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9. [2026亳州模拟]下列家用电器正常工作时，
消耗电能最快的是 （
A.电风扇
B.液晶电视
C.电热水器
D.台灯
消耗电能最快的是 （
C
）A.电风扇
B.液晶电视
C.电热水器
D.台灯
答案
9.C
解析
【分析】要判断消耗电能的快慢，需明确电功率的物理意义：电功率是表示用电器消耗电能快慢的物理量，用电器正常工作时的功率等于额定功率，额定功率越大，消耗电能越快。接下来回忆各选项家用电器的额定功率，比较大小即可得出结论。
【解析】1. 明确电功率的物理意义：电功率是描述用电器消耗电能快慢的物理量，用电器正常工作时的功率为额定功率，额定功率越大，消耗电能越快。2. 列举各选项家用电器的额定功率：A.电风扇额定功率约50W；B.液晶电视额定功率约100W；C.电热水器额定功率约1000W以上；D.台灯额定功率约20W。3. 比较额定功率大小：1000W＞100W＞50W＞20W，电热水器的额定功率最大，因此消耗电能最快，故选C。
【答案】C
【知识点】电功率的物理意义、额定功率
【点评】本题考查电功率的基础概念，核心是理解电功率与消耗电能快慢的关系，结合常见家用电器的额定功率判断，属于基础识记类题目，难度较低。
【难度系数】0.8
【解析】1. 明确电功率的物理意义：电功率是描述用电器消耗电能快慢的物理量，用电器正常工作时的功率为额定功率，额定功率越大，消耗电能越快。2. 列举各选项家用电器的额定功率：A.电风扇额定功率约50W；B.液晶电视额定功率约100W；C.电热水器额定功率约1000W以上；D.台灯额定功率约20W。3. 比较额定功率大小：1000W＞100W＞50W＞20W，电热水器的额定功率最大，因此消耗电能最快，故选C。
【答案】C
【知识点】电功率的物理意义、额定功率
【点评】本题考查电功率的基础概念，核心是理解电功率与消耗电能快慢的关系，结合常见家用电器的额定功率判断，属于基础识记类题目，难度较低。
【难度系数】0.8
10. [2026 阜阳模拟]小灯泡 L 和定值电阻 R 的I-U图像如图所示,由图像可知 (
A.R 的阻值为 5 Ω
B.小灯泡的电阻随温度的升高而减小
C.只将 L 与 R 并联在电压为 2 V 的电路中,电路的总功率为 0.4 W
D.只将 L 与 R 串联在电压为 6 V 的电路中,电路的总功率为 1.2 W
D
)A.R 的阻值为 5 Ω
B.小灯泡的电阻随温度的升高而减小
C.只将 L 与 R 并联在电压为 2 V 的电路中,电路的总功率为 0.4 W
D.只将 L 与 R 串联在电压为 6 V 的电路中,电路的总功率为 1.2 W
答案
10.D
解析
【分析】
要解决这道题，需结合I-U图像，利用欧姆定律、串并联电路特点及电功率公式，逐一分析选项：
1. 定值电阻的I-U图像为直线，可通过图像点计算其阻值；
2. 小灯泡电阻随温度变化，可通过不同电压下的电流计算电阻判断变化规律；
3. 并联电路电压相等，总电流为各支路电流之和，总功率用P=UI计算；
4. 串联电路电流相等，总电压为各部分电压之和，需找到电流相同、电压和为总电压的点计算总功率。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：定值电阻R的I-U图像，取U=6V时I=0.3A，由欧姆定律得R=U/I=6V/0.3A=20Ω≠5Ω，A错误；
选项B：小灯泡L的I-U图像，U=2V时I=0.2A，电阻R_L1=2V/0.2A=10Ω；U=5V时I=0.25A，电阻R_L2=5V/0.25A=20Ω，电压升高时电阻增大，说明小灯泡电阻随温度升高而增大，B错误；
选项C：L与R并联在2V电路中，电压均为2V。由图像得R的电流I_R=0.1A，L的电流I_L=0.2A，总电流I总=0.1A+0.2A=0.3A，总功率P=UI总=2V×0.3A=0.6W≠0.4W，C错误；
选项D：L与R串联在6V电路中，电流相等，总电压为6V。观察图像，当电流I=0.2A时，R的电压U_R=4V，L的电压U_L=2V，总电压4V+2V=6V，符合条件。总功率P=U总I=6V×0.2A=1.2W，D正确。
【答案】
D
【知识点】
I-U图像应用、欧姆定律、电功率计算、串并联电路特点
【点评】
本题结合I-U图像考查电学综合知识，需熟练掌握串并联电路规律、欧姆定律及电功率公式，关键是从图像中提取对应电压和电流值，尤其是串联时找到电流相同、电压和为总电压的点，是解题核心。
【难度系数】
0.5
要解决这道题，需结合I-U图像，利用欧姆定律、串并联电路特点及电功率公式，逐一分析选项：
1. 定值电阻的I-U图像为直线，可通过图像点计算其阻值；
2. 小灯泡电阻随温度变化，可通过不同电压下的电流计算电阻判断变化规律；
3. 并联电路电压相等，总电流为各支路电流之和，总功率用P=UI计算；
4. 串联电路电流相等，总电压为各部分电压之和，需找到电流相同、电压和为总电压的点计算总功率。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：定值电阻R的I-U图像，取U=6V时I=0.3A，由欧姆定律得R=U/I=6V/0.3A=20Ω≠5Ω，A错误；
选项B：小灯泡L的I-U图像，U=2V时I=0.2A，电阻R_L1=2V/0.2A=10Ω；U=5V时I=0.25A，电阻R_L2=5V/0.25A=20Ω，电压升高时电阻增大，说明小灯泡电阻随温度升高而增大，B错误；
选项C：L与R并联在2V电路中，电压均为2V。由图像得R的电流I_R=0.1A，L的电流I_L=0.2A，总电流I总=0.1A+0.2A=0.3A，总功率P=UI总=2V×0.3A=0.6W≠0.4W，C错误；
选项D：L与R串联在6V电路中，电流相等，总电压为6V。观察图像，当电流I=0.2A时，R的电压U_R=4V，L的电压U_L=2V，总电压4V+2V=6V，符合条件。总功率P=U总I=6V×0.2A=1.2W，D正确。
【答案】
D
【知识点】
I-U图像应用、欧姆定律、电功率计算、串并联电路特点
【点评】
本题结合I-U图像考查电学综合知识，需熟练掌握串并联电路规律、欧姆定律及电功率公式，关键是从图像中提取对应电压和电流值，尤其是串联时找到电流相同、电压和为总电压的点，是解题核心。
【难度系数】
0.5
11. 新情境 电焊利用电流的热效应将焊条熔化，从而使金属部件连接在一起。某电焊机输出电压为40 V、输出功率为2 000 W。各种橡胶绝缘铜芯导线在常温下安全载流量（长时间通电时的最大安全电流）如下表所示。从安全角度考虑，可作为电焊机的输出导线的是（
A.2.5 mm²的导线
B.4 mm²的导线
C.6 mm²的导线
D.10 mm²的导线
D
）A.2.5 mm²的导线
B.4 mm²的导线
C.6 mm²的导线
D.10 mm²的导线
答案
11.D
解析
【分析】
要解决本题，需先利用电功率公式计算电焊机的工作电流，再结合表格中不同导线的安全载流量，选择安全载流量不小于工作电流的导线，保证用电安全。
【解析】
根据电功率公式 $ P = UI $，变形可得工作电流 $ I = \frac{P}{U} $。已知电焊机输出功率 $ P = 2000\ \mathrm{W} $，输出电压 $ U = 40\ \mathrm{V} $，代入计算：
$ I = \frac{2000\ \mathrm{W}}{40\ \mathrm{V}} = 50\ \mathrm{A} $。
对比表格中各导线的安全载流量：2.5 mm²导线安全载流量28A ＜50A，4 mm²导线安全载流量37A ＜50A，6 mm²导线安全载流量47A ＜50A，10 mm²导线安全载流量68A ＞50A，因此应选择10 mm²的导线。
【答案】
D
【知识点】
电功率计算、安全用电
【点评】
本题结合电焊的实际场景，考查电功率公式的应用和安全用电常识，需准确计算电流并对比表格数据，难度适中。
【难度系数】
0.5
要解决本题，需先利用电功率公式计算电焊机的工作电流，再结合表格中不同导线的安全载流量，选择安全载流量不小于工作电流的导线，保证用电安全。
【解析】
根据电功率公式 $ P = UI $，变形可得工作电流 $ I = \frac{P}{U} $。已知电焊机输出功率 $ P = 2000\ \mathrm{W} $，输出电压 $ U = 40\ \mathrm{V} $，代入计算：
$ I = \frac{2000\ \mathrm{W}}{40\ \mathrm{V}} = 50\ \mathrm{A} $。
对比表格中各导线的安全载流量：2.5 mm²导线安全载流量28A ＜50A，4 mm²导线安全载流量37A ＜50A，6 mm²导线安全载流量47A ＜50A，10 mm²导线安全载流量68A ＞50A，因此应选择10 mm²的导线。
【答案】
D
【知识点】
电功率计算、安全用电
【点评】
本题结合电焊的实际场景，考查电功率公式的应用和安全用电常识，需准确计算电流并对比表格数据，难度适中。
【难度系数】
0.5
12. [2026梅州模拟]小明家的厨房里安装的移动轨道插座可以让不同的用电器以
并联
（填“并联”或“串联”）的方式接入电路中。当接入电路中工作的用电器越多时，电路中的总电流越大
，电路消耗的总功率越大
。答案
12.并联；大；大
解析
【分析】首先回忆家庭电路的特点：用电器需要独立工作、互不影响，且额定电压等于电源电压，因此判断用电器的连接方式；再结合电功率公式分析用电器数量对总功率、总电流的影响。
【解析】1. 家庭电路中，为保证各用电器独立工作、互不影响，用电器需以并联方式接入电路，因此移动轨道插座接入用电器的方式为并联；2. 并联电路的总功率等于各用电器功率之和，接入的用电器越多，总功率越大；3. 根据电功率公式$P=UI$，家庭电路电压$U=220V$恒定，总功率$P$越大，电路中的总电流$I$越大。
【答案】并联；大；大
【知识点】家庭电路连接；电功率与电流的关系
【点评】本题结合生活中的移动轨道插座考查家庭电路的基础知识，难度较低，属于基础概念的应用，贴近生活实际。
【难度系数】0.8
【解析】1. 家庭电路中，为保证各用电器独立工作、互不影响，用电器需以并联方式接入电路，因此移动轨道插座接入用电器的方式为并联；2. 并联电路的总功率等于各用电器功率之和，接入的用电器越多，总功率越大；3. 根据电功率公式$P=UI$，家庭电路电压$U=220V$恒定，总功率$P$越大，电路中的总电流$I$越大。
【答案】并联；大；大
【知识点】家庭电路连接；电功率与电流的关系
【点评】本题结合生活中的移动轨道插座考查家庭电路的基础知识，难度较低，属于基础概念的应用，贴近生活实际。
【难度系数】0.8
13. [2025芜湖期末]两个定值电阻$R_1$、$R_2$的阻值之比为$2:3$，若将它们按如图甲所示的方式连接，$R_1$、$R_2$消耗的电功率之比为
2:3
；若按如图乙所示的方式连接，$R_1$、$R_2$消耗的电功率之比为3:2
。答案
13.2:3；3:2
解析
【分析】
首先判断甲、乙两图的电路连接：甲图为$R_1$与$R_2$串联，乙图为$R_1$与$R_2$并联。串联电路电流处处相等，并联电路各支路电压相等，结合电功率公式，串联时用$P=I^2R$推导功率比，并联时用$P=\frac{U^2}{R}$推导功率比，已知$R_1:R_2=2:3$，即可求出结果。
【解析】
甲图（串联）：
串联电路中电流$I$处处相等，根据电功率公式$P=I^2R$，可得$P_1=I^2R_1$，$P_2=I^2R_2$，因此功率之比$\frac{P_1}{P_2}=\frac{I^2R_1}{I^2R_2}=\frac{R_1}{R_2}=\frac{2}{3}$，即$2:3$。
乙图（并联）：
并联电路中各支路两端电压$U$相等，根据电功率公式$P=\frac{U^2}{R}$，可得$P_1=\frac{U^2}{R_1}$，$P_2=\frac{U^2}{R_2}$，因此功率之比$\frac{P_1}{P_2}=\frac{\frac{U^2}{R_1}}{\frac{U^2}{R_2}}=\frac{R_2}{R_1}=\frac{3}{2}$，即$3:2$。
【答案】
2:3；3:2
【知识点】
串联电路电功率、并联电路电功率、电功率公式
【点评】
本题考查串并联电路电功率的比值计算，核心是利用串并联电路的电流、电压特点，结合电功率公式推导，属于电学基础题型，需熟练掌握相关规律和公式。
【难度系数】
0.6
首先判断甲、乙两图的电路连接：甲图为$R_1$与$R_2$串联，乙图为$R_1$与$R_2$并联。串联电路电流处处相等，并联电路各支路电压相等，结合电功率公式，串联时用$P=I^2R$推导功率比，并联时用$P=\frac{U^2}{R}$推导功率比，已知$R_1:R_2=2:3$，即可求出结果。
【解析】
甲图（串联）：
串联电路中电流$I$处处相等，根据电功率公式$P=I^2R$，可得$P_1=I^2R_1$，$P_2=I^2R_2$，因此功率之比$\frac{P_1}{P_2}=\frac{I^2R_1}{I^2R_2}=\frac{R_1}{R_2}=\frac{2}{3}$，即$2:3$。
乙图（并联）：
并联电路中各支路两端电压$U$相等，根据电功率公式$P=\frac{U^2}{R}$，可得$P_1=\frac{U^2}{R_1}$，$P_2=\frac{U^2}{R_2}$，因此功率之比$\frac{P_1}{P_2}=\frac{\frac{U^2}{R_1}}{\frac{U^2}{R_2}}=\frac{R_2}{R_1}=\frac{3}{2}$，即$3:2$。
【答案】
2:3；3:2
【知识点】
串联电路电功率、并联电路电功率、电功率公式
【点评】
本题考查串并联电路电功率的比值计算，核心是利用串并联电路的电流、电压特点，结合电功率公式推导，属于电学基础题型，需熟练掌握相关规律和公式。
【难度系数】
0.6
14. [2026 无锡模拟]如图所示,电源电压$U=24\ \mathrm{V}$,定值电阻$R_0=4\ \Omega$,滑动变阻器的规格为“$20\ \Omega\ \ 2\ \mathrm{A}$”,电压表的测量范围为$0～15\ \mathrm{V}$。求:
(1)当电压表示数$U_0=6\ \mathrm{V}$时,通过定值电阻$R_0$的电流。
(2)电路消耗的最小电功率。
(1)当电压表示数$U_0=6\ \mathrm{V}$时,通过定值电阻$R_0$的电流。
(2)电路消耗的最小电功率。
答案
14.解：(1)定值电阻$R_0=4\ \Omega$，电压表测$R_0$两端电压，当电压表示数$U_0=6\ \mathrm{V}$时，通过定值电阻$R_0$的电流
$I_0=\frac{U_0}{R_0}=\frac{6\ \mathrm{V}}{4\ \Omega}=1.5\ \mathrm{A}$。
(2)当滑动变阻器连入电路的阻值最大时，电路的总电阻最大，电流最小，此时电路消耗的电功率最小，总电阻最大为
$R_{\mathrm{总最大}}=R_0+R_\mathrm{大}=4\ \Omega+20\ \Omega=24\ \Omega$，所以电路消耗的最小电功率$P_{\mathrm{最小}}=\frac{U^2}{R_{\mathrm{总最大}}}=\frac{(24\ \mathrm{V})^2}{24\ \Omega}=24\ \mathrm{W}$。
$I_0=\frac{U_0}{R_0}=\frac{6\ \mathrm{V}}{4\ \Omega}=1.5\ \mathrm{A}$。
(2)当滑动变阻器连入电路的阻值最大时，电路的总电阻最大，电流最小，此时电路消耗的电功率最小，总电阻最大为
$R_{\mathrm{总最大}}=R_0+R_\mathrm{大}=4\ \Omega+20\ \Omega=24\ \Omega$，所以电路消耗的最小电功率$P_{\mathrm{最小}}=\frac{U^2}{R_{\mathrm{总最大}}}=\frac{(24\ \mathrm{V})^2}{24\ \Omega}=24\ \mathrm{W}$。
解析
【分析】
本题电路为定值电阻$R_0$与滑动变阻器$R$串联，电压表测$R_0$两端电压。第(1)问已知$R_0$的阻值和其两端电压，直接用欧姆定律即可计算电流；第(2)问根据电功率公式$P=\frac{U^2}{R_{总}}$，电源电压不变时，总电阻越大总功率越小，结合串联电路总电阻规律，滑动变阻器接入最大阻值时总电阻最大，代入计算即可，同时需确认电路元件参数符合要求。
【解析】
(1) 由电路图可知，电压表测定值电阻$R_0$两端电压，根据欧姆定律$I=\frac{U}{R}$，通过$R_0$的电流为：
$I_0=\frac{U_0}{R_0}=\frac{6\ \mathrm{V}}{4\ \Omega}=1.5\ \mathrm{A}$。
(2) 串联电路总电阻$R_{总}=R_0+R$，电源电压$U=24\ \mathrm{V}$不变，由电功率公式$P=\frac{U^2}{R_{总}}$可知，总电阻越大，总功率越小。当滑动变阻器接入最大阻值$R_{大}=20\ \Omega$时，总电阻最大：
$R_{总最大}=R_0+R_{大}=4\ \Omega+20\ \Omega=24\ \Omega$，
此时电路消耗的最小电功率：
$P_{最小}=\frac{U^2}{R_{总最大}}=\frac{(24\ \mathrm{V})^2}{24\ \Omega}=24\ \mathrm{W}$。
【答案】
(1) $1.5\ \mathrm{A}$；(2) $24\ \mathrm{W}$
【知识点】
欧姆定律、串联电路电阻特点、电功率计算
【点评】
本题为电学基础计算题，考查串联电路规律、欧姆定律及电功率公式的应用，解题核心是明确总功率与总电阻的关系，结合电路元件额定参数确定滑动变阻器取值，难度适中，属于基础题型。
【难度系数】
0.6
本题电路为定值电阻$R_0$与滑动变阻器$R$串联，电压表测$R_0$两端电压。第(1)问已知$R_0$的阻值和其两端电压，直接用欧姆定律即可计算电流；第(2)问根据电功率公式$P=\frac{U^2}{R_{总}}$，电源电压不变时，总电阻越大总功率越小，结合串联电路总电阻规律，滑动变阻器接入最大阻值时总电阻最大，代入计算即可，同时需确认电路元件参数符合要求。
【解析】
(1) 由电路图可知，电压表测定值电阻$R_0$两端电压，根据欧姆定律$I=\frac{U}{R}$，通过$R_0$的电流为：
$I_0=\frac{U_0}{R_0}=\frac{6\ \mathrm{V}}{4\ \Omega}=1.5\ \mathrm{A}$。
(2) 串联电路总电阻$R_{总}=R_0+R$，电源电压$U=24\ \mathrm{V}$不变，由电功率公式$P=\frac{U^2}{R_{总}}$可知，总电阻越大，总功率越小。当滑动变阻器接入最大阻值$R_{大}=20\ \Omega$时，总电阻最大：
$R_{总最大}=R_0+R_{大}=4\ \Omega+20\ \Omega=24\ \Omega$，
此时电路消耗的最小电功率：
$P_{最小}=\frac{U^2}{R_{总最大}}=\frac{(24\ \mathrm{V})^2}{24\ \Omega}=24\ \mathrm{W}$。
【答案】
(1) $1.5\ \mathrm{A}$；(2) $24\ \mathrm{W}$
【知识点】
欧姆定律、串联电路电阻特点、电功率计算
【点评】
本题为电学基础计算题，考查串联电路规律、欧姆定律及电功率公式的应用，解题核心是明确总功率与总电阻的关系，结合电路元件额定参数确定滑动变阻器取值，难度适中，属于基础题型。
【难度系数】
0.6
15. 立德树人·国家科技进展 [2026 南通模拟]国产
某品牌新能源汽车拥有领先世界的“闪充”技术，闪充电压为 800 V，9 min 可将电池存储的电能从 10％提升至 97％，它配备的刀片电池可存储 60 kW·h 电能，则闪充功率是
若用家庭充电桩充电，电压为 220 V，电流为 30 A，充电效率为 80％，则存储的电能从 10％提升至 54％需要
某品牌新能源汽车拥有领先世界的“闪充”技术，闪充电压为 800 V，9 min 可将电池存储的电能从 10％提升至 97％，它配备的刀片电池可存储 60 kW·h 电能，则闪充功率是
348
kW，闪充电流是435
A。若用家庭充电桩充电，电压为 220 V，电流为 30 A，充电效率为 80％，则存储的电能从 10％提升至 54％需要
5
h；充电前电能表的示数如图所示，则完成上述充电后电能表的示数变为5 680.8
kW·h。答案
15.348；435；5；5 680.8
解析
【分析】
本题需分步骤计算四个物理量，解题时要明确各物理公式的应用，注意单位换算、充电效率的处理以及电能表的读数规则：先根据充电量和时间计算闪充功率，再由功率与电压求电流；接着结合充电效率和家庭充电桩参数算充电时间；最后根据电能表初始示数和消耗电能求最终示数。
【解析】
1. 计算闪充功率：
电池总存储电能为$60\ \mathrm{kW·h}$，充电量为：
$W_1 = 60\ \mathrm{kW·h} × (97\% - 10\%) = 52.2\ \mathrm{kW·h}$，
充电时间换算为小时：$t_1 = 9\ \mathrm{min} = \frac{9}{60}\ \mathrm{h} = 0.15\ \mathrm{h}$，
由功率公式$P = \frac{W}{t}$，得闪充功率：
$P_1 = \frac{W_1}{t_1} = \frac{52.2}{0.15} = 348\ \mathrm{kW}$。
2. 计算闪充电流：
由$P = UI$，得闪充电流：
$I_1 = \frac{P_1}{U_1} = \frac{348 × 10^3\ \mathrm{W}}{800\ \mathrm{V}} = 435\ \mathrm{A}$。
3. 计算家庭充电桩充电时间：
需存储的电能：$W_2 = 60\ \mathrm{kW·h} × (54\% - 10\%) = 26.4\ \mathrm{kW·h}$，
充电效率为80%，实际消耗的电能：$W_{\mathrm{实}} = \frac{W_2}{80\%} = \frac{26.4}{0.8} = 33\ \mathrm{kW·h}$，
家庭充电桩的功率：$P_2 = U_2I_2 = 220\ \mathrm{V} × 30\ \mathrm{A} = 6600\ \mathrm{W} = 6.6\ \mathrm{kW}$，
充电时间：$t_2 = \frac{W_{\mathrm{实}}}{P_2} = \frac{33}{6.6} = 5\ \mathrm{h}$。
4. 计算充电后电能表的示数：
充电前电能表示数为$5647.8\ \mathrm{kW·h}$，家庭充电消耗$33\ \mathrm{kW·h}$，故充电后示数为：
$5647.8 + 33 = 5680.8\ \mathrm{kW·h}$。
【答案】
348；435；5；5680.8
【知识点】
电功率计算、电能表读数、效率应用
【点评】
本题结合新能源汽车的实际应用场景，考查电功率、电能的相关计算，需要学生熟练掌握公式并注意单位换算，同时理解充电效率的含义，是物理知识在生活中的典型应用，难度适中。
【难度系数】
0.5
本题需分步骤计算四个物理量，解题时要明确各物理公式的应用，注意单位换算、充电效率的处理以及电能表的读数规则：先根据充电量和时间计算闪充功率，再由功率与电压求电流；接着结合充电效率和家庭充电桩参数算充电时间；最后根据电能表初始示数和消耗电能求最终示数。
【解析】
1. 计算闪充功率：
电池总存储电能为$60\ \mathrm{kW·h}$，充电量为：
$W_1 = 60\ \mathrm{kW·h} × (97\% - 10\%) = 52.2\ \mathrm{kW·h}$，
充电时间换算为小时：$t_1 = 9\ \mathrm{min} = \frac{9}{60}\ \mathrm{h} = 0.15\ \mathrm{h}$，
由功率公式$P = \frac{W}{t}$，得闪充功率：
$P_1 = \frac{W_1}{t_1} = \frac{52.2}{0.15} = 348\ \mathrm{kW}$。
2. 计算闪充电流：
由$P = UI$，得闪充电流：
$I_1 = \frac{P_1}{U_1} = \frac{348 × 10^3\ \mathrm{W}}{800\ \mathrm{V}} = 435\ \mathrm{A}$。
3. 计算家庭充电桩充电时间：
需存储的电能：$W_2 = 60\ \mathrm{kW·h} × (54\% - 10\%) = 26.4\ \mathrm{kW·h}$，
充电效率为80%，实际消耗的电能：$W_{\mathrm{实}} = \frac{W_2}{80\%} = \frac{26.4}{0.8} = 33\ \mathrm{kW·h}$，
家庭充电桩的功率：$P_2 = U_2I_2 = 220\ \mathrm{V} × 30\ \mathrm{A} = 6600\ \mathrm{W} = 6.6\ \mathrm{kW}$，
充电时间：$t_2 = \frac{W_{\mathrm{实}}}{P_2} = \frac{33}{6.6} = 5\ \mathrm{h}$。
4. 计算充电后电能表的示数：
充电前电能表示数为$5647.8\ \mathrm{kW·h}$，家庭充电消耗$33\ \mathrm{kW·h}$，故充电后示数为：
$5647.8 + 33 = 5680.8\ \mathrm{kW·h}$。
【答案】
348；435；5；5680.8
【知识点】
电功率计算、电能表读数、效率应用
【点评】
本题结合新能源汽车的实际应用场景，考查电功率、电能的相关计算，需要学生熟练掌握公式并注意单位换算，同时理解充电效率的含义，是物理知识在生活中的典型应用，难度适中。
【难度系数】
0.5
