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1.「2026江西吉安期末，★☆」下列关于电阻的说法，正确的是（
A.滑动变阻器是通过改变连入电路中电阻丝的横截面积大小来改变自身电阻的
B.已知铜的导电性比镍铬合金强，则长度、横截面积、温度均相同的铜导线和镍铬合金导线相比，镍铬合金导线的电阻大
C.一切导体的电阻都随着温度的升高而增大
D.当通过导体的电流为零时，导体的电阻也为零
B
）A.滑动变阻器是通过改变连入电路中电阻丝的横截面积大小来改变自身电阻的
B.已知铜的导电性比镍铬合金强，则长度、横截面积、温度均相同的铜导线和镍铬合金导线相比，镍铬合金导线的电阻大
C.一切导体的电阻都随着温度的升高而增大
D.当通过导体的电流为零时，导体的电阻也为零
答案
1.B 滑动变阻器是通过改变连入电路中电阻丝的长度来改变电阻的,故A错误;已知铜的导电性比镍铬合金强,所以长度、横截面积、温度均相同的铜导线和镍铬合金导线相比,镍铬合金导线的电阻大,故B正确;不是所有导体的电阻都会随着温度的升高而增大,故C错误;导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积及温度有关,与导体两端的电压、通过导体的电流无关,故D错误。
解析
【分析】
本题考查电阻的相关基础知识，需结合滑动变阻器的原理、影响电阻大小的因素以及电阻的固有特性，逐一分析每个选项的对错。
【解析】
A选项：滑动变阻器是通过改变连入电路中电阻丝的长度来改变电阻，并非横截面积，故A错误；
B选项：电阻大小由材料、长度、横截面积、温度共同决定，当长度、横截面积、温度均相同时，导电性越差的材料电阻越大，铜的导电性比镍铬合金强，因此镍铬合金导线的电阻更大，故B正确；
C选项：并非所有导体的电阻都随温度升高而增大，例如半导体的电阻随温度升高而减小，故C错误；
D选项：导体的电阻是导体本身的固有性质，与导体两端的电压、通过导体的电流无关，即使电流为零，电阻也不为零，故D错误。
【答案】
B
【知识点】
电阻的影响因素、滑动变阻器的原理
【点评】
本题为电学基础题，侧重考查电阻相关核心概念，需准确区分滑动变阻器的工作原理、影响电阻的因素及电阻的固有特性，是学生需熟练掌握的基础考点。
【难度系数】
0.7
本题考查电阻的相关基础知识，需结合滑动变阻器的原理、影响电阻大小的因素以及电阻的固有特性，逐一分析每个选项的对错。
【解析】
A选项：滑动变阻器是通过改变连入电路中电阻丝的长度来改变电阻，并非横截面积，故A错误；
B选项：电阻大小由材料、长度、横截面积、温度共同决定，当长度、横截面积、温度均相同时，导电性越差的材料电阻越大，铜的导电性比镍铬合金强，因此镍铬合金导线的电阻更大，故B正确；
C选项：并非所有导体的电阻都随温度升高而增大，例如半导体的电阻随温度升高而减小，故C错误；
D选项：导体的电阻是导体本身的固有性质，与导体两端的电压、通过导体的电流无关，即使电流为零，电阻也不为零，故D错误。
【答案】
B
【知识点】
电阻的影响因素、滑动变阻器的原理
【点评】
本题为电学基础题，侧重考查电阻相关核心概念，需准确区分滑动变阻器的工作原理、影响电阻的因素及电阻的固有特性，是学生需熟练掌握的基础考点。
【难度系数】
0.7
2. 核心素养
物理观念「2025广东佛山顺德期中，★☆」如图为常用的铝芯导线，铝芯由多条铝线组成，外包一层绝缘皮。下列方法中，能减小铝芯导线电阻的是
（
A.减小导线两端的电压
B.减小导线中的电流
C.减小导线的长度
D.减少导线中铝线的数量
物理观念「2025广东佛山顺德期中，★☆」如图为常用的铝芯导线，铝芯由多条铝线组成，外包一层绝缘皮。下列方法中，能减小铝芯导线电阻的是
（
C
）A.减小导线两端的电压
B.减小导线中的电流
C.减小导线的长度
D.减少导线中铝线的数量
答案
2.C 电阻是导体自身的一种性质,只与导体的材料、长度、横截面积以及温度有关,与其两端电压及通过的电流无关,故A、B错误;导体的电阻与导体的长度有关,其他条件相同时,导体的长度越短,导体的电阻越小,所以减小导线的长度可以减小其电阻,故C正确;导体的电阻与导体的横截面积有关,其他条件相同时,导体的横截面积越小,导体的电阻越大,减少导线中铝线的数量会增大其电阻,故D错误。
解析
【分析】
要解决这道题，首先需明确：导体的电阻是自身的固有性质，仅由导体的材料、长度、横截面积和温度决定，与导体两端的电压、通过导体的电流无关。接下来逐一分析选项：A选项涉及电压，B选项涉及电流，均不影响电阻；C选项是改变长度，D选项是改变横截面积，结合电阻与长度、横截面积的关系判断即可。
【解析】
导体的电阻是导体本身的一种性质，其大小由导体的材料、长度、横截面积和温度决定，与导体两端的电压、通过导体的电流无关，因此A选项“减小导线两端的电压”、B选项“减小导线中的电流”都无法改变导线的电阻，故A、B错误。根据电阻的变化规律：在材料、横截面积、温度相同时，导体长度越短，电阻越小，所以减小导线的长度可以减小铝芯导线的电阻，故C正确；在材料、长度、温度相同时，导体横截面积越小，电阻越大，减少导线中铝线的数量会减小导线的横截面积，从而增大导线的电阻，故D错误。
【答案】
C
【知识点】
电阻的影响因素、导体的性质
【点评】
本题考查电阻的决定因素，核心是区分“电阻是导体自身性质，与电压、电流无关”这一关键知识点，同时掌握长度、横截面积对电阻的影响规律，属于基础概念题，需准确辨析易混淆的内容。
【难度系数】
0.5
要解决这道题，首先需明确：导体的电阻是自身的固有性质，仅由导体的材料、长度、横截面积和温度决定，与导体两端的电压、通过导体的电流无关。接下来逐一分析选项：A选项涉及电压，B选项涉及电流，均不影响电阻；C选项是改变长度，D选项是改变横截面积，结合电阻与长度、横截面积的关系判断即可。
【解析】
导体的电阻是导体本身的一种性质，其大小由导体的材料、长度、横截面积和温度决定，与导体两端的电压、通过导体的电流无关，因此A选项“减小导线两端的电压”、B选项“减小导线中的电流”都无法改变导线的电阻，故A、B错误。根据电阻的变化规律：在材料、横截面积、温度相同时，导体长度越短，电阻越小，所以减小导线的长度可以减小铝芯导线的电阻，故C正确；在材料、长度、温度相同时，导体横截面积越小，电阻越大，减少导线中铝线的数量会减小导线的横截面积，从而增大导线的电阻，故D错误。
【答案】
C
【知识点】
电阻的影响因素、导体的性质
【点评】
本题考查电阻的决定因素，核心是区分“电阻是导体自身性质，与电压、电流无关”这一关键知识点，同时掌握长度、横截面积对电阻的影响规律，属于基础概念题，需准确辨析易混淆的内容。
【难度系数】
0.5
3.「2026安徽六安期中，★☆」小林连接了如图所示的电路，闭合开关后，下列关于滑动变阻器的连接和滑片移动方式以及灯泡亮度变化的说法中正确的是（
A.若M连G接线柱，滑动变阻器滑片向右移，小灯泡变亮
B.若M连E接线柱，滑动变阻器滑片向右移，小灯泡变亮
C.若M连G接线柱，滑动变阻器滑片向左移，小灯泡变亮
D.若M连F接线柱，滑动变阻器滑片向右移，小灯泡变亮
D
）A.若M连G接线柱，滑动变阻器滑片向右移，小灯泡变亮
B.若M连E接线柱，滑动变阻器滑片向右移，小灯泡变亮
C.若M连G接线柱，滑动变阻器滑片向左移，小灯泡变亮
D.若M连F接线柱，滑动变阻器滑片向右移，小灯泡变亮
答案
3.D 若M连G接线柱,电路中相当于接入了一根导线,无论滑片怎样移,小灯泡亮度都不变,故A、C错误。若M连E接线柱,滑片向右移,滑动变阻器接入电路的电阻丝变长,接入电路的电阻变大,电路中的电流变小,小灯泡变暗,故B错误。若M连F接线柱,滑片向右移,滑动变阻器接入电路的电阻丝变短,接入电路的电阻变小,电路中的电流变大,小灯泡变亮,故D正确。
解析
【分析】
要解决本题，需掌握滑动变阻器的工作原理：通过改变接入电路中电阻丝的长度改变电阻，接入电路的电阻丝为“下接线柱到滑片”的部分；灯泡亮度由电路电流决定，电流越大，灯泡越亮，结合欧姆定律分析电阻变化对电流的影响，逐一判断选项。
【解析】
逐个分析选项：
选项A：若M连G接线柱，滑动变阻器接入的是金属杆（相当于导线），无论滑片如何移动，接入电阻始终为0，电路电流不变，灯泡亮度不变，故A错误。
选项B：若M连E接线柱，接入电路的电阻丝是E到滑片的部分；滑片向右移时，E到滑片的电阻丝变长，接入电阻变大，电路电流变小，灯泡变暗，故B错误。
选项C：若M连G接线柱，同选项A，接入电阻为0，滑片移动不改变电阻，灯泡亮度不变，故C错误。
选项D：若M连F接线柱，接入电路的电阻丝是F到滑片的部分；滑片向右移时，F到滑片的电阻丝变短，接入电阻变小，电路电流变大，灯泡变亮，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
滑动变阻器的使用、电路动态分析、欧姆定律
【点评】
本题考查滑动变阻器的正确使用及电路动态分析，核心是判断滑动变阻器接入电路的电阻丝部分，结合电阻对电流的影响分析灯泡亮度变化，属于基础题型，需掌握滑动变阻器的接线规则。
【难度系数】
0.5
要解决本题，需掌握滑动变阻器的工作原理：通过改变接入电路中电阻丝的长度改变电阻，接入电路的电阻丝为“下接线柱到滑片”的部分；灯泡亮度由电路电流决定，电流越大，灯泡越亮，结合欧姆定律分析电阻变化对电流的影响，逐一判断选项。
【解析】
逐个分析选项：
选项A：若M连G接线柱，滑动变阻器接入的是金属杆（相当于导线），无论滑片如何移动，接入电阻始终为0，电路电流不变，灯泡亮度不变，故A错误。
选项B：若M连E接线柱，接入电路的电阻丝是E到滑片的部分；滑片向右移时，E到滑片的电阻丝变长，接入电阻变大，电路电流变小，灯泡变暗，故B错误。
选项C：若M连G接线柱，同选项A，接入电阻为0，滑片移动不改变电阻，灯泡亮度不变，故C错误。
选项D：若M连F接线柱，接入电路的电阻丝是F到滑片的部分；滑片向右移时，F到滑片的电阻丝变短，接入电阻变小，电路电流变大，灯泡变亮，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
滑动变阻器的使用、电路动态分析、欧姆定律
【点评】
本题考查滑动变阻器的正确使用及电路动态分析，核心是判断滑动变阻器接入电路的电阻丝部分，结合电阻对电流的影响分析灯泡亮度变化，属于基础题型，需掌握滑动变阻器的接线规则。
【难度系数】
0.5
4. 核心素养
科学思维「2026安徽滁州月考，★☆」如图所示的电路，当开关S闭合后，电流表$\mathrm{A}_{1}$、$\mathrm{A}_{2}$的示数之比是$3:7$，则此时灯$\mathrm{L}_{1}$和$\mathrm{L}_{2}$的电阻之比为（
A.$2:3$
B.$3:4$
C.$5:3$
D.$3:5$
科学思维「2026安徽滁州月考，★☆」如图所示的电路，当开关S闭合后，电流表$\mathrm{A}_{1}$、$\mathrm{A}_{2}$的示数之比是$3:7$，则此时灯$\mathrm{L}_{1}$和$\mathrm{L}_{2}$的电阻之比为（
B
）A.$2:3$
B.$3:4$
C.$5:3$
D.$3:5$
答案
4.B 由电路图可知,$\mathrm{L}_{1}$与$\mathrm{L}_{2}$并联,电流表$\mathrm{A}_{1}$测量通过$\mathrm{L}_{2}$的电流,电流表$\mathrm{A}_{2}$测量干路电流。由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和而且电流表$\mathrm{A}_{1}$、$\mathrm{A}_{2}$的示数之比是$3:7$,所以通过灯$\mathrm{L}_{1}$、$\mathrm{L}_{2}$的电流之比$\frac{I_1}{I_2}=\frac{I-I_2}{I_2}=\frac{7-3}{3}=\frac{4}{3}$;由并联电路的分流规律可知,灯$\mathrm{L}_{1}$和$\mathrm{L}_{2}$的电阻之比$\frac{R_1}{R_2}=\frac{I_2}{I_1}=\frac{3}{4}$,故B正确。
解析
【分析】首先观察电路图，明确电路为并联连接，确定电流表$\mathrm{A}_{1}$测量$\mathrm{L}_{2}$支路的电流，电流表$\mathrm{A}_{2}$测量干路电流；再利用并联电路干路电流等于各支路电流之和的规律，结合已知电流比求出$\mathrm{L}_{1}$和$\mathrm{L}_{2}$的电流之比；最后根据并联电路各支路电压相等的特点，结合欧姆定律推导两灯的电阻之比。
【解析】由电路图可知，灯$\mathrm{L}_{1}$与$\mathrm{L}_{2}$并联，电流表$\mathrm{A}_{1}$测通过$\mathrm{L}_{2}$的电流$I_2$，电流表$\mathrm{A}_{2}$测干路电流$I$。已知$\mathrm{A}_{1}$、$\mathrm{A}_{2}$的示数之比为$3:7$，即$\frac{I_2}{I}=\frac{3}{7}$，设$I_2=3k$，则干路电流$I=7k$。根据并联电路电流规律，干路电流等于各支路电流之和，因此通过$\mathrm{L}_{1}$的电流$I_1=I - I_2=7k - 3k=4k$，故$\frac{I_1}{I_2}=\frac{4k}{3k}=\frac{4}{3}$。由于并联电路各支路两端电压相等，即$U_1=U_2=U$，根据欧姆定律$I=\frac{U}{R}$，可得$R=\frac{U}{I}$，则两灯电阻之比：$\frac{R_1}{R_2}=\frac{\frac{U}{I_1}}{\frac{U}{I_2}}=\frac{I_2}{I_1}=\frac{3}{4}$。
【答案】B
【知识点】并联电路电流规律、欧姆定律、并联电路分流原理
【点评】本题考查并联电路规律与欧姆定律的综合应用，解题关键是准确判断电流表的测量对象，利用并联电路电流关系求出支路电流，再结合电压相等的特点推导电阻之比，属于中等难度的基础应用题，能有效考查学生的电路分析和公式应用能力。
【难度系数】0.6
【解析】由电路图可知，灯$\mathrm{L}_{1}$与$\mathrm{L}_{2}$并联，电流表$\mathrm{A}_{1}$测通过$\mathrm{L}_{2}$的电流$I_2$，电流表$\mathrm{A}_{2}$测干路电流$I$。已知$\mathrm{A}_{1}$、$\mathrm{A}_{2}$的示数之比为$3:7$，即$\frac{I_2}{I}=\frac{3}{7}$，设$I_2=3k$，则干路电流$I=7k$。根据并联电路电流规律，干路电流等于各支路电流之和，因此通过$\mathrm{L}_{1}$的电流$I_1=I - I_2=7k - 3k=4k$，故$\frac{I_1}{I_2}=\frac{4k}{3k}=\frac{4}{3}$。由于并联电路各支路两端电压相等，即$U_1=U_2=U$，根据欧姆定律$I=\frac{U}{R}$，可得$R=\frac{U}{I}$，则两灯电阻之比：$\frac{R_1}{R_2}=\frac{\frac{U}{I_1}}{\frac{U}{I_2}}=\frac{I_2}{I_1}=\frac{3}{4}$。
【答案】B
【知识点】并联电路电流规律、欧姆定律、并联电路分流原理
【点评】本题考查并联电路规律与欧姆定律的综合应用，解题关键是准确判断电流表的测量对象，利用并联电路电流关系求出支路电流，再结合电压相等的特点推导电阻之比，属于中等难度的基础应用题，能有效考查学生的电路分析和公式应用能力。
【难度系数】0.6
