登录
1. 人们常常利用物体具有的各种形式的能来完成某项工作.如机械手表里拧紧的发条具有
弹性势
能,可以带动小齿轮和指针转动;风具有动
能,可以推动帆船航行;打桩机举高的锤具有重力势
能,可以完成打桩工作.答案
1.弹性势 动 重力势
解析
【分析】本题考查不同形式机械能的判断，解题时需根据物体的状态（是否发生弹性形变、是否运动、是否被举高）确定对应的能量类型：拧紧的发条发生弹性形变，流动的风是运动的，举高的锤处于高处，据此判断各空的能量形式。
【解析】1. 机械手表里拧紧的发条发生弹性形变，因此具有弹性势能，可带动小齿轮和指针转动；2. 风是流动的空气，运动的物体具有动能，所以风具有动能，能推动帆船航行；3. 打桩机举高的锤，由于被举高而具有重力势能，下落时可完成打桩工作。
【答案】弹性势 动 重力势
【知识点】弹性势能、动能、重力势能
【点评】本题为初中物理机械能部分的基础概念题，考查对不同能量形式的识记与判断，难度较低，适合巩固基础知识点。
【难度系数】0.8
【解析】1. 机械手表里拧紧的发条发生弹性形变，因此具有弹性势能，可带动小齿轮和指针转动；2. 风是流动的空气，运动的物体具有动能，所以风具有动能，能推动帆船航行；3. 打桩机举高的锤，由于被举高而具有重力势能，下落时可完成打桩工作。
【答案】弹性势 动 重力势
【知识点】弹性势能、动能、重力势能
【点评】本题为初中物理机械能部分的基础概念题，考查对不同能量形式的识记与判断，难度较低，适合巩固基础知识点。
【难度系数】0.8
2.(2024·东台期中)如图所示,将摆球从A点静止释放,经过最低点O到达B点,A、B两点等高,摆球到达B点时动能为
0
J;摆球从A点到O点的过程中,重力势
能转化为动能.整个过程中,摆球的机械能不变
(填“不变”或“减少”).答案
2.0 重力势 不变
解析
【分析】
本题围绕单摆运动考查机械能的相关知识，解题思路为：①根据动能的影响因素（质量、速度）判断B点的动能；②分析A到O过程中重力势能和动能的变化，确定能量转化方向；③结合A、B两点等高的条件，判断机械能是否守恒。
【解析】
1. 动能判断：动能由质量和速度决定，公式为$E_k=\frac{1}{2}mv^2$。摆球到达B点时，处于运动的最高点，速度为0，质量不变，因此动能为$0J$。
2. 能量转化：摆球从A点到O点，质量不变，高度降低，重力势能减小；速度增大，动能增大，所以是重力势能转化为动能。
3. 机械能变化：机械能是动能与势能的总和，A、B两点等高，说明摆球在A、B两点的重力势能相等，且两点动能均为0，因此整个过程中机械能总量不变。
【答案】0 重力势 不变
【知识点】动能与势能转化、机械能守恒
【点评】本题结合单摆运动考查机械能的基础知识，需明确动能、重力势能的影响因素，以及机械能守恒的判断条件，属于基础题型，难度较低。
【难度系数】0.3
本题围绕单摆运动考查机械能的相关知识，解题思路为：①根据动能的影响因素（质量、速度）判断B点的动能；②分析A到O过程中重力势能和动能的变化，确定能量转化方向；③结合A、B两点等高的条件，判断机械能是否守恒。
【解析】
1. 动能判断：动能由质量和速度决定，公式为$E_k=\frac{1}{2}mv^2$。摆球到达B点时，处于运动的最高点，速度为0，质量不变，因此动能为$0J$。
2. 能量转化：摆球从A点到O点，质量不变，高度降低，重力势能减小；速度增大，动能增大，所以是重力势能转化为动能。
3. 机械能变化：机械能是动能与势能的总和，A、B两点等高，说明摆球在A、B两点的重力势能相等，且两点动能均为0，因此整个过程中机械能总量不变。
【答案】0 重力势 不变
【知识点】动能与势能转化、机械能守恒
【点评】本题结合单摆运动考查机械能的基础知识，需明确动能、重力势能的影响因素，以及机械能守恒的判断条件，属于基础题型，难度较低。
【难度系数】0.3
3.人们常用热水袋取暖,这是用
热传递
的方式改变物体的内能.热水袋里装水是因为水具有较大的比热容
.用水取暖的过程中,水的内能不断减小
(填“增大”“减小”或“不变”).答案
3.热传递 比热容 减小
解析
【分析】
本题考查热学基础知识点的应用，需结合生活实例分析：首先回忆改变内能的两种方式（做功、热传递），判断热水袋取暖的方式；再依据水的比热容特点，解释热水袋装水的原因；最后根据热传递中能量的转移方向，判断水的内能变化。
【解析】
1. 改变物体内能的方式有做功和热传递，热水袋取暖时，热量从高温的热水袋转移到低温的人体，无能量转化，属于热传递方式；
2. 水的比热容较大，相同质量的水和其他物质相比，降低相同温度时能放出更多热量，因此热水袋里装水是利用水具有较大的比热容；
3. 用水取暖过程中，水放出热量，自身的内能不断减小。
【答案】
热传递 比热容 减小
【知识点】
内能的改变方式、比热容、内能的变化
【点评】
本题结合生活常见的热水袋取暖场景，考查热学基础概念，贴近生活，侧重知识点的实际应用，难度较低。
【难度系数】
0.8
本题考查热学基础知识点的应用，需结合生活实例分析：首先回忆改变内能的两种方式（做功、热传递），判断热水袋取暖的方式；再依据水的比热容特点，解释热水袋装水的原因；最后根据热传递中能量的转移方向，判断水的内能变化。
【解析】
1. 改变物体内能的方式有做功和热传递，热水袋取暖时，热量从高温的热水袋转移到低温的人体，无能量转化，属于热传递方式；
2. 水的比热容较大，相同质量的水和其他物质相比，降低相同温度时能放出更多热量，因此热水袋里装水是利用水具有较大的比热容；
3. 用水取暖过程中，水放出热量，自身的内能不断减小。
【答案】
热传递 比热容 减小
【知识点】
内能的改变方式、比热容、内能的变化
【点评】
本题结合生活常见的热水袋取暖场景，考查热学基础概念，贴近生活，侧重知识点的实际应用，难度较低。
【难度系数】
0.8
4.(2024·响水县二模)如图是对0.5kg的某固体均匀加热获得的温度—时间图像.不计热损失，物质在AB段和CD段两种状态下的比热容较大的是
CD
段，物质在BC段的内能变化
（填“变化”或“不变”）；若物质在AB段的比热容为$2×10^3\mathrm{J/(kg·° C)}$，则物质在BC段吸收的热量为$3×10^4$
J.答案
4.CD 变化 $3×10^4$
解析
【分析】
要解决本题，需结合晶体熔化的温度-时间图像特点、比热容公式$Q=cm\Delta t$及内能变化的判断方法。首先，不计热损失时，相同加热时间内物质吸收的热量相同；晶体熔化时温度不变但持续吸热，内能增加；根据$Q=cm\Delta t$，质量相同、吸收热量相同时，温度变化越小，比热容越大。计算热量时，先通过AB段的热量和时间算出单位时间吸收的热量，再结合BC段的时间求吸收的热量。
【解析】
1. 判断比热容大小：
不计热损失，相同加热时间内物质吸收的热量$Q$相等，物质质量$m$不变。根据公式$Q=cm\Delta t$，变形得$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，$\Delta t$越小，比热容$c$越大。
AB段（固态）：温度变化$\Delta t_{AB}=(-10° C)-(-20° C)=10° C$，加热时间$2\mathrm{min}$；
CD段（液态）：温度变化$\Delta t_{CD}=(-5° C)-(-10° C)=5° C$，加热时间$4\mathrm{min}$；
取相同时间（如$2\mathrm{min}$），CD段温度变化为$\frac{5° C}{2}=2.5° C$，远小于AB段的$10° C$，故CD段比热容更大。
2. 判断BC段内能变化：
BC段是晶体的熔化过程，虽然温度保持不变，但物质持续吸收热量，因此内能变化（增加）。
3. 计算BC段吸收的热量：
先计算AB段吸收的热量：
$Q_{AB}=c_{AB}m\Delta t_{AB}=2×10^3\mathrm{J/(kg·° C)}×0.5\mathrm{kg}×10° C=1×10^4\mathrm{J}$；
AB段加热时间为$2\mathrm{min}$，单位时间吸收的热量：$q=\frac{Q_{AB}}{t_{AB}}=\frac{1×10^4\mathrm{J}}{2\mathrm{min}}=5×10^3\mathrm{J/min}$；
BC段的加热时间为$8\mathrm{min}-2\mathrm{min}=6\mathrm{min}$，故BC段吸收的热量：
$Q_{BC}=q× t_{BC}=5×10^3\mathrm{J/min}×6\mathrm{min}=3×10^4\mathrm{J}$。
【答案】
CD；变化；$3×10^4$
【知识点】
比热容、内能、热量计算
【点评】
本题结合温度-时间图像考查晶体熔化特点、比热容的理解及热量计算，需准确分析各段的状态、温度变化和时间，是热学基础知识点的综合应用。
【难度系数】
0.5
要解决本题，需结合晶体熔化的温度-时间图像特点、比热容公式$Q=cm\Delta t$及内能变化的判断方法。首先，不计热损失时，相同加热时间内物质吸收的热量相同；晶体熔化时温度不变但持续吸热，内能增加；根据$Q=cm\Delta t$，质量相同、吸收热量相同时，温度变化越小，比热容越大。计算热量时，先通过AB段的热量和时间算出单位时间吸收的热量，再结合BC段的时间求吸收的热量。
【解析】
1. 判断比热容大小：
不计热损失，相同加热时间内物质吸收的热量$Q$相等，物质质量$m$不变。根据公式$Q=cm\Delta t$，变形得$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，$\Delta t$越小，比热容$c$越大。
AB段（固态）：温度变化$\Delta t_{AB}=(-10° C)-(-20° C)=10° C$，加热时间$2\mathrm{min}$；
CD段（液态）：温度变化$\Delta t_{CD}=(-5° C)-(-10° C)=5° C$，加热时间$4\mathrm{min}$；
取相同时间（如$2\mathrm{min}$），CD段温度变化为$\frac{5° C}{2}=2.5° C$，远小于AB段的$10° C$，故CD段比热容更大。
2. 判断BC段内能变化：
BC段是晶体的熔化过程，虽然温度保持不变，但物质持续吸收热量，因此内能变化（增加）。
3. 计算BC段吸收的热量：
先计算AB段吸收的热量：
$Q_{AB}=c_{AB}m\Delta t_{AB}=2×10^3\mathrm{J/(kg·° C)}×0.5\mathrm{kg}×10° C=1×10^4\mathrm{J}$；
AB段加热时间为$2\mathrm{min}$，单位时间吸收的热量：$q=\frac{Q_{AB}}{t_{AB}}=\frac{1×10^4\mathrm{J}}{2\mathrm{min}}=5×10^3\mathrm{J/min}$；
BC段的加热时间为$8\mathrm{min}-2\mathrm{min}=6\mathrm{min}$，故BC段吸收的热量：
$Q_{BC}=q× t_{BC}=5×10^3\mathrm{J/min}×6\mathrm{min}=3×10^4\mathrm{J}$。
【答案】
CD；变化；$3×10^4$
【知识点】
比热容、内能、热量计算
【点评】
本题结合温度-时间图像考查晶体熔化特点、比热容的理解及热量计算，需准确分析各段的状态、温度变化和时间，是热学基础知识点的综合应用。
【难度系数】
0.5
5.如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，棉花会立即燃烧.下压过程中活塞对筒内空气
做功
，空气的内
能增大，该能量转化过程与汽油机的压缩
冲程相同.答案
5.做功 内 压缩
解析
【分析】
要解答本题，需结合做功改变内能的原理和汽油机冲程的能量转化规律：首先明确下压活塞时活塞对空气的作用，再判断能量转化，最后对应汽油机的冲程类型。
【解析】
1. 下压活塞时，活塞对筒内的空气施加了力，且活塞在力的方向上移动了距离，因此活塞对筒内空气做功；
2. 做功可以改变物体的内能，外界对物体做功时，机械能转化为物体的内能，使物体的内能增大，所以筒内空气的内能增大，温度升高，达到棉花的着火点后棉花燃烧；
3. 汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气缸内的气体，将机械能转化为内能，与该实验的能量转化过程一致，因此该过程对应汽油机的压缩冲程。
【答案】
做功 内 压缩
【知识点】
做功改变内能 内能 汽油机冲程
【点评】
本题结合实验现象考查内能改变和汽油机冲程的基础知识点，侧重对核心概念的理解应用，属于常规基础题。
【难度系数】
0.8
要解答本题，需结合做功改变内能的原理和汽油机冲程的能量转化规律：首先明确下压活塞时活塞对空气的作用，再判断能量转化，最后对应汽油机的冲程类型。
【解析】
1. 下压活塞时，活塞对筒内的空气施加了力，且活塞在力的方向上移动了距离，因此活塞对筒内空气做功；
2. 做功可以改变物体的内能，外界对物体做功时，机械能转化为物体的内能，使物体的内能增大，所以筒内空气的内能增大，温度升高，达到棉花的着火点后棉花燃烧；
3. 汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气缸内的气体，将机械能转化为内能，与该实验的能量转化过程一致，因此该过程对应汽油机的压缩冲程。
【答案】
做功 内 压缩
【知识点】
做功改变内能 内能 汽油机冲程
【点评】
本题结合实验现象考查内能改变和汽油机冲程的基础知识点，侧重对核心概念的理解应用，属于常规基础题。
【难度系数】
0.8
6.(2025·大丰区模拟)下列说法正确的是（
A.物体的温度越高,含有的热量越多
B.物体的温度不变,其内能就一定不变
C.物体的内能增加,则一定是外界对物体做了功
D.内能是物体内所有分子动能和分子势能的总和
D
）A.物体的温度越高,含有的热量越多
B.物体的温度不变,其内能就一定不变
C.物体的内能增加,则一定是外界对物体做了功
D.内能是物体内所有分子动能和分子势能的总和
答案
6.D
解析
【分析】本题考查热学中内能、热量、温度的基本概念及相互关系，需逐一分析每个选项，结合各物理量的定义和影响因素，排除错误选项，确定正确答案。首先明确：热量是过程量，不能用“含有”描述；内能受温度、质量、状态等多种因素影响；改变内能的方式为做功和热传递；内能的定义是物体内所有分子动能与分子势能的总和。
【解析】A选项：热量是热传递过程中传递能量的多少，属于过程量，不能说物体“含有”热量，故A错误；B选项：内能的大小与温度、质量、状态等有关，例如晶体熔化时温度不变，但吸收热量，内能增加，因此温度不变时内能可能改变，故B错误；C选项：物体内能增加，可能是外界对物体做功，也可能是物体吸收了热量，并非只有做功这一种方式，故C错误；D选项：内能的定义就是物体内所有分子动能和分子势能的总和，故D正确。
【答案】D
【知识点】内能的概念、热量的概念、内能的改变
【点评】本题为热学基础概念题，重点考查内能、热量、温度的核心定义及联系，易错点在于热量的表述、内能的影响因素等，需准确区分各物理量的概念，难度适中。
【难度系数】0.6
【解析】A选项：热量是热传递过程中传递能量的多少，属于过程量，不能说物体“含有”热量，故A错误；B选项：内能的大小与温度、质量、状态等有关，例如晶体熔化时温度不变，但吸收热量，内能增加，因此温度不变时内能可能改变，故B错误；C选项：物体内能增加，可能是外界对物体做功，也可能是物体吸收了热量，并非只有做功这一种方式，故C错误；D选项：内能的定义就是物体内所有分子动能和分子势能的总和，故D正确。
【答案】D
【知识点】内能的概念、热量的概念、内能的改变
【点评】本题为热学基础概念题，重点考查内能、热量、温度的核心定义及联系，易错点在于热量的表述、内能的影响因素等，需准确区分各物理量的概念，难度适中。
【难度系数】0.6
7.(2024·临沂)2024年4月20日,我国研制的全球首款本体热效率达53.09%的柴油机正式亮相世界内燃机大会,刷新了柴油机热效率的世界纪录.下列内燃机的四个冲程中,汽缸内气体的内能最小的是 (
D
)答案
7.D
解析
【分析】要确定汽缸内气体内能最小的冲程，需先明确内燃机四个冲程的特征及各冲程的内能变化：根据气门状态、活塞运动方向判断每个图对应的冲程，再分析各冲程中气体内能的大小，最终找到内能最小的冲程。
【解析】逐个分析四个冲程：
1. 图A：两气门关闭，火花塞点火，活塞向下，是做功冲程，燃气燃烧释放内能，推动活塞做功，内能转化为机械能，内能减少，但此时是做功后的高温燃气，内能较大；
2. 图B：排气门打开，进气门关闭，活塞向上，是排气冲程，排出汽缸内的高温废气，此时汽缸内是即将排出的废气，内能较大；
3. 图C：两气门关闭，活塞向上，是压缩冲程，活塞压缩气体做功，机械能转化为内能，气体内能增大；
4. 图D：进气门打开，排气门关闭，活塞向下，是吸气冲程，吸入新鲜的混合气，此时气体未被压缩，温度低，内能最小。
综上，内能最小的是吸气冲程，对应图D。
【答案】D
【知识点】内燃机的四个冲程、内能的变化
【点评】本题结合内燃机四个冲程的图示，考查冲程判断和内能变化，需熟练掌握各冲程的气门、活塞特征，难度适中。
【难度系数】0.5
【解析】逐个分析四个冲程：
1. 图A：两气门关闭，火花塞点火，活塞向下，是做功冲程，燃气燃烧释放内能，推动活塞做功，内能转化为机械能，内能减少，但此时是做功后的高温燃气，内能较大；
2. 图B：排气门打开，进气门关闭，活塞向上，是排气冲程，排出汽缸内的高温废气，此时汽缸内是即将排出的废气，内能较大；
3. 图C：两气门关闭，活塞向上，是压缩冲程，活塞压缩气体做功，机械能转化为内能，气体内能增大；
4. 图D：进气门打开，排气门关闭，活塞向下，是吸气冲程，吸入新鲜的混合气，此时气体未被压缩，温度低，内能最小。
综上，内能最小的是吸气冲程，对应图D。
【答案】D
【知识点】内燃机的四个冲程、内能的变化
【点评】本题结合内燃机四个冲程的图示，考查冲程判断和内能变化，需熟练掌握各冲程的气门、活塞特征，难度适中。
【难度系数】0.5
