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1.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（
A.物体温度升高，内能一定增大，且一定从外界吸收了热量
B.物体放出了热量，内能一定减少，温度一定会降低
C.物体内能增大了，一定吸收了热量，且温度一定升高了
D.一个物体温度没变，内能有可能减少
D
）A.物体温度升高，内能一定增大，且一定从外界吸收了热量
B.物体放出了热量，内能一定减少，温度一定会降低
C.物体内能增大了，一定吸收了热量，且温度一定升高了
D.一个物体温度没变，内能有可能减少
答案
1.D
解析
【分析】
本题考查温度、热量和内能的关系，需明确：内能的影响因素包括温度、质量、状态等；改变内能的方式有做功和热传递；晶体物态变化时温度不变但内能变化。解题思路是逐个分析选项，结合上述概念判断对错，最终确定正确选项。
【解析】
选项A：物体温度升高，内能一定增大，但内能增大不一定是从外界吸收热量，还可能是外界对物体做功，故A错误；
选项B：物体放出热量，内能一定减少，但温度不一定降低，例如晶体凝固时，放热、内能减少但温度不变，故B错误；
选项C：物体内能增大，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做功，且温度不一定升高，例如晶体熔化时，吸热、内能增大但温度不变，故C错误；
选项D：一个物体温度没变，内能有可能减少，例如晶体凝固过程中，温度不变、放热导致内能减少，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
温度、热量与内能的关系；内能的改变方式
【点评】
本题为基础概念题，核心是区分温度、热量、内能的联系与区别，需注意晶体物态变化这类特殊情况，避免混淆内能变化与温度变化的关系，难度适中。
【难度系数】
0.5
本题考查温度、热量和内能的关系，需明确：内能的影响因素包括温度、质量、状态等；改变内能的方式有做功和热传递；晶体物态变化时温度不变但内能变化。解题思路是逐个分析选项，结合上述概念判断对错，最终确定正确选项。
【解析】
选项A：物体温度升高，内能一定增大，但内能增大不一定是从外界吸收热量，还可能是外界对物体做功，故A错误；
选项B：物体放出热量，内能一定减少，但温度不一定降低，例如晶体凝固时，放热、内能减少但温度不变，故B错误；
选项C：物体内能增大，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做功，且温度不一定升高，例如晶体熔化时，吸热、内能增大但温度不变，故C错误；
选项D：一个物体温度没变，内能有可能减少，例如晶体凝固过程中，温度不变、放热导致内能减少，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
温度、热量与内能的关系；内能的改变方式
【点评】
本题为基础概念题，核心是区分温度、热量、内能的联系与区别，需注意晶体物态变化这类特殊情况，避免混淆内能变化与温度变化的关系，难度适中。
【难度系数】
0.5
2. 质量相同、初温相同的铝块甲和铁块乙（$c_{铁}＜c_{铝}$），将它们分别加热，吸收相同的热量后将二者接触，此时（
A.温度从甲传向乙
B.热量从甲传向乙
C.热量从乙传向甲
D.甲、乙间不发生热传递
C
）A.温度从甲传向乙
B.热量从甲传向乙
C.热量从乙传向甲
D.甲、乙间不发生热传递
答案
2.C 【点拨】铁块和铝块的质量以及吸收的热量相同，铁的比热容小于铝的比热容，由$Q=cm\Delta t$可知，铁块的温度升高值大于铝块的温度升高值，由于初温相同，所以铁块的末温比铝块的末温高，热传递是热量从高温物体传向低温物体，所以热量会从铁块传向铝块，故C正确，ABD错误。
解析
【分析】要解决该问题，需明确热传递的核心条件：热量从高温物体传向低温物体，因此关键是判断铝块和铁块吸收相同热量后的末温高低。根据热量计算公式推导温度变化量，结合已知的质量、热量、比热容关系，可比较两者温度变化，再结合初温相同的条件确定末温，进而明确热传递方向。
【解析】热传递的前提是物体间存在温度差，热量从高温物体转移到低温物体，因此需先判断铝块甲和铁块乙的末温：
1. 已知条件：铝块甲和铁块乙质量相同（$m_甲=m_乙$）、吸收热量相同（$Q_甲=Q_乙$），铁的比热容小于铝的比热容（$c_铁＜c_铝$），初温相同（$t_{甲初}=t_{乙初}$）。
2. 根据热量公式$Q=cm\Delta t$，变形得温度变化量$\Delta t=\frac{Q}{cm}$。由于$m$、$Q$相同，比热容$c$越小，温度变化量$\Delta t$越大，因此$\Delta t_铁＞\Delta t_铝$（铁块温度升高更多）。
3. 末温公式为$t=t_初+\Delta t$，结合初温相同，可得$t_铁=t_{初}+\Delta t_铁$，$t_铝=t_{初}+\Delta t_铝$，因此$t_铁＞t_铝$（铁块末温更高）。
4. 热传递时热量从高温物体传向低温物体，所以热量从铁块（乙）传向铝块（甲），故选项C正确，A、B、D错误。
【答案】C
【知识点】比热容、热量计算、热传递
【点评】本题是热学基础应用题，核心考查比热容公式的应用和热传递规律，解题关键是通过热量公式判断温度变化，进而确定末温，只要掌握相关公式和热传递条件即可轻松解答。
【难度系数】0.6
【解析】热传递的前提是物体间存在温度差，热量从高温物体转移到低温物体，因此需先判断铝块甲和铁块乙的末温：
1. 已知条件：铝块甲和铁块乙质量相同（$m_甲=m_乙$）、吸收热量相同（$Q_甲=Q_乙$），铁的比热容小于铝的比热容（$c_铁＜c_铝$），初温相同（$t_{甲初}=t_{乙初}$）。
2. 根据热量公式$Q=cm\Delta t$，变形得温度变化量$\Delta t=\frac{Q}{cm}$。由于$m$、$Q$相同，比热容$c$越小，温度变化量$\Delta t$越大，因此$\Delta t_铁＞\Delta t_铝$（铁块温度升高更多）。
3. 末温公式为$t=t_初+\Delta t$，结合初温相同，可得$t_铁=t_{初}+\Delta t_铁$，$t_铝=t_{初}+\Delta t_铝$，因此$t_铁＞t_铝$（铁块末温更高）。
4. 热传递时热量从高温物体传向低温物体，所以热量从铁块（乙）传向铝块（甲），故选项C正确，A、B、D错误。
【答案】C
【知识点】比热容、热量计算、热传递
【点评】本题是热学基础应用题，核心考查比热容公式的应用和热传递规律，解题关键是通过热量公式判断温度变化，进而确定末温，只要掌握相关公式和热传递条件即可轻松解答。
【难度系数】0.6
3.(图像分析)甲、乙两种燃料完全燃烧放出的热量与其质量的关系图像如图所示，下列说法错误的是
（
A.甲燃料的热值大于乙燃料的热值
B.由图像可知，燃料燃烧放出的热量越多，其热值越大
C.完全燃烧相同质量的两种燃料，甲放出的热量更多
D.完全燃烧甲、乙两种燃料放出相同的热量，所需乙燃料的质量更大
（
B
）A.甲燃料的热值大于乙燃料的热值
B.由图像可知，燃料燃烧放出的热量越多，其热值越大
C.完全燃烧相同质量的两种燃料，甲放出的热量更多
D.完全燃烧甲、乙两种燃料放出相同的热量，所需乙燃料的质量更大
答案
3.B
解析
【分析】
本题是燃料热值的图像分析题，核心是利用热值的定义式$ q=\frac{Q}{m} $（完全燃烧时），结合图像中热量$ Q $与质量$ m $的关系判断选项。首先明确：热值是燃料的固有属性，仅由燃料种类决定，与放出热量、质量无关；在$ Q-m $图像中，图线的斜率等于燃料的热值。接下来逐一分析选项即可。
【解析】
根据热值的定义，单位质量的燃料完全燃烧放出的热量为热值，公式为$ q=\frac{Q_{\mathrm{放}}}{m} $（完全燃烧时），$ Q-m $图像的斜率表示热值：
选项A：取相同质量$ m $，甲对应的放出热量$ Q_{\mathrm{甲}} $大于乙的$ Q_{\mathrm{乙}} $，则$ q_{\mathrm{甲}}=\frac{Q_{\mathrm{甲}}}{m} $，$ q_{\mathrm{乙}}=\frac{Q_{\mathrm{乙}}}{m} $，故$ q_{\mathrm{甲}}＞q_{\mathrm{乙}} $，A说法正确。
选项B：热值是燃料的固有特性，只与燃料种类有关，与放出热量的多少无关，B说法错误。
选项C：由图像可知，相同质量$ m $时，甲放出的热量更多，即完全燃烧相同质量的甲放出热量更多，C说法正确。
选项D：放出相同热量$ Q $时，由$ m=\frac{Q}{q} $，乙的热值小，故所需乙燃料的质量更大，D说法正确。
综上，说法错误的是B选项。
【答案】
B
【知识点】
热值的概念、热值的计算、图像分析
【点评】
本题考查热值的核心概念，结合图像分析是解题关键，需明确热值是燃料的固有属性，与放出热量、质量无关，利用图像斜率判断热值大小，属于基础题型，需准确区分热值与热量的关系。
【难度系数】
0.6
本题是燃料热值的图像分析题，核心是利用热值的定义式$ q=\frac{Q}{m} $（完全燃烧时），结合图像中热量$ Q $与质量$ m $的关系判断选项。首先明确：热值是燃料的固有属性，仅由燃料种类决定，与放出热量、质量无关；在$ Q-m $图像中，图线的斜率等于燃料的热值。接下来逐一分析选项即可。
【解析】
根据热值的定义，单位质量的燃料完全燃烧放出的热量为热值，公式为$ q=\frac{Q_{\mathrm{放}}}{m} $（完全燃烧时），$ Q-m $图像的斜率表示热值：
选项A：取相同质量$ m $，甲对应的放出热量$ Q_{\mathrm{甲}} $大于乙的$ Q_{\mathrm{乙}} $，则$ q_{\mathrm{甲}}=\frac{Q_{\mathrm{甲}}}{m} $，$ q_{\mathrm{乙}}=\frac{Q_{\mathrm{乙}}}{m} $，故$ q_{\mathrm{甲}}＞q_{\mathrm{乙}} $，A说法正确。
选项B：热值是燃料的固有特性，只与燃料种类有关，与放出热量的多少无关，B说法错误。
选项C：由图像可知，相同质量$ m $时，甲放出的热量更多，即完全燃烧相同质量的甲放出热量更多，C说法正确。
选项D：放出相同热量$ Q $时，由$ m=\frac{Q}{q} $，乙的热值小，故所需乙燃料的质量更大，D说法正确。
综上，说法错误的是B选项。
【答案】
B
【知识点】
热值的概念、热值的计算、图像分析
【点评】
本题考查热值的核心概念，结合图像分析是解题关键，需明确热值是燃料的固有属性，与放出热量、质量无关，利用图像斜率判断热值大小，属于基础题型，需准确区分热值与热量的关系。
【难度系数】
0.6
4. 在1个标准大气压下，完全燃烧0.5 kg焦炭，用来加热初温为60 ℃、体积为20 L的水，这些热量的28%被水吸收。[$q_{焦炭}=3.0×10^7\ \mathrm{J/kg}$，$\rho_{水}=1.0×10^3\ \mathrm{kg/m}^3$，$c_{水}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}$]
(1)完全燃烧0.5 kg焦炭放出的热量是
(2)加热后水的末温是
(1)完全燃烧0.5 kg焦炭放出的热量是
$1.5×10^7$
J。(2)加热后水的末温是
100
℃。答案
4.(1)$1.5×10^7$ (2)100 【点拨】(1)完全燃烧0.5 kg焦炭放出的热量$Q_{放}=mq_{焦炭}=0.5\ \mathrm{kg}×3.0×10^7\ \mathrm{J/kg}=1.5×10^7\ \mathrm{J}$。
(2)水的体积$V=20\ \mathrm{L}=0.02\ \mathrm{m^3}$，水的质量$m_水=\rho_水 V=1.0×10^3\ \mathrm{kg/m^3}×0.02\ \mathrm{m^3}=20\ \mathrm{kg}$，水吸收的热量$Q_{吸}=28\%×Q_{放}=0.28×1.5×10^7\ \mathrm{J}=4.2×10^6\ \mathrm{J}$，由$Q_{吸}=cm\Delta t$可得，水升高的温度$\Delta t=\frac{Q_{吸}}{c_水 m_水}=\frac{4.2×10^6\ \mathrm{J}}{4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×20\ \mathrm{kg}}=50\ \mathrm{℃}$，初始温度为60 ℃，理论末温为60 ℃+50 ℃=110 ℃，但在1个标准大气压下，水的沸点为100 ℃，因此实际末温为100 ℃。
(2)水的体积$V=20\ \mathrm{L}=0.02\ \mathrm{m^3}$，水的质量$m_水=\rho_水 V=1.0×10^3\ \mathrm{kg/m^3}×0.02\ \mathrm{m^3}=20\ \mathrm{kg}$，水吸收的热量$Q_{吸}=28\%×Q_{放}=0.28×1.5×10^7\ \mathrm{J}=4.2×10^6\ \mathrm{J}$，由$Q_{吸}=cm\Delta t$可得，水升高的温度$\Delta t=\frac{Q_{吸}}{c_水 m_水}=\frac{4.2×10^6\ \mathrm{J}}{4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×20\ \mathrm{kg}}=50\ \mathrm{℃}$，初始温度为60 ℃，理论末温为60 ℃+50 ℃=110 ℃，但在1个标准大气压下，水的沸点为100 ℃，因此实际末温为100 ℃。
解析
【分析】
本题分两小问，第(1)问直接利用燃料放热公式计算焦炭完全燃烧放出的热量；第(2)问需先换算水的体积并计算水的质量，再结合热效率算水吸收的热量，接着用吸热公式算理论升温，最后根据1标准大气压下水的沸点确定实际末温（水沸腾后温度不变）。
【解析】
(1) 完全燃烧焦炭放出的热量：根据燃料放热公式$Q_{放}=mq$，代入数据得：
$Q_{放}=0.5\ \mathrm{kg}×3.0×10^7\ \mathrm{J/kg}=1.5×10^7\ \mathrm{J}$。
(2) 先计算水的质量：水的体积$V=20\ \mathrm{L}=0.02\ \mathrm{m^3}$，由$\rho=\frac{m}{V}$得水的质量：
$m_{水}=\rho_{水}V=1.0×10^3\ \mathrm{kg/m^3}×0.02\ \mathrm{m^3}=20\ \mathrm{kg}$。
水吸收的热量：$Q_{吸}=28\%×Q_{放}=0.28×1.5×10^7\ \mathrm{J}=4.2×10^6\ \mathrm{J}$。
根据$Q_{吸}=c_{水}m_{水}\Delta t$，得水理论升高的温度：
$\Delta t=\frac{Q_{吸}}{c_{水}m_{水}}=\frac{4.2×10^6\ \mathrm{J}}{4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×20\ \mathrm{kg}}=50\ \mathrm{℃}$。
水的理论末温：$t=60\ \mathrm{℃}+50\ \mathrm{℃}=110\ \mathrm{℃}$，但1标准大气压下水的沸点为100℃，水沸腾时温度不变，故实际末温为100℃。
【答案】
(1)$1.5×10^7$；(2)100
【知识点】
燃料的热值、热量的计算、沸点与气压的关系
【点评】
本题综合考查热值计算、热量计算及水的沸点特性，解题需注意单位换算，且不能忽略标准大气压下水的沸点限制，避免误算末温超过100℃。
【难度系数】
0.6
本题分两小问，第(1)问直接利用燃料放热公式计算焦炭完全燃烧放出的热量；第(2)问需先换算水的体积并计算水的质量，再结合热效率算水吸收的热量，接着用吸热公式算理论升温，最后根据1标准大气压下水的沸点确定实际末温（水沸腾后温度不变）。
【解析】
(1) 完全燃烧焦炭放出的热量：根据燃料放热公式$Q_{放}=mq$，代入数据得：
$Q_{放}=0.5\ \mathrm{kg}×3.0×10^7\ \mathrm{J/kg}=1.5×10^7\ \mathrm{J}$。
(2) 先计算水的质量：水的体积$V=20\ \mathrm{L}=0.02\ \mathrm{m^3}$，由$\rho=\frac{m}{V}$得水的质量：
$m_{水}=\rho_{水}V=1.0×10^3\ \mathrm{kg/m^3}×0.02\ \mathrm{m^3}=20\ \mathrm{kg}$。
水吸收的热量：$Q_{吸}=28\%×Q_{放}=0.28×1.5×10^7\ \mathrm{J}=4.2×10^6\ \mathrm{J}$。
根据$Q_{吸}=c_{水}m_{水}\Delta t$，得水理论升高的温度：
$\Delta t=\frac{Q_{吸}}{c_{水}m_{水}}=\frac{4.2×10^6\ \mathrm{J}}{4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×20\ \mathrm{kg}}=50\ \mathrm{℃}$。
水的理论末温：$t=60\ \mathrm{℃}+50\ \mathrm{℃}=110\ \mathrm{℃}$，但1标准大气压下水的沸点为100℃，水沸腾时温度不变，故实际末温为100℃。
【答案】
(1)$1.5×10^7$；(2)100
【知识点】
燃料的热值、热量的计算、沸点与气压的关系
【点评】
本题综合考查热值计算、热量计算及水的沸点特性，解题需注意单位换算，且不能忽略标准大气压下水的沸点限制，避免误算末温超过100℃。
【难度系数】
0.6
5. 下面关于汽油机与柴油机的说法，正确的是(
A.汽油机与柴油机在吸气冲程都吸入空气和燃料的混合物
B.柴油机与汽油机除使用的燃料不同外，在构造上完全相同
C.柴油机采用点燃式点火，汽油机采用压燃式点火
D.汽油机的做功冲程使汽车获得动力，其他三个冲程靠惯性完成
D
)A.汽油机与柴油机在吸气冲程都吸入空气和燃料的混合物
B.柴油机与汽油机除使用的燃料不同外，在构造上完全相同
C.柴油机采用点燃式点火，汽油机采用压燃式点火
D.汽油机的做功冲程使汽车获得动力，其他三个冲程靠惯性完成
答案
5.D
解析
【分析】
本题考查汽油机与柴油机的区别，解题思路是逐一分析每个选项，结合汽油机和柴油机在吸气冲程、构造、点火方式、工作冲程的特点，判断各选项说法的正误，最终确定正确答案。
【解析】
我们逐个分析选项：
A选项：汽油机吸气冲程吸入汽油和空气的混合物，柴油机吸气冲程仅吸入空气，并非都吸入燃料和空气的混合物，故A错误；
B选项：柴油机与汽油机除燃料不同外，构造也有差异，汽油机气缸顶部是火花塞，柴油机气缸顶部是喷油嘴，并非完全相同，故B错误；
C选项：汽油机采用点燃式点火（火花塞点火），柴油机采用压燃式点火（压缩空气使温度升高，柴油自燃），选项说法颠倒，故C错误；
D选项：汽油机和柴油机的做功冲程将内能转化为机械能，使机械获得动力，吸气、压缩、排气三个冲程依靠飞轮的惯性完成，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
汽油机与柴油机的区别、内燃机的工作冲程
【点评】
本题为基础题，主要考查汽油机和柴油机的核心异同点，需准确记忆两者在吸气冲程、构造、点火方式及工作冲程的特点，难度不大，属于学生应掌握的基础知识点。
【难度系数】
0.6
本题考查汽油机与柴油机的区别，解题思路是逐一分析每个选项，结合汽油机和柴油机在吸气冲程、构造、点火方式、工作冲程的特点，判断各选项说法的正误，最终确定正确答案。
【解析】
我们逐个分析选项：
A选项：汽油机吸气冲程吸入汽油和空气的混合物，柴油机吸气冲程仅吸入空气，并非都吸入燃料和空气的混合物，故A错误；
B选项：柴油机与汽油机除燃料不同外，构造也有差异，汽油机气缸顶部是火花塞，柴油机气缸顶部是喷油嘴，并非完全相同，故B错误；
C选项：汽油机采用点燃式点火（火花塞点火），柴油机采用压燃式点火（压缩空气使温度升高，柴油自燃），选项说法颠倒，故C错误；
D选项：汽油机和柴油机的做功冲程将内能转化为机械能，使机械获得动力，吸气、压缩、排气三个冲程依靠飞轮的惯性完成，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
汽油机与柴油机的区别、内燃机的工作冲程
【点评】
本题为基础题，主要考查汽油机和柴油机的核心异同点，需准确记忆两者在吸气冲程、构造、点火方式及工作冲程的特点，难度不大，属于学生应掌握的基础知识点。
【难度系数】
0.6
6.(教材习题改编)如图所示是某内燃机的能量流向图。在未来的汽车市场,零碳内燃机采用绿氢等零碳燃料,在全生命周期可实现零碳排放,未来可观。下列有关说法正确的是 (
A.由图可知该内燃机的效率是 38%
B.若实现零碳排放,热机的效率可以提高到 100%
C.可以通过使用润滑的材料减小摩擦来提高热机效率
D.换用热值更大的燃料,可以提高热机效率
C
)A.由图可知该内燃机的效率是 38%
B.若实现零碳排放,热机的效率可以提高到 100%
C.可以通过使用润滑的材料减小摩擦来提高热机效率
D.换用热值更大的燃料,可以提高热机效率
答案
6.C
解析
【分析】要解决这道题，需先明确热机效率的定义（有用机械能与燃料完全燃烧放出总能量的比值），再结合能量流向图计算该内燃机的效率，同时逐一分析每个选项的正误：先根据能量流向算出有用能量占比，判断A选项；再依据热机工作时总有能量损耗的特点，判断B选项；分析减小摩擦对能量损耗的影响，判断C选项；区分热值与热机效率的概念，判断D选项。
【解析】热机效率是指热机用来做有用功的能量（即图中的有用机械能）与燃料完全燃烧放出总能量的比值，公式为η=(W有用/Q放)×100%。
1. 计算图中内燃机效率：总能量为100%，损耗的能量总和为克服摩擦6%+机械散热30%+废气带走36%=72%，则有用机械能占比为100%-72%=28%，故该内燃机效率为28%，因此A选项错误。
2. B选项：热机工作时，总会有能量以散热、克服摩擦等形式散失，即使实现零碳排放，效率也不可能达到100%，故B错误。
3. C选项：使用润滑材料减小摩擦，可减少克服摩擦消耗的能量，增加有用机械能的占比，从而提高热机效率，故C正确。
4. D选项：热值是单位质量燃料完全燃烧放出的热量，是燃料的特性，热机效率与燃料热值无关，效率取决于有用能量和总能量的比值，故D错误。
【答案】C
【知识点】热机效率、热值
【点评】本题围绕热机效率的核心概念展开，结合能量流向图考查效率计算，同时区分热值与效率的不同，属于热学基础考点，需准确理解概念即可解答。
【难度系数】0.7
【解析】热机效率是指热机用来做有用功的能量（即图中的有用机械能）与燃料完全燃烧放出总能量的比值，公式为η=(W有用/Q放)×100%。
1. 计算图中内燃机效率：总能量为100%，损耗的能量总和为克服摩擦6%+机械散热30%+废气带走36%=72%，则有用机械能占比为100%-72%=28%，故该内燃机效率为28%，因此A选项错误。
2. B选项：热机工作时，总会有能量以散热、克服摩擦等形式散失，即使实现零碳排放，效率也不可能达到100%，故B错误。
3. C选项：使用润滑材料减小摩擦，可减少克服摩擦消耗的能量，增加有用机械能的占比，从而提高热机效率，故C正确。
4. D选项：热值是单位质量燃料完全燃烧放出的热量，是燃料的特性，热机效率与燃料热值无关，效率取决于有用能量和总能量的比值，故D错误。
【答案】C
【知识点】热机效率、热值
【点评】本题围绕热机效率的核心概念展开，结合能量流向图考查效率计算，同时区分热值与效率的不同，属于热学基础考点，需准确理解概念即可解答。
【难度系数】0.7
7. 某单缸四冲程汽油机的功率为 36 kW，做功冲程每次对外做功 800 J，则在 1 s 内该汽油机能完成
45
个做功冲程，此汽油机飞轮的转速为5 400
r/min。答案
7.45；5 400 【点拨】已知汽油机的功率$P=36\ \mathrm{kW}=3.6×10^4\ \mathrm{W}$，则每秒钟汽油机做功$W=Pt=3.6×10^4\ \mathrm{W}×1\ \mathrm{s}=3.6×10^4\ \mathrm{J}$；因做功冲程每次对外做功800 J，则在1 s内该汽油机能完成的做功冲程数$n=\frac{3.6×10^4\ \mathrm{J}}{800\ \mathrm{J}}=45$(次)。因为四冲程汽油机的一个工作循环中，完成4个冲程，飞轮转2圈，对外做功1次，所以汽油机1 min对外做功$60×45$次=2 700次，完成10 800个冲程，飞轮转5 400圈，因此飞轮的转速为5 400 r/min。
解析
【分析】首先，根据功率的定义，功率是单位时间内做的功，先计算1秒内汽油机对外做的总功；再用总功除以每次做功冲程的做功量，得到1秒内的做功冲程数。接着，利用四冲程汽油机的核心规律：一个工作循环飞轮转2圈、对外做功1次，由1秒的做功次数推算1分钟的飞轮转动圈数，即飞轮转速。
【解析】
1. 单位换算：汽油机功率$P=36\ \mathrm{kW}=3.6×10^4\ \mathrm{W}$；
2. 计算1秒内总功：根据$W=Pt$，1秒内做功$W=3.6×10^4\ \mathrm{W}×1\ \mathrm{s}=3.6×10^4\ \mathrm{J}$；
3. 计算1秒内做功冲程数：每次做功冲程做功800 J，故冲程数$n=\frac{3.6×10^4\ \mathrm{J}}{800\ \mathrm{J}}=45$个；
4. 计算飞轮转速：四冲程汽油机每做功1次飞轮转2圈，1秒做功45次，则1分钟做功$45×60=2700$次，飞轮转动圈数为$2700×2=5400$圈，即转速为5400 r/min。
【答案】45；5400
【知识点】功率计算、四冲程汽油机工作原理
【点评】本题结合功率计算与四冲程汽油机的工作特点，关键是掌握“四冲程汽油机一个工作循环飞轮转2圈，对外做功1次”的规律，计算时需注意单位统一。
【难度系数】0.5
【解析】
1. 单位换算：汽油机功率$P=36\ \mathrm{kW}=3.6×10^4\ \mathrm{W}$；
2. 计算1秒内总功：根据$W=Pt$，1秒内做功$W=3.6×10^4\ \mathrm{W}×1\ \mathrm{s}=3.6×10^4\ \mathrm{J}$；
3. 计算1秒内做功冲程数：每次做功冲程做功800 J，故冲程数$n=\frac{3.6×10^4\ \mathrm{J}}{800\ \mathrm{J}}=45$个；
4. 计算飞轮转速：四冲程汽油机每做功1次飞轮转2圈，1秒做功45次，则1分钟做功$45×60=2700$次，飞轮转动圈数为$2700×2=5400$圈，即转速为5400 r/min。
【答案】45；5400
【知识点】功率计算、四冲程汽油机工作原理
【点评】本题结合功率计算与四冲程汽油机的工作特点，关键是掌握“四冲程汽油机一个工作循环飞轮转2圈，对外做功1次”的规律，计算时需注意单位统一。
【难度系数】0.5
