登录
7（2023·淮安中考）如图所示，在“探究动能大小与哪些因素有关”的实验中，使两辆相同的小车分别从不同高度由静止开始下滑，撞击静置于水平面上的木块。下列说法正确的是（
A.图中两辆小车的重力势能大小相等
B.两种情况下，木块在水平面上移动的距离相等
C.木块被撞击后由静止变为运动，惯性增大
D.如果水平面光滑，木块被撞击后将做匀速直线运动
D
）。A.图中两辆小车的重力势能大小相等
B.两种情况下，木块在水平面上移动的距离相等
C.木块被撞击后由静止变为运动，惯性增大
D.如果水平面光滑，木块被撞击后将做匀速直线运动
答案
7.D [解析]题图中两辆小车的质量相等,高度不等,则重力势能大小不等,故A错误;两种情况下,小车重力势能不同,与木块碰撞前的动能不同,则推动木块在水平面上移动的距离不等,故B错误;木块被撞击后由静止变为运动,而惯性与质量有关,与速度无关,质量不变,惯性不变,故C错误;如果水平面光滑,木块不受摩擦力,被撞击后将做匀速直线运动,故D正确.
解析
【分析】
本题是探究动能大小与哪些因素有关的实验类选择题，需结合重力势能、动能的影响因素，惯性的特点以及牛顿第一定律逐一分析选项。解题思路：先明确各物理概念的本质，再结合实验条件判断每个选项的正误，排除错误选项得到正确答案。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：两辆相同的小车质量相等，但从不同高度下滑，高度不同。重力势能与质量和高度有关，因此两车重力势能大小不等，A错误。
选项B：小车下滑时重力势能转化为动能，高度越高，到达水平面时的动能越大，推动木块移动的距离越远，故两种情况下木块移动距离不等，B错误。
选项C：惯性只与物体质量有关，与运动状态无关。木块被撞击后质量不变，惯性大小不变，C错误。
选项D：若水平面光滑，木块不受摩擦力，根据牛顿第一定律，运动的物体不受外力时将保持匀速直线运动状态，因此木块被撞击后做匀速直线运动，D正确。
【答案】
D
【知识点】
动能与势能影响因素；惯性；牛顿第一定律
【点评】
本题考查力学核心基础知识点，结合实验场景考察概念应用，需准确区分易混点（如惯性与速度无关、重力势能的影响因素），属于中等难度的基础题，侧重对概念的理解与应用。
【难度系数】
0.6
本题是探究动能大小与哪些因素有关的实验类选择题，需结合重力势能、动能的影响因素，惯性的特点以及牛顿第一定律逐一分析选项。解题思路：先明确各物理概念的本质，再结合实验条件判断每个选项的正误，排除错误选项得到正确答案。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：两辆相同的小车质量相等，但从不同高度下滑，高度不同。重力势能与质量和高度有关，因此两车重力势能大小不等，A错误。
选项B：小车下滑时重力势能转化为动能，高度越高，到达水平面时的动能越大，推动木块移动的距离越远，故两种情况下木块移动距离不等，B错误。
选项C：惯性只与物体质量有关，与运动状态无关。木块被撞击后质量不变，惯性大小不变，C错误。
选项D：若水平面光滑，木块不受摩擦力，根据牛顿第一定律，运动的物体不受外力时将保持匀速直线运动状态，因此木块被撞击后做匀速直线运动，D正确。
【答案】
D
【知识点】
动能与势能影响因素；惯性；牛顿第一定律
【点评】
本题考查力学核心基础知识点，结合实验场景考察概念应用，需准确区分易混点（如惯性与速度无关、重力势能的影响因素），属于中等难度的基础题，侧重对概念的理解与应用。
【难度系数】
0.6
8（2024·扬州中考）家用燃油汽车的发动机主要是汽油机，下列说法正确的是（
A.汽油机的效率能达到100％
B.汽油机燃烧汽油会造成环境污染
C.汽油机的一个工作循环中，对外做功4次
D.汽油机在吸气冲程中只吸入汽油
B
）。A.汽油机的效率能达到100％
B.汽油机燃烧汽油会造成环境污染
C.汽油机的一个工作循环中，对外做功4次
D.汽油机在吸气冲程中只吸入汽油
答案
8.B [解析]本题考查热机效率、汽油机工作过程.汽油机工作过程中,因其中燃料不可能完全燃烧,散热带走部分热量等会造成能量损失,故效率不可能达到100%,A错误;汽油机燃烧汽油会产生有害气体,造成环境污染,B正确;汽油机的一个工作循环包括4个冲程,对外做功1次,C错误;汽油机在吸气冲程中吸入汽油和空气的混合物,D错误.
解析
【分析】
要解答本题，需掌握汽油机的相关基础知识，包括热机效率的特点、汽油机工作循环的规律、吸气冲程的吸入物质以及燃料燃烧的环境影响。逐一分析每个选项，结合知识点判断对错，选出正确答案。
【解析】
本题考查热机效率、汽油机工作过程及能源与环境的相关知识：
1. 选项A：汽油机工作时，燃料不可能完全燃烧，同时存在散热、克服机械摩擦等能量损失，因此其效率无法达到100%，A错误；
2. 选项B：汽油燃烧会产生一氧化碳、氮氧化物等有害气体，会造成大气污染，B正确；
3. 选项C：汽油机的一个工作循环包含吸气、压缩、做功、排气四个冲程，仅做功冲程对外做功，因此一个工作循环对外做功1次，C错误；
4. 选项D：汽油机在吸气冲程中吸入的是汽油和空气的混合物，柴油机吸气冲程才只吸入空气，D错误。
【答案】
B
【知识点】
热机效率；汽油机工作原理；能源与环境
【点评】
本题为中考基础题型，侧重考查汽油机的核心基础知识，要求学生准确记忆热机效率、工作循环、冲程特点等概念，难度适中，属于学生应掌握的基础内容。
【难度系数】
0.7
要解答本题，需掌握汽油机的相关基础知识，包括热机效率的特点、汽油机工作循环的规律、吸气冲程的吸入物质以及燃料燃烧的环境影响。逐一分析每个选项，结合知识点判断对错，选出正确答案。
【解析】
本题考查热机效率、汽油机工作过程及能源与环境的相关知识：
1. 选项A：汽油机工作时，燃料不可能完全燃烧，同时存在散热、克服机械摩擦等能量损失，因此其效率无法达到100%，A错误；
2. 选项B：汽油燃烧会产生一氧化碳、氮氧化物等有害气体，会造成大气污染，B正确；
3. 选项C：汽油机的一个工作循环包含吸气、压缩、做功、排气四个冲程，仅做功冲程对外做功，因此一个工作循环对外做功1次，C错误；
4. 选项D：汽油机在吸气冲程中吸入的是汽油和空气的混合物，柴油机吸气冲程才只吸入空气，D错误。
【答案】
B
【知识点】
热机效率；汽油机工作原理；能源与环境
【点评】
本题为中考基础题型，侧重考查汽油机的核心基础知识，要求学生准确记忆热机效率、工作循环、冲程特点等概念，难度适中，属于学生应掌握的基础内容。
【难度系数】
0.7
9 一个铜球的体积是$1\ \mathrm{cm}^3$，当温度从$10\ °\mathrm{C}$升高到$20\ °\mathrm{C}$时，吸收的热量是$3.9\ \mathrm{J}$，则铜球是(
A.空心的
B.实心的
C.可能是空心的，也可能是实心的
D.无法判定
A
).$[c_{\mathrm{铜}}=0.39×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·\ °\mathrm{C}),\rho_{\mathrm{铜}}=8.9×10^3\ \mathrm{kg/m}^3]$A.空心的
B.实心的
C.可能是空心的，也可能是实心的
D.无法判定
答案
9.A
解析
【分析】要判断铜球是否为空心，需先根据吸收的热量计算铜球的实际质量，再根据铜的密度和铜球体积计算同体积实心铜球的质量，通过比较两者质量大小即可得出结论。解题步骤：1. 利用热量公式变形求铜球实际质量；2. 利用密度公式变形求同体积实心铜球的质量；3. 比较两个质量，判断铜球是否空心。
【解析】解：根据热量公式$Q=cm\Delta t$，变形可得铜球的实际质量：
$m=\frac{Q}{c\Delta t}$
代入数据：$Q=3.9\ \mathrm{J}$，$c_{\mathrm{铜}}=0.39×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$，$\Delta t=20°\mathrm{C}-10°\mathrm{C}=10°\mathrm{C}$，
则$m=\frac{3.9\ \mathrm{J}}{0.39×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})×10°\mathrm{C}}=0.001\ \mathrm{kg}=1\ \mathrm{g}$。
再根据密度公式$\rho=\frac{m}{V}$，变形可得同体积实心铜球的质量：
$m_{\mathrm{实}}=\rho_{\mathrm{铜}}V$
单位换算：$V=1\ \mathrm{cm}^3=1×10^{-6}\ \mathrm{m}^3$，代入$\rho_{\mathrm{铜}}=8.9×10^3\ \mathrm{kg/m}^3$，
则$m_{\mathrm{实}}=8.9×10^3\ \mathrm{kg/m}^3×1×10^{-6}\ \mathrm{m}^3=0.0089\ \mathrm{kg}=8.9\ \mathrm{g}$。
由于铜球实际质量$1\ \mathrm{g} ＜$ 同体积实心铜球质量$8.9\ \mathrm{g}$，说明铜球内部有空隙，是空心的。
【答案】A
【知识点】热量的计算、密度的计算
【点评】本题综合考查热量公式与密度公式的应用，核心是通过对比实际质量和同体积实心物质质量判断空心，需注意单位统一换算，是热学与力学结合的基础题型。
【难度系数】0.6
【解析】解：根据热量公式$Q=cm\Delta t$，变形可得铜球的实际质量：
$m=\frac{Q}{c\Delta t}$
代入数据：$Q=3.9\ \mathrm{J}$，$c_{\mathrm{铜}}=0.39×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$，$\Delta t=20°\mathrm{C}-10°\mathrm{C}=10°\mathrm{C}$，
则$m=\frac{3.9\ \mathrm{J}}{0.39×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})×10°\mathrm{C}}=0.001\ \mathrm{kg}=1\ \mathrm{g}$。
再根据密度公式$\rho=\frac{m}{V}$，变形可得同体积实心铜球的质量：
$m_{\mathrm{实}}=\rho_{\mathrm{铜}}V$
单位换算：$V=1\ \mathrm{cm}^3=1×10^{-6}\ \mathrm{m}^3$，代入$\rho_{\mathrm{铜}}=8.9×10^3\ \mathrm{kg/m}^3$，
则$m_{\mathrm{实}}=8.9×10^3\ \mathrm{kg/m}^3×1×10^{-6}\ \mathrm{m}^3=0.0089\ \mathrm{kg}=8.9\ \mathrm{g}$。
由于铜球实际质量$1\ \mathrm{g} ＜$ 同体积实心铜球质量$8.9\ \mathrm{g}$，说明铜球内部有空隙，是空心的。
【答案】A
【知识点】热量的计算、密度的计算
【点评】本题综合考查热量公式与密度公式的应用，核心是通过对比实际质量和同体积实心物质质量判断空心，需注意单位统一换算，是热学与力学结合的基础题型。
【难度系数】0.6
10 如图所示，用蒸锅在天然气灶上烧水蒸包子的过程中，下列说法正确的是(
A.天然气燃烧越充分，热值越大
B.包子的温度越高，所含热量越多
C.“蒸包子”是通过做功的方式改变包子内能的
D.锅盖被“顶起”，该过程将内能转化为机械能
D
).A.天然气燃烧越充分，热值越大
B.包子的温度越高，所含热量越多
C.“蒸包子”是通过做功的方式改变包子内能的
D.锅盖被“顶起”，该过程将内能转化为机械能
答案
10.D [解析]热值是燃料本身的一种特性,与燃料的种类有关,与燃料是否充分燃烧无关,故A错误;在其他条件不变时,包子的温度越高,内能越大,但不能说所含的热量越多,因为热量是一个过程量,不能用“含有”或“具有”来描述,故B错误;“蒸包子”时,包子吸收热量,内能增加,温度升高,是通过热传递的方式改变包子的内能,故C错误;锅盖被“顶起”时,水蒸气对锅盖做功,将内能转化为机械能,故D正确.故选D.
解析
【分析】
本题考查热学相关基础概念，需逐一分析每个选项涉及的知识点，判断选项的正误。首先明确热值的特性、热量的定义、改变内能的方式、能量转化的规律，再结合各选项描述进行判断。
【解析】
选项A：热值是燃料本身的一种固有特性，仅与燃料的种类有关，和燃料是否充分燃烧无关，因此天然气燃烧越充分，热值不变，A错误。
选项B：热量是一个过程量，只能描述为“吸收”或“放出”，不能用“含有”“具有”来描述；包子温度越高，内能越大，但不能说所含热量越多，B错误。
选项C：“蒸包子”时，包子从高温的水蒸气中吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变包子的内能，并非做功，C错误。
选项D：锅盖被“顶起”时，锅内的水蒸气对锅盖做功，将自身的内能转化为锅盖的机械能，D正确。
【答案】
D
【知识点】
热值特性、内能改变方式、能量转化
【点评】
本题为热学基础概念题，考查对热值、热量、内能改变方式、能量转化等核心概念的理解，需准确区分概念的适用场景，属于难度较低的基础题。
【难度系数】
0.6
本题考查热学相关基础概念，需逐一分析每个选项涉及的知识点，判断选项的正误。首先明确热值的特性、热量的定义、改变内能的方式、能量转化的规律，再结合各选项描述进行判断。
【解析】
选项A：热值是燃料本身的一种固有特性，仅与燃料的种类有关，和燃料是否充分燃烧无关，因此天然气燃烧越充分，热值不变，A错误。
选项B：热量是一个过程量，只能描述为“吸收”或“放出”，不能用“含有”“具有”来描述；包子温度越高，内能越大，但不能说所含热量越多，B错误。
选项C：“蒸包子”时，包子从高温的水蒸气中吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变包子的内能，并非做功，C错误。
选项D：锅盖被“顶起”时，锅内的水蒸气对锅盖做功，将自身的内能转化为锅盖的机械能，D正确。
【答案】
D
【知识点】
热值特性、内能改变方式、能量转化
【点评】
本题为热学基础概念题，考查对热值、热量、内能改变方式、能量转化等核心概念的理解，需准确区分概念的适用场景，属于难度较低的基础题。
【难度系数】
0.6
11 跨学科 射箭运动能量分析 如图所示，运动员射箭时用力将弓拉开，在放开箭的瞬间，弓的
弹性势
能转化为箭的动
能，箭在空中向上飞行的过程中，箭的重力势
能增大。答案
11.弹性势 动 重力势
解析
【分析】
首先明确三种能量的定义：弹性势能是物体因发生弹性形变具有的能量；动能是物体因运动具有的能量；重力势能是物体因被举高具有的能量。拉开的弓发生弹性形变，具备弹性势能；放开箭时，弓的弹性形变恢复，能量发生转化；箭向上飞行时，高度变化会影响重力势能，据此分析各能量的变化。
【解析】
1. 运动员拉开弓时，弓发生弹性形变，具有弹性势能；放开箭的瞬间，弓的弹性形变减小，弹性势能减少，箭由静止变为运动，动能增加，因此弓的弹性势能转化为箭的动能；
2. 箭在空中向上飞行时，质量不变，高度不断升高，根据重力势能与高度的关系，箭的重力势能增大。
【答案】
弹性势 动 重力势
【知识点】
弹性势能、动能、重力势能
【点评】
本题结合射箭运动的实际场景，考查能量转化的基础知识点，将物理概念与生活实例结合，难度较低，注重对基础概念的理解应用。
【难度系数】
0.8
首先明确三种能量的定义：弹性势能是物体因发生弹性形变具有的能量；动能是物体因运动具有的能量；重力势能是物体因被举高具有的能量。拉开的弓发生弹性形变，具备弹性势能；放开箭时，弓的弹性形变恢复，能量发生转化；箭向上飞行时，高度变化会影响重力势能，据此分析各能量的变化。
【解析】
1. 运动员拉开弓时，弓发生弹性形变，具有弹性势能；放开箭的瞬间，弓的弹性形变减小，弹性势能减少，箭由静止变为运动，动能增加，因此弓的弹性势能转化为箭的动能；
2. 箭在空中向上飞行时，质量不变，高度不断升高，根据重力势能与高度的关系，箭的重力势能增大。
【答案】
弹性势 动 重力势
【知识点】
弹性势能、动能、重力势能
【点评】
本题结合射箭运动的实际场景，考查能量转化的基础知识点，将物理概念与生活实例结合，难度较低，注重对基础概念的理解应用。
【难度系数】
0.8
12 如图所示，火箭在加速升空时，忽略燃料质量的损耗，动能
变大
，重力势能变大
（前两空填“变大”“变小”或“不变”）；“柔性充气式货物返回舱试验舱”本质是带有“充气热盾”的飞船，膨胀起来的充气外壳能把飞船进入大气层的动能转化为弹性势
能，从而减小飞船速度，保护飞船不受损害。答案
12.变大 变大 弹性势
解析
【分析】
要解决本题，需明确动能、重力势能的影响因素，以及能量转化的判断逻辑：
1. 动能大小由质量和速度决定：质量不变时，速度越大，动能越大；
2. 重力势能大小由质量和高度决定：质量不变时，高度越高，重力势能越大；
3. 能量转化遵循“消耗的能量转化为得到的能量”，充气外壳膨胀后具有弹性，飞船减速时，动能会转化为弹性势能。
【解析】
1. 火箭加速升空时，忽略燃料质量损耗，火箭质量不变，加速导致速度变大，根据动能的影响因素，动能变大；
2. 火箭升空过程中，高度持续增加，质量不变，根据重力势能的影响因素，重力势能变大；
3. 飞船进入大气层时，充气外壳膨胀发生弹性形变，飞船的动能减小，转化为弹性势能，以此降低飞船速度，保护飞船。
【答案】
变大 变大 弹性势
【知识点】
动能、重力势能、弹性势能
【点评】
本题结合航天实际场景，考查机械能相关的基础知识点，需牢记动能、重力势能的影响因素，以及能量转化的判断方法，属于基础题，难度较低。
【难度系数】
0.3
要解决本题，需明确动能、重力势能的影响因素，以及能量转化的判断逻辑：
1. 动能大小由质量和速度决定：质量不变时，速度越大，动能越大；
2. 重力势能大小由质量和高度决定：质量不变时，高度越高，重力势能越大；
3. 能量转化遵循“消耗的能量转化为得到的能量”，充气外壳膨胀后具有弹性，飞船减速时，动能会转化为弹性势能。
【解析】
1. 火箭加速升空时，忽略燃料质量损耗，火箭质量不变，加速导致速度变大，根据动能的影响因素，动能变大；
2. 火箭升空过程中，高度持续增加，质量不变，根据重力势能的影响因素，重力势能变大；
3. 飞船进入大气层时，充气外壳膨胀发生弹性形变，飞船的动能减小，转化为弹性势能，以此降低飞船速度，保护飞船。
【答案】
变大 变大 弹性势
【知识点】
动能、重力势能、弹性势能
【点评】
本题结合航天实际场景，考查机械能相关的基础知识点，需牢记动能、重力势能的影响因素，以及能量转化的判断方法，属于基础题，难度较低。
【难度系数】
0.3
13 我国在西昌卫星发射中心用“长征三号丙”运载火箭成功发射一颗“北斗”导航卫星.“长征三号丙”运载火箭升空时，燃料燃烧后通过做功，把
内
能转化为机械
能.答案
13.内 机械 [解析]燃料燃烧时化学能转化为内能,燃料燃烧后通过做功,将内能转化为机械能,使火箭升空.
解析
【分析】
要解决该问题，需梳理能量转化的逻辑：燃料本身储存化学能，燃烧时化学能先转化为内能；燃料燃烧后通过做功推动火箭升空，此过程是内能向机械能的转化，对应题目要求的做功环节的能量变化。
【解析】
燃料燃烧时，自身的化学能转化为内能；燃烧产生的能量通过做功推动火箭升空，将内能转化为使火箭运动的机械能，因此做功过程中是内能转化为机械能。
【答案】
内；机械
【知识点】
能量的转化 内能与机械能的转化
【点评】
本题为基础能量转化题，结合火箭升空的实际场景，明确做功过程的能量变化即可解答，属于概念识记类题目，难度较低。
【难度系数】
0.9
要解决该问题，需梳理能量转化的逻辑：燃料本身储存化学能，燃烧时化学能先转化为内能；燃料燃烧后通过做功推动火箭升空，此过程是内能向机械能的转化，对应题目要求的做功环节的能量变化。
【解析】
燃料燃烧时，自身的化学能转化为内能；燃烧产生的能量通过做功推动火箭升空，将内能转化为使火箭运动的机械能，因此做功过程中是内能转化为机械能。
【答案】
内；机械
【知识点】
能量的转化 内能与机械能的转化
【点评】
本题为基础能量转化题，结合火箭升空的实际场景，明确做功过程的能量变化即可解答，属于概念识记类题目，难度较低。
【难度系数】
0.9
14 如图所示是甲、乙两种质量相等的不同晶体在相同时间内吸收相同热量的条件下熔化前后温度随时间变化的图像.则单位质量的两种晶体熔化过程中吸收的热量相比较，$Q_甲$
小于
$Q_乙$，液态甲的比热容 大于
液态乙的比热容.(填“大于”“小于”或“等于”)答案
14.小于 大于
解析
【分析】
要解决本题，需结合晶体熔化的温度-时间图像，利用热量相关公式分析：
1. 比较单位质量晶体熔化吸收的热量：晶体熔化时温度不变，图像中的水平段对应熔化过程。已知甲、乙质量相等，相同时间吸收热量相同，熔化时间越长，总吸收热量越多。从图像可知，甲的熔化时间短于乙，因此甲熔化吸收的总热量更少，单位质量的熔化热量也更少。
2. 比较液态比热容：熔化后为液态，相同时间内吸收热量相同，质量相等，根据公式$Q=cm\Delta t$，温度变化越小，比热容越大。图像中熔化后，相同时间内甲的温度升高比乙慢，即甲的温度变化更小，因此液态甲的比热容更大。
【解析】
1. 单位质量熔化吸热的比较：
晶体熔化过程吸收的总热量$Q_{总}=P· t$（$P$为单位时间吸收的热量，$t$为熔化时间）。由图可知，甲的熔化时间$t_甲 ＜ t_乙$，且$P$相同，因此$Q_{甲总}=P· t_甲 ＜ Q_{乙总}=P· t_乙$。又因为甲、乙质量$m$相等，单位质量熔化吸热$q=\frac{Q_{总}}{m}$，所以$q_甲=\frac{Q_{甲总}}{m} ＜ q_乙=\frac{Q_{乙总}}{m}$，即单位质量的两种晶体熔化过程中吸收的热量$Q_甲$小于$Q_乙$。
2. 液态比热容的比较：
熔化后为液态，相同时间内吸收热量$Q$相同，质量$m$相等。根据比热容公式$Q=cm\Delta t$，变形得$c=\frac{Q}{m\Delta t}$。由图可知，相同时间内，液态甲的温度变化$\Delta t_甲 ＜ \Delta t_乙$，因此$c_甲=\frac{Q}{m\Delta t_甲} ＞ c_乙=\frac{Q}{m\Delta t_乙}$，即液态甲的比热容大于液态乙的比热容。
【答案】
小于；大于
【知识点】
晶体熔化图像、比热容计算
【点评】
本题结合温度-时间图像考查晶体熔化特点与比热容的应用，关键是从图像中提取熔化时间、温度变化等信息，利用热量公式分析，需区分晶体熔化阶段和液态升温阶段的分析逻辑，是中等难度的图像分析题。
【难度系数】
0.5
要解决本题，需结合晶体熔化的温度-时间图像，利用热量相关公式分析：
1. 比较单位质量晶体熔化吸收的热量：晶体熔化时温度不变，图像中的水平段对应熔化过程。已知甲、乙质量相等，相同时间吸收热量相同，熔化时间越长，总吸收热量越多。从图像可知，甲的熔化时间短于乙，因此甲熔化吸收的总热量更少，单位质量的熔化热量也更少。
2. 比较液态比热容：熔化后为液态，相同时间内吸收热量相同，质量相等，根据公式$Q=cm\Delta t$，温度变化越小，比热容越大。图像中熔化后，相同时间内甲的温度升高比乙慢，即甲的温度变化更小，因此液态甲的比热容更大。
【解析】
1. 单位质量熔化吸热的比较：
晶体熔化过程吸收的总热量$Q_{总}=P· t$（$P$为单位时间吸收的热量，$t$为熔化时间）。由图可知，甲的熔化时间$t_甲 ＜ t_乙$，且$P$相同，因此$Q_{甲总}=P· t_甲 ＜ Q_{乙总}=P· t_乙$。又因为甲、乙质量$m$相等，单位质量熔化吸热$q=\frac{Q_{总}}{m}$，所以$q_甲=\frac{Q_{甲总}}{m} ＜ q_乙=\frac{Q_{乙总}}{m}$，即单位质量的两种晶体熔化过程中吸收的热量$Q_甲$小于$Q_乙$。
2. 液态比热容的比较：
熔化后为液态，相同时间内吸收热量$Q$相同，质量$m$相等。根据比热容公式$Q=cm\Delta t$，变形得$c=\frac{Q}{m\Delta t}$。由图可知，相同时间内，液态甲的温度变化$\Delta t_甲 ＜ \Delta t_乙$，因此$c_甲=\frac{Q}{m\Delta t_甲} ＞ c_乙=\frac{Q}{m\Delta t_乙}$，即液态甲的比热容大于液态乙的比热容。
【答案】
小于；大于
【知识点】
晶体熔化图像、比热容计算
【点评】
本题结合温度-时间图像考查晶体熔化特点与比热容的应用，关键是从图像中提取熔化时间、温度变化等信息，利用热量公式分析，需区分晶体熔化阶段和液态升温阶段的分析逻辑，是中等难度的图像分析题。
【难度系数】
0.5
15 (2024·宿迁中考)如图所示是单缸四冲程汽油机的
(第15题) (第16题)
压缩
冲程，汽油机工作时，需要用水为其降温，这是利用水的比热容
大的特点。若100 g水，温度升高20 ℃，水吸收的热量为$8.4×10^3$
J[$c_{水}=4.2×10^{3}\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·℃)$]。(第15题) (第16题)
答案
15.压缩 比热容 $8.4×10^3$ [解析]本题考查了对汽油机的工作循环的理解以及热量计算等.图中汽油机的两个气门均关闭、活塞向上运动,是汽油机的压缩冲程;汽油机工作时需要用水为其降温,是因为水的比热容较大,在相同条件下可以吸收更多的热量,冷却效果好;100 g水温度升高20 ℃吸收的热量$Q=c_水 m \Delta t=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×0.1\ \mathrm{kg}×20\ ℃=8.4×10^3\ \mathrm{J}$.
解析
【分析】要判断汽油机的冲程，需观察气门状态和活塞运动方向：图中两个气门均关闭，活塞向上运动，符合压缩冲程的特征；用水降温是利用水的比热容大的特点，相同质量的水升高相同温度时吸收热量更多；计算水吸收的热量时，需先将质量单位换算为kg，再代入热量公式计算。
【解析】1. 判断冲程：由图可知，汽油机的进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，因此是压缩冲程。2. 水降温的原理：水的比热容较大，与其他物质相比，相同质量的水升高相同温度时，能吸收更多的热量，冷却效果好，所以用水为汽油机降温。3. 热量计算：水的质量$m=100\ \mathrm{g}=0.1\ \mathrm{kg}$，根据热量公式$Q_{\mathrm{吸}}=c_{\mathrm{水}}m\Delta t$，代入数据得：$Q_{\mathrm{吸}}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×0.1\ \mathrm{kg}×20\ ℃=8.4×10^3\ \mathrm{J}$。
【答案】压缩；比热容；$8.4×10^3$
【知识点】汽油机冲程判断、比热容、热量计算
【点评】本题考查汽油机工作冲程的识别、水比热容的应用以及热量的计算，属于热学基础题，注重对基础知识的掌握和应用。
【难度系数】0.7
【解析】1. 判断冲程：由图可知，汽油机的进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，因此是压缩冲程。2. 水降温的原理：水的比热容较大，与其他物质相比，相同质量的水升高相同温度时，能吸收更多的热量，冷却效果好，所以用水为汽油机降温。3. 热量计算：水的质量$m=100\ \mathrm{g}=0.1\ \mathrm{kg}$，根据热量公式$Q_{\mathrm{吸}}=c_{\mathrm{水}}m\Delta t$，代入数据得：$Q_{\mathrm{吸}}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×0.1\ \mathrm{kg}×20\ ℃=8.4×10^3\ \mathrm{J}$。
【答案】压缩；比热容；$8.4×10^3$
【知识点】汽油机冲程判断、比热容、热量计算
【点评】本题考查汽油机工作冲程的识别、水比热容的应用以及热量的计算，属于热学基础题，注重对基础知识的掌握和应用。
【难度系数】0.7
