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7 [2024淮安中考] 如图甲所示，电源电压保持不变，$R_1$为定值电阻，滑动变阻器$R_2$的最大阻值为$20\ \Omega$。电压表的量程为$0∼3\ \mathrm{V}$，电流表的量程为$0∼0.6\ \mathrm{A}$。在保证电路各元件安全的前提下，电压表的示数随滑动变阻器$R_2$连入电路的阻值变化的关系图像如图乙所示。下列说法中正确的是 (
A.电源电压为$7.5\ \mathrm{V}$
B.定值电阻$R_1$的阻值为$5\ \Omega$
C.电路的最小功率为$0.6\ \mathrm{W}$
D.电流表示数变化范围为$0.2∼0.3\ \mathrm{A}$
D
)A.电源电压为$7.5\ \mathrm{V}$
B.定值电阻$R_1$的阻值为$5\ \Omega$
C.电路的最小功率为$0.6\ \mathrm{W}$
D.电流表示数变化范围为$0.2∼0.3\ \mathrm{A}$
答案
7 D 由题图甲可知,$R_1$、$R_2$串联,电压表测$R_1$两端的电压,电流表测电路中的电流。由题图乙可知,当$R_2$接入电路的电阻为$10\ \Omega$时,$R_1$两端的电压为$3\ \mathrm{V}$,由串联电路的分压原理可知,此时$\frac{R_1}{R_2} = \frac{U_1}{U-U_1}$,即$\frac{R_1}{10\ \Omega} = \frac{3\ \mathrm{V}}{U-3\ \mathrm{V}}$ ①;同理,当$R_2$接入电路的电阻为$20\ \Omega$时,$R_1$两端的电压为$2\ \mathrm{V}$,$\frac{R_1}{R'_2} = \frac{U'_1}{U-U'_1}$,即$\frac{R_1}{20\ \Omega} = \frac{2\ \mathrm{V}}{U-2\ \mathrm{V}}$ ②。联立①②,解得$R_1 =10\ \Omega$,电源电压$U =6\ \mathrm{V}$,故A、B错误。当滑动变阻器接入电路的电阻最大时,电路总电阻最大,电路中的电流最小,由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知,电路中的最小电流$I_{\mathrm{小}} = \frac{U}{R_{\mathrm{总大}}} = \frac{U}{R_1+R_{2\mathrm{大}}} =\frac{6\ \mathrm{V}}{10\ \Omega+20\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$,则电路的最小功率$P_{\mathrm{小}} = UI_{\mathrm{小}} =6\ \mathrm{V} ×0.2\ \mathrm{A} =1.2\ \mathrm{W}$,故C错误。由欧姆定律可知,当$R_1$两端的电压最大时,电路中的电流最大,因为电压表的量程为$0∼3\ \mathrm{V}$,所以$R_1$两端的最大电压为$3\ \mathrm{V}$,则电路中的最大电流$I_{\mathrm{大}} = \frac{U_{1\mathrm{大}}}{R_1} =\frac{3\ \mathrm{V}}{10\ \Omega}=0.3\ \mathrm{A} ＜0.6\ \mathrm{A}$,因此电流表示数变化范围为$0.2∼0.3\ \mathrm{A}$,故D正确。
解析
【分析】
首先明确电路连接：R₁与R₂串联，电压表测定值电阻R₁两端电压，电流表测电路电流。电源电压恒定，根据图乙给出的两组滑动变阻器阻值和对应的电压值，利用串联电路电压规律和欧姆定律，分别列出两次的电源电压表达式，联立求解得到定值电阻R₁的阻值和电源电压；再结合各元件的安全条件（电压表、电流表量程，滑动变阻器最大阻值），计算电路的最小和最大电流，判断各选项的正确性。
【解析】
由图甲可知，R₁与R₂串联，电压表测R₁两端电压，电流表测电路电流。
根据图乙：
①当R₂=10Ω时，R₁两端电压U₁=3V，此时电路电流I₁=U₁/R₁=3V/R₁，电源电压U=I₁(R₁+R₂)= (3V/R₁)(R₁+10Ω)，整理得：U=3V + (30Ω·V)/R₁；
②当R₂'=20Ω时，R₁两端电压U₁'=2V，此时电路电流I₂=U₁'/R₁=2V/R₁，电源电压U=I₂(R₁+R₂')=(2V/R₁)(R₁+20Ω)，整理得：U=2V + (40Ω·V)/R₁；
联立①②的电源电压表达式：
3V + (30Ω·V)/R₁ = 2V + (40Ω·V)/R₁
解得：R₁=10Ω，代入得电源电压U=6V，故A（电源电压7.5V）、B（R₁=5Ω）错误。
电路最小电流：当滑动变阻器接入阻值最大（R₂大=20Ω）时，总电阻最大，电流最小，
I小=U/(R₁+R₂大)=6V/(10Ω+20Ω)=0.2A，
电路最小功率P小=U·I小=6V×0.2A=1.2W，故C错误。
电路最大电流：电压表量程为0~3V，故R₁两端最大电压为3V，此时电流最大，
I大=U₁大/R₁=3V/10Ω=0.3A，电流表量程0~0.6A，0.3A＜0.6A，安全，
因此电流表示数变化范围为0.2~0.3A，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
串联电路规律、欧姆定律、电功率计算
【点评】
本题为串联电路动态分析题，需结合图像信息，利用串联电路电压、电流特点和欧姆定律求解定值电阻与电源电压，再根据元件安全条件确定电流范围，综合性较强，是中考常见题型。
【难度系数】
0.5
首先明确电路连接：R₁与R₂串联，电压表测定值电阻R₁两端电压，电流表测电路电流。电源电压恒定，根据图乙给出的两组滑动变阻器阻值和对应的电压值，利用串联电路电压规律和欧姆定律，分别列出两次的电源电压表达式，联立求解得到定值电阻R₁的阻值和电源电压；再结合各元件的安全条件（电压表、电流表量程，滑动变阻器最大阻值），计算电路的最小和最大电流，判断各选项的正确性。
【解析】
由图甲可知，R₁与R₂串联，电压表测R₁两端电压，电流表测电路电流。
根据图乙：
①当R₂=10Ω时，R₁两端电压U₁=3V，此时电路电流I₁=U₁/R₁=3V/R₁，电源电压U=I₁(R₁+R₂)= (3V/R₁)(R₁+10Ω)，整理得：U=3V + (30Ω·V)/R₁；
②当R₂'=20Ω时，R₁两端电压U₁'=2V，此时电路电流I₂=U₁'/R₁=2V/R₁，电源电压U=I₂(R₁+R₂')=(2V/R₁)(R₁+20Ω)，整理得：U=2V + (40Ω·V)/R₁；
联立①②的电源电压表达式：
3V + (30Ω·V)/R₁ = 2V + (40Ω·V)/R₁
解得：R₁=10Ω，代入得电源电压U=6V，故A（电源电压7.5V）、B（R₁=5Ω）错误。
电路最小电流：当滑动变阻器接入阻值最大（R₂大=20Ω）时，总电阻最大，电流最小，
I小=U/(R₁+R₂大)=6V/(10Ω+20Ω)=0.2A，
电路最小功率P小=U·I小=6V×0.2A=1.2W，故C错误。
电路最大电流：电压表量程为0~3V，故R₁两端最大电压为3V，此时电流最大，
I大=U₁大/R₁=3V/10Ω=0.3A，电流表量程0~0.6A，0.3A＜0.6A，安全，
因此电流表示数变化范围为0.2~0.3A，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
串联电路规律、欧姆定律、电功率计算
【点评】
本题为串联电路动态分析题，需结合图像信息，利用串联电路电压、电流特点和欧姆定律求解定值电阻与电源电压，再根据元件安全条件确定电流范围，综合性较强，是中考常见题型。
【难度系数】
0.5
8 [2025宁夏中考] 如图是某款汽车后挡风玻璃的除雾除霜装置示意图。图中较宽的线条是导电条(电阻不计),较窄的线条是电阻丝。导电条A、B两端与汽车供电电路相连,供电电压为12 V,电阻丝的总电阻是1 Ω。正常工作时,通过导电条A处的电流为
12
A,电阻丝工作5 min产生的热量为$4.32 ×10^4$
J。图中P处电阻丝断裂,其他电阻丝还能工作,则这些电阻丝是并联
(填“串联”或“并联”)的。答案
8 【答案】 12 $4.32 ×10^4$ 并联
【解析】 第一空:供电电压为12 V,电阻丝的总电阻是1 Ω。正常工作时,通过导电条A处的电流为干路中的电流,即$I = \frac{U}{R} =\frac{12\ \mathrm{V}}{1\ \Omega} =12\ \mathrm{A}$。第二空:电热丝将电能全部转化为内能,电阻丝工作5 min 产生的热量 $Q = W = UIt =12\ \mathrm{V} ×12\ \mathrm{A} ×5 ×60\ \mathrm{s} =4.32 ×10^4\ \mathrm{J}$。第三空:图中P处电阻丝断裂,其他电阻丝还能工作,则这些电阻丝互不影响,是并联的。
【解析】 第一空:供电电压为12 V,电阻丝的总电阻是1 Ω。正常工作时,通过导电条A处的电流为干路中的电流,即$I = \frac{U}{R} =\frac{12\ \mathrm{V}}{1\ \Omega} =12\ \mathrm{A}$。第二空:电热丝将电能全部转化为内能,电阻丝工作5 min 产生的热量 $Q = W = UIt =12\ \mathrm{V} ×12\ \mathrm{A} ×5 ×60\ \mathrm{s} =4.32 ×10^4\ \mathrm{J}$。第三空:图中P处电阻丝断裂,其他电阻丝还能工作,则这些电阻丝互不影响,是并联的。
解析
【分析】
首先，明确导电条A处的电流为干路电流，需利用欧姆定律结合已知电压和总电阻计算；其次，电阻丝为纯电阻，产生的热量等于消耗的电能，需结合电功公式计算；最后，根据“某一处电阻丝断裂后其他仍能工作”的特点，判断电阻丝的连接方式。
【解析】
1. 计算导电条A处的电流：已知供电电压$ U = 12\ \mathrm{V} $，电阻丝总电阻$ R = 1\ \Omega $，根据欧姆定律$ I = \frac{U}{R} $，可得干路电流（即A处电流）$ I = \frac{12\ \mathrm{V}}{1\ \Omega} = 12\ \mathrm{A} $。
2. 计算电阻丝产生的热量：工作时间$ t = 5\ \mathrm{min} = 5 × 60\ \mathrm{s} = 300\ \mathrm{s} $，电阻丝为纯电阻，电能全部转化为热量，故$ Q = W = UIt = 12\ \mathrm{V} × 12\ \mathrm{A} × 300\ \mathrm{s} = 4.32 × 10^4\ \mathrm{J} $。
3. 判断连接方式：P处电阻丝断裂后，其他电阻丝仍能正常工作，说明各电阻丝独立工作、互不影响，因此这些电阻丝是并联的。
【答案】
12；$ 4.32 × 10^4 $；并联
【知识点】
欧姆定律、电热计算、串并联电路判断
【点评】
本题结合生活实际考查电路相关知识，属于基础题型，需掌握欧姆定律、电热公式及串并联电路的特点，难度适中。
【难度系数】
0.3
首先，明确导电条A处的电流为干路电流，需利用欧姆定律结合已知电压和总电阻计算；其次，电阻丝为纯电阻，产生的热量等于消耗的电能，需结合电功公式计算；最后，根据“某一处电阻丝断裂后其他仍能工作”的特点，判断电阻丝的连接方式。
【解析】
1. 计算导电条A处的电流：已知供电电压$ U = 12\ \mathrm{V} $，电阻丝总电阻$ R = 1\ \Omega $，根据欧姆定律$ I = \frac{U}{R} $，可得干路电流（即A处电流）$ I = \frac{12\ \mathrm{V}}{1\ \Omega} = 12\ \mathrm{A} $。
2. 计算电阻丝产生的热量：工作时间$ t = 5\ \mathrm{min} = 5 × 60\ \mathrm{s} = 300\ \mathrm{s} $，电阻丝为纯电阻，电能全部转化为热量，故$ Q = W = UIt = 12\ \mathrm{V} × 12\ \mathrm{A} × 300\ \mathrm{s} = 4.32 × 10^4\ \mathrm{J} $。
3. 判断连接方式：P处电阻丝断裂后，其他电阻丝仍能正常工作，说明各电阻丝独立工作、互不影响，因此这些电阻丝是并联的。
【答案】
12；$ 4.32 × 10^4 $；并联
【知识点】
欧姆定律、电热计算、串并联电路判断
【点评】
本题结合生活实际考查电路相关知识，属于基础题型，需掌握欧姆定律、电热公式及串并联电路的特点，难度适中。
【难度系数】
0.3
9 [2025 苏州中考]如图是一款电水壶的电路简图，$R_1$、$R_2$均为加热电阻，通过旋转旋钮开关可实现加热与保温功能的切换。保温功率为$88\ \mathrm{W}$，$R_1$的阻值为
$44\ \Omega$，加热时应将开关旋至
$44\ \Omega$，加热时应将开关旋至2
（填“1”或“2”）位置，加热功率为1 100
$\mathrm{W}$，$R_2$的阻值为506
$\Omega$答案
9 【答案】 2 1 100 506
【解析】 第一步:开关定位。
情况①:开关旋至1位置,$R_1$、$R_2$串联工作。
情况②:开关旋至2位置,仅$R_1$工作。
第二步:电阻分析。
两种情况电路中总电阻比较:①＞②,根据 $P = \frac{U^2}{R}$ 可得,情况①为保温挡,情况②为加热挡。
第三步:公式破题。
加热功率$P_{\mathrm{加}} = \frac{U^2}{R_1} = \frac{(220\ \mathrm{V})^2}{44\ \Omega} =1\ 100\ \mathrm{W}$,位于保温挡时,电路总电阻$R_{\mathrm{总}} = R_1 + R_2 = \frac{U^2}{P_{\mathrm{保}}} = \frac{(220\ \mathrm{V})^2}{88\ \mathrm{W}} =550\ \Omega$,所以$R_2 = R_{\mathrm{总}} - R_1 =550\ \Omega -44\ \Omega =506\ \Omega$。
【解析】 第一步:开关定位。
情况①:开关旋至1位置,$R_1$、$R_2$串联工作。
情况②:开关旋至2位置,仅$R_1$工作。
第二步:电阻分析。
两种情况电路中总电阻比较:①＞②,根据 $P = \frac{U^2}{R}$ 可得,情况①为保温挡,情况②为加热挡。
第三步:公式破题。
加热功率$P_{\mathrm{加}} = \frac{U^2}{R_1} = \frac{(220\ \mathrm{V})^2}{44\ \Omega} =1\ 100\ \mathrm{W}$,位于保温挡时,电路总电阻$R_{\mathrm{总}} = R_1 + R_2 = \frac{U^2}{P_{\mathrm{保}}} = \frac{(220\ \mathrm{V})^2}{88\ \mathrm{W}} =550\ \Omega$,所以$R_2 = R_{\mathrm{总}} - R_1 =550\ \Omega -44\ \Omega =506\ \Omega$。
解析
【分析】要解决这道题，需先分析旋钮开关在不同位置时的电路连接情况，再结合电功率公式$P=\frac{U^2}{R}$（电源电压不变时，电阻越小，电功率越大）判断加热和保温挡，最后利用公式计算加热功率和电阻$R_2$。
【解析】
1. 确定开关位置：
当开关旋至1位置时，$R_1$与$R_2$串联，总电阻$R_{总1}=R_1+R_2$；旋至2位置时，只有$R_1$接入电路，总电阻$R_{总2}=R_1$。电源电压$U=220\ \mathrm{V}$不变，根据$P=\frac{U^2}{R}$，电阻越小功率越大，因此总电阻小的2位置为加热挡。
2. 计算加热功率：
加热时仅$R_1$工作，代入公式得：
$P_{加}=\frac{U^2}{R_1}=\frac{(220\ \mathrm{V})^2}{44\ \Omega}=1100\ \mathrm{W}$。
3. 计算$R_2$的阻值：
保温时开关在1位置，总功率$P_{保}=88\ \mathrm{W}$，此时总电阻：
$R_{总}=\frac{U^2}{P_{保}}=\frac{(220\ \mathrm{V})^2}{88\ \mathrm{W}}=550\ \Omega$，
因串联电路总电阻等于各电阻之和，故$R_2=R_{总}-R_1=550\ \Omega -44\ \Omega=506\ \Omega$。
【答案】2；1100；506
【知识点】电功率计算、串联电路电阻
【点评】本题考查电学挡位分析，核心是利用$P=\frac{U^2}{R}$判断加热/保温挡，需明确不同开关位置的电路连接，属于中考基础应用题，侧重公式应用和电路分析能力。
【难度系数】0.6
【解析】
1. 确定开关位置：
当开关旋至1位置时，$R_1$与$R_2$串联，总电阻$R_{总1}=R_1+R_2$；旋至2位置时，只有$R_1$接入电路，总电阻$R_{总2}=R_1$。电源电压$U=220\ \mathrm{V}$不变，根据$P=\frac{U^2}{R}$，电阻越小功率越大，因此总电阻小的2位置为加热挡。
2. 计算加热功率：
加热时仅$R_1$工作，代入公式得：
$P_{加}=\frac{U^2}{R_1}=\frac{(220\ \mathrm{V})^2}{44\ \Omega}=1100\ \mathrm{W}$。
3. 计算$R_2$的阻值：
保温时开关在1位置，总功率$P_{保}=88\ \mathrm{W}$，此时总电阻：
$R_{总}=\frac{U^2}{P_{保}}=\frac{(220\ \mathrm{V})^2}{88\ \mathrm{W}}=550\ \Omega$，
因串联电路总电阻等于各电阻之和，故$R_2=R_{总}-R_1=550\ \Omega -44\ \Omega=506\ \Omega$。
【答案】2；1100；506
【知识点】电功率计算、串联电路电阻
【点评】本题考查电学挡位分析，核心是利用$P=\frac{U^2}{R}$判断加热/保温挡，需明确不同开关位置的电路连接，属于中考基础应用题，侧重公式应用和电路分析能力。
【难度系数】0.6
10 [2025宿迁中考]按要求作图:将电灯、控制电灯的开关正确接入家庭电路中。
答案
10 【答案】 如图所示。
解析
【分析】
要正确接入家庭电路中的电灯和开关，需遵循安全用电原则：开关应接在火线上，这样断开开关时，能切断灯泡与火线的连接，避免触电事故。具体思路：先明确三条线的标识（最上方为火线，中间为零线，最下方为地线），将开关串联在火线上，开关的另一端连接电灯的一个接线柱，电灯的另一个接线柱连接零线，地线无需接入该电路。
【解析】
根据家庭电路的安全接线规则：
1. 火线需先经过开关，再连接电灯，确保断开开关时，电灯与火线断开；
2. 电灯的另一端连接零线，形成完整回路，地线不接入电灯电路（仅金属外壳用电器需接地）；
按此规则连接后，电路符合安全用电要求。
【答案】
【知识点】
家庭电路连接、安全用电
【点评】
本题考查家庭电路中电灯与开关的正确接法，核心是掌握“开关接火线”的安全原则，属于基础电路连接题，难度适中。
【难度系数】
0.6
要正确接入家庭电路中的电灯和开关，需遵循安全用电原则：开关应接在火线上，这样断开开关时，能切断灯泡与火线的连接，避免触电事故。具体思路：先明确三条线的标识（最上方为火线，中间为零线，最下方为地线），将开关串联在火线上，开关的另一端连接电灯的一个接线柱，电灯的另一个接线柱连接零线，地线无需接入该电路。
【解析】
根据家庭电路的安全接线规则：
1. 火线需先经过开关，再连接电灯，确保断开开关时，电灯与火线断开；
2. 电灯的另一端连接零线，形成完整回路，地线不接入电灯电路（仅金属外壳用电器需接地）；
按此规则连接后，电路符合安全用电要求。
【答案】
【知识点】
家庭电路连接、安全用电
【点评】
本题考查家庭电路中电灯与开关的正确接法，核心是掌握“开关接火线”的安全原则，属于基础电路连接题，难度适中。
【难度系数】
0.6
11 [2025云南中考] 同学们测量额定电压为2.5 V的小灯泡的电功率。
(1)实验前,电流表指针的位置如图甲所示,应对电流表进行
(2)同学们连接的电路如图乙所示,经检查发现A、E两点间的导线连接错误,应改接到
(3)闭合开关,无论怎样调节滑动变阻器小灯泡都不亮,经检查发现小灯泡的灯丝断了,此时电压表
(4)分析表格中的信息可知,小灯泡的额定功率为
(1)实验前,电流表指针的位置如图甲所示,应对电流表进行
调零
。(2)同学们连接的电路如图乙所示,经检查发现A、E两点间的导线连接错误,应改接到
B、E
两点之间;更正错误后,将滑动变阻器的滑片置于最右
(填“左”或“右”)端。(3)闭合开关,无论怎样调节滑动变阻器小灯泡都不亮,经检查发现小灯泡的灯丝断了,此时电压表
有
(填“有”或“无”)示数。排除故障后继续实验,移动滑动变阻器的滑片使小灯泡正常发光,继续调节滑动变阻器的滑片,使电压表示数低于、略高于小灯泡的额定电压。实验数据和现象记录如下表,表中a处的数据为2.5
。(4)分析表格中的信息可知,小灯泡的额定功率为
0.75
W,小灯泡的实际功率越大
,小灯泡越亮。某同学通过计算不同电压下小灯泡电功率的平均值来减小误差,这种做法是错误
(填“正确”或“错误”)的。答案
11 【答案】 (1)调零 (2)B、E 右 (3)有 2.5 (4)0.75 大 错误
【解析】 (1)题图甲中电流表指针指在“0”刻度线的左侧(信息提取),说明电流表未调零,所以使用前应对电流表进行调零。
(2)题图乙中,闭合开关后电流未经过小灯泡,所以应将A、E两点间的导线改接到B、E两点间;连接好后,闭合开关前,还应将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处,即最右端。
(3)小灯泡灯丝断了,闭合开关后,电压表与电源的两极相连通,所以电压表有示数。小灯泡在额定电压(2.5 V)下能正常发光,所以a处的数据为2.5。
(4)根据表格中的数据可分别计算出小灯泡的实际功率$P_{\mathrm{额}} = U_{\mathrm{额}}I_{\mathrm{额}} =2.5\ \mathrm{V} ×0.3\ \mathrm{A} = 0.75\ \mathrm{W}$、$P_2 = U_2I_2 =2.0\ \mathrm{V} ×0.26\ \mathrm{A} =0.52\ \mathrm{W}$、$P_3 = U_3I_3 =3.0\ \mathrm{V} ×0.32\ \mathrm{A} =0.96\ \mathrm{W}$,说明实际功率越大,小灯泡越亮。小灯泡的电阻随温度变化,求电功率的平均值没有意义,因此这种做法是错误的。
【解析】 (1)题图甲中电流表指针指在“0”刻度线的左侧(信息提取),说明电流表未调零,所以使用前应对电流表进行调零。
(2)题图乙中,闭合开关后电流未经过小灯泡,所以应将A、E两点间的导线改接到B、E两点间;连接好后,闭合开关前,还应将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处,即最右端。
(3)小灯泡灯丝断了,闭合开关后,电压表与电源的两极相连通,所以电压表有示数。小灯泡在额定电压(2.5 V)下能正常发光,所以a处的数据为2.5。
(4)根据表格中的数据可分别计算出小灯泡的实际功率$P_{\mathrm{额}} = U_{\mathrm{额}}I_{\mathrm{额}} =2.5\ \mathrm{V} ×0.3\ \mathrm{A} = 0.75\ \mathrm{W}$、$P_2 = U_2I_2 =2.0\ \mathrm{V} ×0.26\ \mathrm{A} =0.52\ \mathrm{W}$、$P_3 = U_3I_3 =3.0\ \mathrm{V} ×0.32\ \mathrm{A} =0.96\ \mathrm{W}$,说明实际功率越大,小灯泡越亮。小灯泡的电阻随温度变化,求电功率的平均值没有意义,因此这种做法是错误的。
解析
【分析】
本题围绕测量小灯泡电功率的实验展开，需结合实验操作规范、电路故障分析、额定功率计算等知识点逐步推导：
(1)实验前电流表指针未对齐零刻度线，需先调零才能保证测量准确；
(2)电路中导线连接错误导致小灯泡未接入电路，需改接使电流经过小灯泡；滑动变阻器闭合开关前需调至最大阻值处，起到保护电路的作用；
(3)灯丝断开后电压表串联在电路中，测量电源电压，因此有示数；小灯泡正常发光时电压为额定电压，故a处为额定电压；
(4)额定功率是额定电压与额定电流的乘积，实际功率越大小灯泡越亮；由于小灯泡电阻随温度变化，求电功率平均值无意义，该做法错误。
【解析】
(1)题图甲中电流表指针在“0”刻度线左侧，说明电流表未调零，实验前应对电流表进行调零。
(2)题图乙中，原A、E间导线使电流未经过小灯泡，应改接到B、E两点间，让电流通过小灯泡；闭合开关前，滑动变阻器滑片需置于最大阻值处，即最右端。
(3)小灯泡灯丝断后，电压表串联在电路中，与电源两极连通，因此电压表有示数；小灯泡正常发光时电压为额定电压2.5V，故a处数据为2.5。
(4)额定功率$P_{额}=U_{额}I_{额}=2.5\ \mathrm{V}×0.3\ \mathrm{A}=0.75\ \mathrm{W}$；由实验数据可知，实际功率越大，小灯泡越亮；小灯泡电阻随温度变化，求电功率平均值无意义，因此该做法错误。
【答案】
(1)调零 (2)B、E 右 (3)有 2.5 (4)0.75 大 错误
【知识点】
测量小灯泡的电功率、滑动变阻器的使用、电路故障分析
【点评】
本题为电学实验基础题，考查测小灯泡电功率实验的核心操作、故障判断及数据处理，是中考常考的基础题型，需学生熟练掌握实验的基本原理与操作规范。
【难度系数】
0.7
本题围绕测量小灯泡电功率的实验展开，需结合实验操作规范、电路故障分析、额定功率计算等知识点逐步推导：
(1)实验前电流表指针未对齐零刻度线，需先调零才能保证测量准确；
(2)电路中导线连接错误导致小灯泡未接入电路，需改接使电流经过小灯泡；滑动变阻器闭合开关前需调至最大阻值处，起到保护电路的作用；
(3)灯丝断开后电压表串联在电路中，测量电源电压，因此有示数；小灯泡正常发光时电压为额定电压，故a处为额定电压；
(4)额定功率是额定电压与额定电流的乘积，实际功率越大小灯泡越亮；由于小灯泡电阻随温度变化，求电功率平均值无意义，该做法错误。
【解析】
(1)题图甲中电流表指针在“0”刻度线左侧，说明电流表未调零，实验前应对电流表进行调零。
(2)题图乙中，原A、E间导线使电流未经过小灯泡，应改接到B、E两点间，让电流通过小灯泡；闭合开关前，滑动变阻器滑片需置于最大阻值处，即最右端。
(3)小灯泡灯丝断后，电压表串联在电路中，与电源两极连通，因此电压表有示数；小灯泡正常发光时电压为额定电压2.5V，故a处数据为2.5。
(4)额定功率$P_{额}=U_{额}I_{额}=2.5\ \mathrm{V}×0.3\ \mathrm{A}=0.75\ \mathrm{W}$；由实验数据可知，实际功率越大，小灯泡越亮；小灯泡电阻随温度变化，求电功率平均值无意义，因此该做法错误。
【答案】
(1)调零 (2)B、E 右 (3)有 2.5 (4)0.75 大 错误
【知识点】
测量小灯泡的电功率、滑动变阻器的使用、电路故障分析
【点评】
本题为电学实验基础题，考查测小灯泡电功率实验的核心操作、故障判断及数据处理，是中考常考的基础题型，需学生熟练掌握实验的基本原理与操作规范。
【难度系数】
0.7
