g=4.0g$ KCl。加入5g KCl，仅能溶解4.0g，所得溶液溶质质量分数为$\frac{4.0g}{4.0g+10g}×100\%≈28.6\%$，故C正确。
4. 分析选项D：40℃时，KNO₃溶解度为63.9g，即100g水最多溶解63.9g KNO₃，则20g水最多溶解$\frac{63.9g}{100g}×20g=12.78g$ KNO₃。加入10g KNO₃，10g＜12.78g，充分溶解后无固体析出，故D错误。
【答案】C
【知识点】溶解度、溶质质量分数、溶解度应用
【点评】本题考查溶解度的核心知识点，需准确理解溶解度的定义，结合表格数据进行分析和计算，是化学中溶解度部分的典型基础题，需细心对比数据避免出错。
【难度系数】0.5
3 硝酸钾是工业生产中的一种重要原料，也是实验室里常见的一种药品。如表是60 ℃时，硝酸钾溶解于水的实验数据。如图为其饱和溶液的浓度随温度变化的曲线，M点表示在60 ℃时硝酸钾饱和溶液的浓度，此时底部无固体残留。回答下列问题：
（1）根据实验①②③，计算第④次实验中，m＝
（2）20 ℃时，把100 g溶质质量分数为22％的硝酸钾溶液稀释成10％的硝酸钾溶液，需加水
（3）当条件改变时，溶液新的状态在图中对应的点的位置可能也随之变化，将M点代表的溶液升温10 ℃，请你在题图坐标系上标出此时溶液浓度的对应点N。
（1）根据实验①②③，计算第④次实验中，m＝
42
。（2）20 ℃时，把100 g溶质质量分数为22％的硝酸钾溶液稀释成10％的硝酸钾溶液，需加水
120
g。（3）当条件改变时，溶液新的状态在图中对应的点的位置可能也随之变化，将M点代表的溶液升温10 ℃，请你在题图坐标系上标出此时溶液浓度的对应点N。
答案
3. (1) 42 (2) 120 (3) 如图所示
解析
【分析】
本题分为三个小问，需逐一分析解题思路：
1. 第(1)问：结合实验①②③可判断60℃时硝酸钾的饱和溶解量，M点为60℃硝酸钾饱和溶液的浓度，据此确定第④次实验的溶质质量；
2. 第(2)问：利用溶液稀释前后溶质质量不变的核心原理，列方程计算需加水的质量；
3. 第(3)问：M点是60℃硝酸钾饱和溶液，升温后硝酸钾溶解度增大，溶液变为不饱和状态，浓度不变，据此确定N点的坐标位置。
【解析】
(1) 由题意，60℃时硝酸钾饱和溶液对应M点，结合实验①②③可知，60℃时100g水最多溶解42g硝酸钾，因此第④次实验中m=42；
(2) 设需加水的质量为x，根据稀释前后溶质质量不变：100g×22% = (100g + x)×10%，解得x=120g；
(3) M点代表60℃硝酸钾饱和溶液，升温10℃后温度为70℃，硝酸钾溶解度随温度升高而增大，溶液变为不饱和溶液，溶质质量分数（浓度）不变，因此N点横坐标为70℃，纵坐标与M点相同，在题图对应位置标注即可。
【答案】
(1)42 (2)120 (3)如图所示
【知识点】
溶液浓度计算、溶液稀释、溶解度曲线应用
【点评】
本题围绕硝酸钾溶液的基础知识点展开，涵盖常规计算和溶解度曲线的应用，题型常见，注重对核心概念的考查，难度适中。
【难度系数】
0.6
本题分为三个小问，需逐一分析解题思路：
1. 第(1)问：结合实验①②③可判断60℃时硝酸钾的饱和溶解量，M点为60℃硝酸钾饱和溶液的浓度，据此确定第④次实验的溶质质量；
2. 第(2)问：利用溶液稀释前后溶质质量不变的核心原理，列方程计算需加水的质量；
3. 第(3)问：M点是60℃硝酸钾饱和溶液，升温后硝酸钾溶解度增大，溶液变为不饱和状态，浓度不变，据此确定N点的坐标位置。
【解析】
(1) 由题意，60℃时硝酸钾饱和溶液对应M点，结合实验①②③可知，60℃时100g水最多溶解42g硝酸钾，因此第④次实验中m=42；
(2) 设需加水的质量为x，根据稀释前后溶质质量不变：100g×22% = (100g + x)×10%，解得x=120g；
(3) M点代表60℃硝酸钾饱和溶液，升温10℃后温度为70℃，硝酸钾溶解度随温度升高而增大，溶液变为不饱和溶液，溶质质量分数（浓度）不变，因此N点横坐标为70℃，纵坐标与M点相同，在题图对应位置标注即可。
【答案】
(1)42 (2)120 (3)如图所示
【知识点】
溶液浓度计算、溶液稀释、溶解度曲线应用
【点评】
本题围绕硝酸钾溶液的基础知识点展开，涵盖常规计算和溶解度曲线的应用，题型常见，注重对核心概念的考查，难度适中。
【难度系数】
0.6
4 如图所示，放在水平面上的溢水杯装满水后总重力为4.9 N，溢水杯的底面积为50 cm²。将长方体木块轻轻地放在水面上，静止时，溢出80 g的水；用大头针将其全部压入水中，增加的溢出水的质量为20 g。已知$\rho_{\mathrm{水}}=1.0× 10^{3}\ \mathrm{kg/m}^3$。$g$取10 N/kg，下列说法中（
① 放入木块前，装满水的溢水杯对水平面的压强为980 Pa ② 木块的质量为80 g ③ 木块的体积为20 cm³ ④ 木块的密度为$0.4× 10^{3}\ \mathrm{kg/m}^3$
A.只有①②正确
B.只有②④正确
C.只有①③正确
D.只有②③正确
A
）① 放入木块前，装满水的溢水杯对水平面的压强为980 Pa ② 木块的质量为80 g ③ 木块的体积为20 cm³ ④ 木块的密度为$0.4× 10^{3}\ \mathrm{kg/m}^3$
A.只有①②正确
B.只有②④正确
C.只有①③正确
D.只有②③正确
答案
4. A
解析
【分析】
要判断各说法是否正确，需结合压强公式、漂浮条件、阿基米德原理、密度公式逐一分析：
1. 计算放入木块前溢水杯对水平面的压强，利用压强公式$p=\frac{F}{S}$，其中$F$为溢水杯总重力，$S$为底面积；
2. 木块漂浮时，根据漂浮条件（浮力等于重力）和阿基米德原理（浮力等于排开液体的重力），可推导木块质量与排开水的质量相等；
3. 木块全部压入水中时，排开水的总体积等于漂浮时排开体积加上额外溢出的水的体积，由此得到木块体积；
4. 根据密度公式计算木块密度，判断各说法的正误。
【解析】
1. 分析①：放入木块前，溢水杯对水平面的压力等于总重力，即$F=G_{总}=4.9\ \mathrm{N}$，溢水杯底面积$S=50\ \mathrm{cm}^2=50×10^{-4}\ \mathrm{m}^2=0.005\ \mathrm{m}^2$，根据压强公式$p=\frac{F}{S}$，得$p=\frac{4.9\ \mathrm{N}}{0.005\ \mathrm{m}^2}=980\ \mathrm{Pa}$，故①正确；
2. 分析②：木块漂浮时，根据漂浮条件$G_{木}=F_{浮}$，由阿基米德原理$F_{浮}=G_{排}$，因此$G_{木}=G_{排}$，即$m_{木}g=m_{排}g$，所以$m_{木}=m_{排}=80\ \mathrm{g}$，故②正确；
3. 分析③：木块漂浮时排开水的体积$V_{排1}=\frac{m_{排1}}{\rho_{水}}=\frac{80\ \mathrm{g}}{1\ \mathrm{g/cm}^3}=80\ \mathrm{cm}^3$；木块全部压入水中时，额外溢出的水的体积$V_{排2}=\frac{m_{排2}}{\rho_{水}}=\frac{20\ \mathrm{g}}{1\ \mathrm{g/cm}^3}=20\ \mathrm{cm}^3$，因此木块体积$V_{木}=V_{排1}+V_{排2}=80\ \mathrm{cm}^3+20\ \mathrm{cm}^3=100\ \mathrm{cm}^3$，故③错误；
4. 分析④：木块的密度$\rho_{木}=\frac{m_{木}}{V_{木}}=\frac{80\ \mathrm{g}}{100\ \mathrm{cm}^3}=0.8\ \mathrm{g/cm}^3=0.8×10^3\ \mathrm{kg/m}^3$，故④错误；
综上，正确的是①②，对应选项A。
【答案】
A
【知识点】
压强计算、浮力（漂浮条件、阿基米德原理）、密度计算
【点评】
本题是力学综合题，综合考查压强、浮力、密度的相关计算，需熟练运用漂浮条件和阿基米德原理，明确木块体积的计算逻辑，是初中物理的典型中等难度题目。
【难度系数】
0.5
要判断各说法是否正确，需结合压强公式、漂浮条件、阿基米德原理、密度公式逐一分析：
1. 计算放入木块前溢水杯对水平面的压强，利用压强公式$p=\frac{F}{S}$，其中$F$为溢水杯总重力，$S$为底面积；
2. 木块漂浮时，根据漂浮条件（浮力等于重力）和阿基米德原理（浮力等于排开液体的重力），可推导木块质量与排开水的质量相等；
3. 木块全部压入水中时，排开水的总体积等于漂浮时排开体积加上额外溢出的水的体积，由此得到木块体积；
4. 根据密度公式计算木块密度，判断各说法的正误。
【解析】
1. 分析①：放入木块前，溢水杯对水平面的压力等于总重力，即$F=G_{总}=4.9\ \mathrm{N}$，溢水杯底面积$S=50\ \mathrm{cm}^2=50×10^{-4}\ \mathrm{m}^2=0.005\ \mathrm{m}^2$，根据压强公式$p=\frac{F}{S}$，得$p=\frac{4.9\ \mathrm{N}}{0.005\ \mathrm{m}^2}=980\ \mathrm{Pa}$，故①正确；
2. 分析②：木块漂浮时，根据漂浮条件$G_{木}=F_{浮}$，由阿基米德原理$F_{浮}=G_{排}$，因此$G_{木}=G_{排}$，即$m_{木}g=m_{排}g$，所以$m_{木}=m_{排}=80\ \mathrm{g}$，故②正确；
3. 分析③：木块漂浮时排开水的体积$V_{排1}=\frac{m_{排1}}{\rho_{水}}=\frac{80\ \mathrm{g}}{1\ \mathrm{g/cm}^3}=80\ \mathrm{cm}^3$；木块全部压入水中时，额外溢出的水的体积$V_{排2}=\frac{m_{排2}}{\rho_{水}}=\frac{20\ \mathrm{g}}{1\ \mathrm{g/cm}^3}=20\ \mathrm{cm}^3$，因此木块体积$V_{木}=V_{排1}+V_{排2}=80\ \mathrm{cm}^3+20\ \mathrm{cm}^3=100\ \mathrm{cm}^3$，故③错误；
4. 分析④：木块的密度$\rho_{木}=\frac{m_{木}}{V_{木}}=\frac{80\ \mathrm{g}}{100\ \mathrm{cm}^3}=0.8\ \mathrm{g/cm}^3=0.8×10^3\ \mathrm{kg/m}^3$，故④错误；
综上，正确的是①②，对应选项A。
【答案】
A
【知识点】
压强计算、浮力（漂浮条件、阿基米德原理）、密度计算
【点评】
本题是力学综合题，综合考查压强、浮力、密度的相关计算，需熟练运用漂浮条件和阿基米德原理，明确木块体积的计算逻辑，是初中物理的典型中等难度题目。
【难度系数】
0.5
