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1[2026湖北宜昌期中,中]实验小组利用如图甲所示电路测量小灯泡正常发光时的电阻,已知$R_0$的阻值为5 Ω,小灯泡的正常工作电压为2.5 V。
乙
(1)请用笔画线代替导线,将图甲中的电路连接完整。要求:滑片向左移,滑动变阻器连入电路的阻值增大;导线不能交叉。
(2)正确连接电路,闭合开关后,发现小灯泡不发光,且两个电流表的示数相同(接线均完好,导线无断路),故障是
(3)排除故障后,闭合开关,移动滑片,当电流表$A_2$示数为
乙
(1)请用笔画线代替导线,将图甲中的电路连接完整。要求:滑片向左移,滑动变阻器连入电路的阻值增大;导线不能交叉。
(2)正确连接电路,闭合开关后,发现小灯泡不发光,且两个电流表的示数相同(接线均完好,导线无断路),故障是
灯泡断路
。(3)排除故障后,闭合开关,移动滑片,当电流表$A_2$示数为
0.5
A时,说明小灯泡正常发光,此时电流表$A_1$示数如图乙所示,为0.8
A,则小灯泡此时的电阻为8.3
Ω(最后一空结果保留一位小数)。答案
(1)
(2) 灯泡断路
(3) 0.5 0.8 8.3
【解析】(1)滑片向左移,滑动变阻器连入电路的阻值增大,故变阻器右下接线柱连入电路中。(2)正确连接电路,闭合开关后,灯泡与定值电阻并联后再与变阻器串联,A₁测干路电流,A₂测通过定值电阻R₀的电流,根据并联电路电流的规律,A₁的示数应大于A₂的示数,发现小灯泡不发光,且两个电流表的示数相同(接线均完好,导线无断路),则故障是灯泡断路。(3)闭合开关,移动滑片,当灯两端的电压2.5 V时,灯正常发光,因并联电路各支路两端电压相等,故当观察到电流表A₂示数为$I_2=\frac{U_L}{R_0}=\frac{2.5\ \mathrm{V}}{5\ \Omega}=0.5\ \mathrm{A}$时,说明小灯泡正常发光;此时电流表A₁示数(大于0.5 A)如题图乙所示,故这个电流表选用0~3 A的量程,分度值为0.1 A,示数为0.8 A,由并联电路电流的规律可知,通过灯泡的电流为$I_L=I-I_2=0.8\ \mathrm{A}-0.5\ \mathrm{A}=0.3\ \mathrm{A}$,则小灯泡的电阻为$R_L=\frac{U_L}{I_L}=\frac{2.5\ \mathrm{V}}{0.3\ \mathrm{A}}\approx8.3\ \Omega$。
解析
【分析】
本题为测量小灯泡正常发光时电阻的实验题，分三小问：
1. 电路连接：根据滑动变阻器“滑片左移时阻值增大”的要求，结合滑动变阻器“一上一下”的接线规则，确定接入的接线柱，保证导线不交叉完成连接。
2. 故障分析：先明确电路结构（灯泡与R₀并联，A₁测干路电流，A₂测R₀支路电流），正常时干路电流大于支路电流；两表示数相同且灯泡不发光，说明灯泡支路断路，导致干路电流等于R₀支路电流。
3. 物理量计算：灯泡正常发光时电压为2.5V，并联电路电压相等，据此计算A₂的示数；读取A₁的示数，结合并联电流规律算出灯泡电流，再用欧姆定律计算灯泡电阻。
【解析】
(1) 滑动变阻器要求滑片向左移时连入阻值增大，需将滑动变阻器的右下接线柱接入电路，连接导线时不交叉，完成电路连接（对应参考答案的图）。
(2) 电路中灯泡与R₀并联，A₁测干路电流，A₂测R₀支路电流。正常情况下干路电流等于两支路电流之和，故A₁示数应大于A₂示数；现小灯泡不发光且两电流表示数相同，说明灯泡所在支路断路，故障为灯泡断路。
(3) 小灯泡正常发光时电压为2.5V，并联电路各支路电压相等，因此R₀两端电压为2.5V，此时A₂的示数：$I_2=\frac{U}{R_0}=\frac{2.5\ \mathrm{V}}{5\ \Omega}=0.5\ \mathrm{A}$；电流表A₁选用0~3A量程，分度值0.1A，示数为0.8A；根据并联电流规律，通过小灯泡的电流：$I_L=I - I_2=0.8\ \mathrm{A}-0.5\ \mathrm{A}=0.3\ \mathrm{A}$；小灯泡正常发光时的电阻：$R_L=\frac{U}{I_L}=\frac{2.5\ \mathrm{V}}{0.3\ \mathrm{A}}\approx8.3\ \Omega$。
【答案】
(1)
(2) 灯泡断路
(3) 0.5；0.8；8.3
【知识点】
伏安法测电阻、并联电路电流规律、滑动变阻器的使用
【点评】
本题考查测量小灯泡电阻的实验，涉及电路连接、故障分析、欧姆定律及并联电路规律的应用，综合性较强，需明确电路结构，熟练掌握电学基本规律。
【难度系数】
0.5
本题为测量小灯泡正常发光时电阻的实验题，分三小问：
1. 电路连接：根据滑动变阻器“滑片左移时阻值增大”的要求，结合滑动变阻器“一上一下”的接线规则，确定接入的接线柱，保证导线不交叉完成连接。
2. 故障分析：先明确电路结构（灯泡与R₀并联，A₁测干路电流，A₂测R₀支路电流），正常时干路电流大于支路电流；两表示数相同且灯泡不发光，说明灯泡支路断路，导致干路电流等于R₀支路电流。
3. 物理量计算：灯泡正常发光时电压为2.5V，并联电路电压相等，据此计算A₂的示数；读取A₁的示数，结合并联电流规律算出灯泡电流，再用欧姆定律计算灯泡电阻。
【解析】
(1) 滑动变阻器要求滑片向左移时连入阻值增大，需将滑动变阻器的右下接线柱接入电路，连接导线时不交叉，完成电路连接（对应参考答案的图）。
(2) 电路中灯泡与R₀并联，A₁测干路电流，A₂测R₀支路电流。正常情况下干路电流等于两支路电流之和，故A₁示数应大于A₂示数；现小灯泡不发光且两电流表示数相同，说明灯泡所在支路断路，故障为灯泡断路。
(3) 小灯泡正常发光时电压为2.5V，并联电路各支路电压相等，因此R₀两端电压为2.5V，此时A₂的示数：$I_2=\frac{U}{R_0}=\frac{2.5\ \mathrm{V}}{5\ \Omega}=0.5\ \mathrm{A}$；电流表A₁选用0~3A量程，分度值0.1A，示数为0.8A；根据并联电流规律，通过小灯泡的电流：$I_L=I - I_2=0.8\ \mathrm{A}-0.5\ \mathrm{A}=0.3\ \mathrm{A}$；小灯泡正常发光时的电阻：$R_L=\frac{U}{I_L}=\frac{2.5\ \mathrm{V}}{0.3\ \mathrm{A}}\approx8.3\ \Omega$。
【答案】
(1)
(2) 灯泡断路
(3) 0.5；0.8；8.3
【知识点】
伏安法测电阻、并联电路电流规律、滑动变阻器的使用
【点评】
本题考查测量小灯泡电阻的实验，涉及电路连接、故障分析、欧姆定律及并联电路规律的应用，综合性较强，需明确电路结构，熟练掌握电学基本规律。
【难度系数】
0.5
2[2026四川眉山模拟,中]某物理兴趣小组在测待测电阻$ R_x $的阻值时,用实验室所提供的器材设计了如图所示电路图。闭合开关前,滑动变阻器的滑片P应调到
b
(填“a”或“b”)端。实验中调节滑动变阻器的滑片到某一位置,记录下此时电流表$ A_1 $、$ A_2 $的示数分别是$ I_1 $和$ I_2 $,则$ R_x $的表达式为$ R_x = $$\frac{I_2R_0}{I_1-I_2}$
(用$ I_1 $、$ I_2 $及$ R_0 $表示)。答案
2. $b$ $\frac{I_2R_0}{I_1-I_2}$
【解析】为了保护电路,闭合开关前,滑动变阻器的滑片P应处于阻值最大处,即滑动变阻器的滑片P应调到b端。由图可知,电阻$R_0$和$R_x$并联,电流表$A_2$测量通过电阻$R_0$的电流,电流表$A_1$测量干路电流,由并联电路电压的规律和欧姆定律可知$R_x$两端的电压$U_x=U_0=I_2R_0$,由并联电路电流的规律和欧姆定律可知$R_x$的阻值$R_x=\frac{U_x}{I_x}=\frac{I_2R_0}{I_1-I_2}$。
【解析】为了保护电路,闭合开关前,滑动变阻器的滑片P应处于阻值最大处,即滑动变阻器的滑片P应调到b端。由图可知,电阻$R_0$和$R_x$并联,电流表$A_2$测量通过电阻$R_0$的电流,电流表$A_1$测量干路电流,由并联电路电压的规律和欧姆定律可知$R_x$两端的电压$U_x=U_0=I_2R_0$,由并联电路电流的规律和欧姆定律可知$R_x$的阻值$R_x=\frac{U_x}{I_x}=\frac{I_2R_0}{I_1-I_2}$。
解析
【分析】
首先明确滑动变阻器的使用规则：闭合开关前，需将滑动变阻器调到阻值最大处，保护电路；再分析电路结构，确定R₀与Rx的连接方式及电流表的测量对象，结合并联电路的规律和欧姆定律推导Rx的表达式。
【解析】
1. 闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应调到阻值最大的位置。由图可知，滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，因此应调到b端。
2. 由电路图可知，R₀与Rx并联，电流表A₂测量通过R₀的电流，电流表A₁测量干路电流。根据并联电路的电压规律，各支路两端电压相等，因此Rx两端的电压等于R₀两端的电压，即$U_x = U_0 = I_2R_0$；根据并联电路的电流规律，干路电流等于各支路电流之和，因此通过Rx的电流$I_x = I_1 - I_2$。再根据欧姆定律$R = \frac{U}{I}$，可得Rx的阻值：$R_x = \frac{U_x}{I_x} = \frac{I_2R_0}{I_1 - I_2}$。
【答案】
b；$\frac{I_2R_0}{I_1-I_2}$
【知识点】
滑动变阻器的使用、并联电路特点、欧姆定律
【点评】
本题结合测电阻的实验，考查滑动变阻器的操作要求、并联电路的规律及欧姆定律的应用，关键是正确分析电路结构，明确各电表的测量对象，属于中等难度的基础题型。
【难度系数】
0.5
首先明确滑动变阻器的使用规则：闭合开关前，需将滑动变阻器调到阻值最大处，保护电路；再分析电路结构，确定R₀与Rx的连接方式及电流表的测量对象，结合并联电路的规律和欧姆定律推导Rx的表达式。
【解析】
1. 闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应调到阻值最大的位置。由图可知，滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，因此应调到b端。
2. 由电路图可知，R₀与Rx并联，电流表A₂测量通过R₀的电流，电流表A₁测量干路电流。根据并联电路的电压规律，各支路两端电压相等，因此Rx两端的电压等于R₀两端的电压，即$U_x = U_0 = I_2R_0$；根据并联电路的电流规律，干路电流等于各支路电流之和，因此通过Rx的电流$I_x = I_1 - I_2$。再根据欧姆定律$R = \frac{U}{I}$，可得Rx的阻值：$R_x = \frac{U_x}{I_x} = \frac{I_2R_0}{I_1 - I_2}$。
【答案】
b；$\frac{I_2R_0}{I_1-I_2}$
【知识点】
滑动变阻器的使用、并联电路特点、欧姆定律
【点评】
本题结合测电阻的实验，考查滑动变阻器的操作要求、并联电路的规律及欧姆定律的应用，关键是正确分析电路结构，明确各电表的测量对象，属于中等难度的基础题型。
【难度系数】
0.5
3[2025江西九江质检,中]某实验小组在做“伏安法测电阻”的实验时,发现缺少电压表,只有一个电流表和一个已知阻值为$R_0$的定值电阻,小鹭设计了如图所示的电路来测量未知电阻$R_x$的阻值,请将实验步骤补充完整:
①断开开关$S_2$,闭合开关$S$、$S_1$,读出并记录电流表示数$I_1$;
②,读出并记录电流表示数$I_2$;
③写出未知电阻$R_x$的阻值表达式:$R_x = \_\_\_\_\_\_$(用$I_1$、$I_2$和$R_0$表示)。
①断开开关$S_2$,闭合开关$S$、$S_1$,读出并记录电流表示数$I_1$;
②,读出并记录电流表示数$I_2$;
③写出未知电阻$R_x$的阻值表达式:$R_x = \_\_\_\_\_\_$(用$I_1$、$I_2$和$R_0$表示)。
答案
3. ②断开开关$S_1$,闭合开关$S$、$S_2$ ③$\frac{I_1R_0}{I_2-I_1}$
【解析】①断开开关$S_2$,闭合开关$S$、$S_1$,此时$R_0$、$R_x$并联,电流表测$R_0$支路的电流,读出并记录电流表示数$I_1$;②断开开关$S_1$,闭合开关$S$、$S_2$,此时$R_0$与$R_x$的连接方式不变,电流表改测干路电流,读出并记录电流表示数$I_2$;③根据并联电路电流规律可知,通过$R_x$的电流为$I_2-I_1$,根据并联分流规律可知,$\frac{R_x}{R_0}=\frac{I_1}{I_2-I_1}$,解得未知电阻$R_x$的阻值表达式:$R_x=\frac{I_1R_0}{I_2-I_1}$。
【解析】①断开开关$S_2$,闭合开关$S$、$S_1$,此时$R_0$、$R_x$并联,电流表测$R_0$支路的电流,读出并记录电流表示数$I_1$;②断开开关$S_1$,闭合开关$S$、$S_2$,此时$R_0$与$R_x$的连接方式不变,电流表改测干路电流,读出并记录电流表示数$I_2$;③根据并联电路电流规律可知,通过$R_x$的电流为$I_2-I_1$,根据并联分流规律可知,$\frac{R_x}{R_0}=\frac{I_1}{I_2-I_1}$,解得未知电阻$R_x$的阻值表达式:$R_x=\frac{I_1R_0}{I_2-I_1}$。
解析
【分析】
本题是利用并联电路特点和欧姆定律测量未知电阻的实验，因缺少电压表，需通过开关切换电流表测量不同电流，结合并联电路电压相等的规律推导未知电阻。第一步已测出定值电阻$R_0$的电流，接下来需测出干路电流，从而得到未知电阻$R_x$的电流，再利用并联电路电压相等的关系计算$R_x$。
【解析】
①断开开关$S_2$，闭合开关$S$、$S_1$时，$R_0$与$R_x$并联，电流表测$R_0$支路的电流，此时电流表示数$I_1$为通过$R_0$的电流，电源电压$U=I_1R_0$；
②断开开关$S_1$，闭合开关$S$、$S_2$，此时$R_0$与$R_x$仍并联，电流表测干路电流，读出电流表示数$I_2$，则通过$R_x$的电流为$I_2 - I_1$；
③根据并联电路电压相等，$R_x$两端电压等于$R_0$两端电压，即$I_1R_0=(I_2 - I_1)R_x$，解得$R_x=\frac{I_1R_0}{I_2 - I_1}$。
【答案】
②断开开关$S_1$，闭合开关$S$、$S_2$；③$\frac{I_1R_0}{I_2 - I_1}$
【知识点】
并联电路电流规律、欧姆定律、电阻的测量
【点评】
本题是缺电压表时测未知电阻的典型题型，利用并联电路电压相等的特点，通过开关切换电流表测量不同电流，结合欧姆定律推导未知电阻，考查学生对并联电路规律和欧姆定律的应用能力。
【难度系数】
0.5
本题是利用并联电路特点和欧姆定律测量未知电阻的实验，因缺少电压表，需通过开关切换电流表测量不同电流，结合并联电路电压相等的规律推导未知电阻。第一步已测出定值电阻$R_0$的电流，接下来需测出干路电流，从而得到未知电阻$R_x$的电流，再利用并联电路电压相等的关系计算$R_x$。
【解析】
①断开开关$S_2$，闭合开关$S$、$S_1$时，$R_0$与$R_x$并联，电流表测$R_0$支路的电流，此时电流表示数$I_1$为通过$R_0$的电流，电源电压$U=I_1R_0$；
②断开开关$S_1$，闭合开关$S$、$S_2$，此时$R_0$与$R_x$仍并联，电流表测干路电流，读出电流表示数$I_2$，则通过$R_x$的电流为$I_2 - I_1$；
③根据并联电路电压相等，$R_x$两端电压等于$R_0$两端电压，即$I_1R_0=(I_2 - I_1)R_x$，解得$R_x=\frac{I_1R_0}{I_2 - I_1}$。
【答案】
②断开开关$S_1$，闭合开关$S$、$S_2$；③$\frac{I_1R_0}{I_2 - I_1}$
【知识点】
并联电路电流规律、欧姆定律、电阻的测量
【点评】
本题是缺电压表时测未知电阻的典型题型，利用并联电路电压相等的特点，通过开关切换电流表测量不同电流，结合欧姆定律推导未知电阻，考查学生对并联电路规律和欧姆定律的应用能力。
【难度系数】
0.5
4[2025安徽合肥期中,中]某实验小组的同学利用一块电流表、最大阻值为$R_P$的滑动变阻器、未知阻值的定值电阻$R_x$、电源(电压恒定)、开关和若干导线进行实验(实验器材均可保证电路安全)。
(1)根据图乙电路图,请将图甲连接完整,保证当滑片P向右滑动时,电流表示数减小。
(2)小明在连接实物时,刚接上最后一根导线,电流表指针就偏转了,实验中他存在的问题是
(3)正确连接好电路后,小明发现没有电压表,认为无法测出定值电阻$R_x$的阻值;小亮说利用滑动变阻器便能测出定值电阻$R_x$的阻值,并按如下步骤进行实验:
①闭合开关S,调节滑动变阻器滑片位于最右端时,读出电流表的示数为$I_1$;
②闭合开关S,调节滑动变阻器滑片位于
③未知电阻$R_x$的阻值:$R_x=$
(1)根据图乙电路图,请将图甲连接完整,保证当滑片P向右滑动时,电流表示数减小。
(2)小明在连接实物时,刚接上最后一根导线,电流表指针就偏转了,实验中他存在的问题是
连接电路时开关没有断开
。(3)正确连接好电路后,小明发现没有电压表,认为无法测出定值电阻$R_x$的阻值;小亮说利用滑动变阻器便能测出定值电阻$R_x$的阻值,并按如下步骤进行实验:
①闭合开关S,调节滑动变阻器滑片位于最右端时,读出电流表的示数为$I_1$;
②闭合开关S,调节滑动变阻器滑片位于
最左端
时,读出电流表的示数为$I_2$;③未知电阻$R_x$的阻值:$R_x=$
$\frac{I_1R_P}{I_2-I_1}$
(用$R_P$、$I_1$和$I_2$表示)。答案
4. (1)
(2)连接电路时开关没有断开(3)②最左端 ③$\frac{I_1R_P}{I_2-I_1}$
【解析】(1)当滑片P向右滑动时,电流表示数减小,根据欧姆定律可知滑动变阻器连入电路的电阻变大,且由题图乙知滑动变阻器和$R_x$串联,所以应将变阻器左下接线柱接入电路中,如图所示。
(2)刚接上最后一根导线,电流表指针就偏转了,这是因为小明在连接电路时开关没有断开。
(3)①闭合开关S,调节滑动变阻器滑片位于最右端时,滑动变阻器全部电阻接入电路,读出电流表的示数为$I_1$,根据串联电路的特点和欧姆定律知,电源电压$U=I_1(R_x+R_P)$;②闭合开关S,调节滑动变阻器滑片位于最左端时,滑动变阻器接入电路的电阻为0,读出电流表的示数为$I_2$,根据欧姆定律知,电源电压$U=I_2R_x$;③电源电压不变,由以上两式可得$I_1(R_x+R_P)=I_2R_x$,解得$R_x=\frac{I_1R_P}{I_2-I_1}$。
解析
【分析】
1. 第(1)问：根据图乙，$R_x$与滑动变阻器串联，要求滑片P向右滑动时电流减小，由欧姆定律知总电阻需增大，故滑动变阻器接入电阻要变大。滑动变阻器采用“一上一下”接线，要使滑片右移电阻变大，需接左下接线柱，将$R_x$左端与滑动变阻器左下接线柱连接即可完成实物连接。
2. 第(2)问：连接电路时，刚接完导线电流表偏转，说明电路通路，原因是连接电路时开关未断开，这是电路连接的基本要求（连接时开关应断开）。
3. 第(3)问：无电压表时，利用滑动变阻器的最大、最小阻值和电源电压不变测$R_x$。滑片在最右端时，滑动变阻器全接入（阻值$R_P$），总电阻为$R_x+R_P$，电流$I_1$，得电源电压$U=I_1(R_x+R_P)$；滑片在最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，总电阻为$R_x$，电流$I_2$，得电源电压$U=I_2R_x$；联立两式可解$R_x$。
【解析】
(1) 由图乙知，$R_x$与滑动变阻器串联。要使滑片P向右滑动时电流表示数减小，电路总电阻需增大，因此滑动变阻器接入电阻应变大。根据滑动变阻器“一上一下”的接线原则，将滑动变阻器的左下接线柱接入电路，把$R_x$的左端与滑动变阻器的左下接线柱连接，完成实物电路连接。
(2) 连接电路时，刚接上最后一根导线电流表指针偏转，说明电路处于通路状态，原因是连接电路时开关没有断开。
(3) 实验利用电源电压不变，结合欧姆定律求解：
① 闭合开关S，滑片位于最右端时，滑动变阻器全部接入电路，阻值为$R_P$，电路总电阻为$R_x+R_P$，电流为$I_1$，根据欧姆定律得电源电压：$U = I_1(R_x + R_P)$；
② 闭合开关S，调节滑动变阻器滑片位于最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，电路总电阻为$R_x$，电流为$I_2$，此时电源电压：$U = I_2R_x$；
③ 由于电源电压不变，联立两式：$I_1(R_x + R_P) = I_2R_x$，整理得：$R_x = \frac{I_1R_P}{I_2 - I_1}$。
【答案】
(1)
(2) 连接电路时开关没有断开
(3) ②最左端；③$\frac{I_1R_P}{I_2-I_1}$
【知识点】
滑动变阻器的使用、欧姆定律的应用、电阻的测量
【点评】
本题为特殊方法测未知电阻的典型题，考查滑动变阻器接线规则、电路连接注意事项及欧姆定律的灵活运用，需理解串联电路特点和电源电压不变的条件，对实验设计能力有一定要求。
【难度系数】
0.5
1. 第(1)问：根据图乙，$R_x$与滑动变阻器串联，要求滑片P向右滑动时电流减小，由欧姆定律知总电阻需增大，故滑动变阻器接入电阻要变大。滑动变阻器采用“一上一下”接线，要使滑片右移电阻变大，需接左下接线柱，将$R_x$左端与滑动变阻器左下接线柱连接即可完成实物连接。
2. 第(2)问：连接电路时，刚接完导线电流表偏转，说明电路通路，原因是连接电路时开关未断开，这是电路连接的基本要求（连接时开关应断开）。
3. 第(3)问：无电压表时，利用滑动变阻器的最大、最小阻值和电源电压不变测$R_x$。滑片在最右端时，滑动变阻器全接入（阻值$R_P$），总电阻为$R_x+R_P$，电流$I_1$，得电源电压$U=I_1(R_x+R_P)$；滑片在最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，总电阻为$R_x$，电流$I_2$，得电源电压$U=I_2R_x$；联立两式可解$R_x$。
【解析】
(1) 由图乙知，$R_x$与滑动变阻器串联。要使滑片P向右滑动时电流表示数减小，电路总电阻需增大，因此滑动变阻器接入电阻应变大。根据滑动变阻器“一上一下”的接线原则，将滑动变阻器的左下接线柱接入电路，把$R_x$的左端与滑动变阻器的左下接线柱连接，完成实物电路连接。
(2) 连接电路时，刚接上最后一根导线电流表指针偏转，说明电路处于通路状态，原因是连接电路时开关没有断开。
(3) 实验利用电源电压不变，结合欧姆定律求解：
① 闭合开关S，滑片位于最右端时，滑动变阻器全部接入电路，阻值为$R_P$，电路总电阻为$R_x+R_P$，电流为$I_1$，根据欧姆定律得电源电压：$U = I_1(R_x + R_P)$；
② 闭合开关S，调节滑动变阻器滑片位于最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，电路总电阻为$R_x$，电流为$I_2$，此时电源电压：$U = I_2R_x$；
③ 由于电源电压不变，联立两式：$I_1(R_x + R_P) = I_2R_x$，整理得：$R_x = \frac{I_1R_P}{I_2 - I_1}$。
【答案】
(1)
(2) 连接电路时开关没有断开
(3) ②最左端；③$\frac{I_1R_P}{I_2-I_1}$
【知识点】
滑动变阻器的使用、欧姆定律的应用、电阻的测量
【点评】
本题为特殊方法测未知电阻的典型题，考查滑动变阻器接线规则、电路连接注意事项及欧姆定律的灵活运用，需理解串联电路特点和电源电压不变的条件，对实验设计能力有一定要求。
【难度系数】
0.5
