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14. 如图所示为小明家 6 月初和 6 月底电能表的示数，则
(
A.小明家电路中允许的最大电流为$10{A}$
B.小明家 6 月底电能表的示数为$56478{kW· h}$
C.小明家 6 月份消耗的电能为$101.1{J}$
D.家庭电路消耗$0.2{kW· h}$电能, 该电能表上指示灯闪烁 320 次
(
D
)A.小明家电路中允许的最大电流为$10{A}$
B.小明家 6 月底电能表的示数为$56478{kW· h}$
C.小明家 6 月份消耗的电能为$101.1{J}$
D.家庭电路消耗$0.2{kW· h}$电能, 该电能表上指示灯闪烁 320 次
答案
D
解析
【分析】
要解决本题，需先明确电能表各参数的含义，再逐一分析每个选项：
1. 首先看电能表标注的“10(40)A”，其中10A是标定电流，40A是电路允许通过的最大电流，据此判断选项A；
2. 电能表的示数最后一位为小数位，单位是kW·h，据此判断选项B；
3. 计算当月消耗的电能，需用月底示数减去月初示数，注意单位换算，据此判断选项C；
4. 根据“1600imp/(kW·h)”的含义（每消耗1kW·h电能，指示灯闪烁1600次），计算消耗0.2kW·h电能时的闪烁次数，据此判断选项D。
【解析】
逐一分析选项：
选项A：电能表上“10(40)A”表示电路允许通过的最大电流为40A，而非10A，故A错误；
选项B：电能表的示数最后一位是小数位，6月底电能表的示数为$5647.8\ \mathrm{kW·h}$，不是$56478\ \mathrm{kW·h}$，故B错误；
选项C：6月份消耗的电能$W=W_{\mathrm{底}}-W_{\mathrm{初}}=5647.8\ \mathrm{kW·h}-5546.7\ \mathrm{kW·h}=101.1\ \mathrm{kW·h}$，换算为焦耳是$101.1×3.6×10^6\ \mathrm{J}=3.6396×10^8\ \mathrm{J}$，并非$101.1\ \mathrm{J}$，故C错误；
选项D：“$1600\ \mathrm{imp/(kW·h)}$”表示每消耗$1\ \mathrm{kW·h}$的电能，指示灯闪烁1600次，则消耗$0.2\ \mathrm{kW·h}$电能时，指示灯闪烁次数$n=1600\ \mathrm{imp/(kW·h)}×0.2\ \mathrm{kW·h}=320$次，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
电能表的读数与参数；电能的计算
【点评】
本题考查电能表的相关知识，重点在于理解电能表各参数的物理意义，以及电能的计算和单位换算，容易出错的点是忽略电能表的小数位、混淆标定电流与最大电流，以及单位换算错误，需仔细审题。
【难度系数】
0.7
要解决本题，需先明确电能表各参数的含义，再逐一分析每个选项：
1. 首先看电能表标注的“10(40)A”，其中10A是标定电流，40A是电路允许通过的最大电流，据此判断选项A；
2. 电能表的示数最后一位为小数位，单位是kW·h，据此判断选项B；
3. 计算当月消耗的电能，需用月底示数减去月初示数，注意单位换算，据此判断选项C；
4. 根据“1600imp/(kW·h)”的含义（每消耗1kW·h电能，指示灯闪烁1600次），计算消耗0.2kW·h电能时的闪烁次数，据此判断选项D。
【解析】
逐一分析选项：
选项A：电能表上“10(40)A”表示电路允许通过的最大电流为40A，而非10A，故A错误；
选项B：电能表的示数最后一位是小数位，6月底电能表的示数为$5647.8\ \mathrm{kW·h}$，不是$56478\ \mathrm{kW·h}$，故B错误；
选项C：6月份消耗的电能$W=W_{\mathrm{底}}-W_{\mathrm{初}}=5647.8\ \mathrm{kW·h}-5546.7\ \mathrm{kW·h}=101.1\ \mathrm{kW·h}$，换算为焦耳是$101.1×3.6×10^6\ \mathrm{J}=3.6396×10^8\ \mathrm{J}$，并非$101.1\ \mathrm{J}$，故C错误；
选项D：“$1600\ \mathrm{imp/(kW·h)}$”表示每消耗$1\ \mathrm{kW·h}$的电能，指示灯闪烁1600次，则消耗$0.2\ \mathrm{kW·h}$电能时，指示灯闪烁次数$n=1600\ \mathrm{imp/(kW·h)}×0.2\ \mathrm{kW·h}=320$次，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
电能表的读数与参数；电能的计算
【点评】
本题考查电能表的相关知识，重点在于理解电能表各参数的物理意义，以及电能的计算和单位换算，容易出错的点是忽略电能表的小数位、混淆标定电流与最大电流，以及单位换算错误，需仔细审题。
【难度系数】
0.7
15. 如图所示的用电器中, 工作时主要将电能转化为机械能的是
(
A.电熨斗
B.洗衣机
C.电水壶
D.电烙铁
(
B
)A.电熨斗
B.洗衣机
C.电水壶
D.电烙铁
答案
B
解析
【分析】
要解决这道题，首先需要明确每个用电器的工作原理以及对应的能量转化形式。解题思路是：先回忆电流的热效应类用电器的能量转化（电能转化为内能），再回忆电动机类用电器的能量转化（电能主要转化为机械能），然后逐个分析选项，找出符合“电能转化为机械能”的用电器。
第一步：明确各类用电器的能量转化特点，电流热效应的用电器是将电能转化为内能，而带有电动机的用电器主要将电能转化为机械能；
第二步：依次分析每个选项的能量转化：电熨斗、电水壶、电烙铁都是利用电流热效应工作，电能转化为内能；洗衣机依靠电动机工作，电能主要转化为机械能；
第三步：对比后确定符合题意的选项。
【解析】
逐一分析各选项：
A. 电熨斗：工作时利用电流的热效应，将电能转化为内能，不符合题意；
B. 洗衣机：工作时通过内部电动机运转，将电能主要转化为机械能，带动洗衣部件完成洗衣动作，符合题意；
C. 电水壶：利用电流热效应，将电能转化为内能来加热水，不符合题意；
D. 电烙铁：工作时将电能转化为内能，用于焊接作业，不符合题意。
因此，工作时主要将电能转化为机械能的是洗衣机。
【答案】
B
【知识点】
电能的转化；电流的热效应
【点评】
本题考查不同用电器的能量转化，重点区分利用电流热效应的用电器和电动机类用电器的能量转化差异，题目贴近生活，属于基础应用型题目，帮助学生将物理知识与生活实际联系起来。
【难度系数】
0.8
要解决这道题，首先需要明确每个用电器的工作原理以及对应的能量转化形式。解题思路是：先回忆电流的热效应类用电器的能量转化（电能转化为内能），再回忆电动机类用电器的能量转化（电能主要转化为机械能），然后逐个分析选项，找出符合“电能转化为机械能”的用电器。
第一步：明确各类用电器的能量转化特点，电流热效应的用电器是将电能转化为内能，而带有电动机的用电器主要将电能转化为机械能；
第二步：依次分析每个选项的能量转化：电熨斗、电水壶、电烙铁都是利用电流热效应工作，电能转化为内能；洗衣机依靠电动机工作，电能主要转化为机械能；
第三步：对比后确定符合题意的选项。
【解析】
逐一分析各选项：
A. 电熨斗：工作时利用电流的热效应，将电能转化为内能，不符合题意；
B. 洗衣机：工作时通过内部电动机运转，将电能主要转化为机械能，带动洗衣部件完成洗衣动作，符合题意；
C. 电水壶：利用电流热效应，将电能转化为内能来加热水，不符合题意；
D. 电烙铁：工作时将电能转化为内能，用于焊接作业，不符合题意。
因此，工作时主要将电能转化为机械能的是洗衣机。
【答案】
B
【知识点】
电能的转化；电流的热效应
【点评】
本题考查不同用电器的能量转化，重点区分利用电流热效应的用电器和电动机类用电器的能量转化差异，题目贴近生活，属于基础应用型题目，帮助学生将物理知识与生活实际联系起来。
【难度系数】
0.8
16. 同一用电器分别单独与下列不同规格的电能表连接, 用电器正常工作时, 电能表转盘转得最快的是
(
A
B
C
D
(
D
)A
B
C
D
答案
D
解析
【分析】
要解决此题，需理清电能表转盘转速的影响因素：
1. 首先明确电能表的核心参数意义：电能表上标注的“N r/(kW·h)”表示每消耗1kW·h的电能，转盘转过N圈。
2. 同一用电器正常工作时，其额定功率P相同，根据公式W=Pt，相同时间内消耗的电能W相同。
3. 消耗相同电能时，N值越大，转盘转过的圈数越多；相同时间内圈数越多，说明转盘转得越快。因此只需找出四个选项中N值最大的电能表，其转盘转得最快。
【解析】
1. 电能表参数“N r/(kW·h)”的物理意义：每消耗1kW·h的电能，电能表转盘转动N圈。
2. 同一用电器正常工作，额定功率P相同，由W=Pt可知，相同时间t内消耗的电能W相等。
3. 在消耗相同电能的情况下，电能表的N值越大，转盘转过的圈数越多；相同时间内，圈数越多意味着转盘转动速度越快。
4. 四个选项中，D选项的电能表N值最大，因此用电器正常工作时，该电能表转盘转得最快。
【答案】
D
【知识点】
电能表参数的物理意义、电能与转盘转数的关系
【点评】
本题聚焦电能表的核心参数理解，通过分析同一用电器正常工作时的功率特点，结合电能与转盘转数的关系判断转速快慢，考查对电能表基本参数的掌握，属于基础应用型题目，需准确把握参数的物理含义。
【难度系数】
0.7
要解决此题，需理清电能表转盘转速的影响因素：
1. 首先明确电能表的核心参数意义：电能表上标注的“N r/(kW·h)”表示每消耗1kW·h的电能，转盘转过N圈。
2. 同一用电器正常工作时，其额定功率P相同，根据公式W=Pt，相同时间内消耗的电能W相同。
3. 消耗相同电能时，N值越大，转盘转过的圈数越多；相同时间内圈数越多，说明转盘转得越快。因此只需找出四个选项中N值最大的电能表，其转盘转得最快。
【解析】
1. 电能表参数“N r/(kW·h)”的物理意义：每消耗1kW·h的电能，电能表转盘转动N圈。
2. 同一用电器正常工作，额定功率P相同，由W=Pt可知，相同时间t内消耗的电能W相等。
3. 在消耗相同电能的情况下，电能表的N值越大，转盘转过的圈数越多；相同时间内，圈数越多意味着转盘转动速度越快。
4. 四个选项中，D选项的电能表N值最大，因此用电器正常工作时，该电能表转盘转得最快。
【答案】
D
【知识点】
电能表参数的物理意义、电能与转盘转数的关系
【点评】
本题聚焦电能表的核心参数理解，通过分析同一用电器正常工作时的功率特点，结合电能与转盘转数的关系判断转速快慢，考查对电能表基本参数的掌握，属于基础应用型题目，需准确把握参数的物理含义。
【难度系数】
0.7
17. 小明家有一个容积为$2{L}$的电热水壶, 若将该电热水壶装满$20{°C}$水后单独接入家庭电路中, 电路中标有“$3000{imp/(kW· h)}$”字样的电能表指示灯在$2{min}$内闪烁了 126 次. 不计热量损失, 已知水的密度为$1.0×10^{3}{kg/m^{3}}$, 水的比热容为$4.2×10^{3}{J/(kg· °C)}$. 求：
(1)电热水壶消耗的电能.
(2)水升高的温度.
(1)电热水壶消耗的电能.
(2)水升高的温度.
答案
(1) 解：$W=\frac{126}{3000}\ \mathrm{kW}·\mathrm{h}=0.042\ \mathrm{kW}·\mathrm{h}=1.512×10^5\ \mathrm{J}$
(2) 解：水的质量$m=\rho V=1.0×10^3\ \mathrm{kg/m}^3×2×10^{-3}\ \mathrm{m}^3=2\ \mathrm{kg}$
由$Q=W=cm\Delta t$得，$\Delta t=\frac{W}{cm}=\frac{1.512×10^5\ \mathrm{J}}{4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×2\ \mathrm{kg}}=18\ \mathrm{℃}$
(2) 解：水的质量$m=\rho V=1.0×10^3\ \mathrm{kg/m}^3×2×10^{-3}\ \mathrm{m}^3=2\ \mathrm{kg}$
由$Q=W=cm\Delta t$得，$\Delta t=\frac{W}{cm}=\frac{1.512×10^5\ \mathrm{J}}{4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×2\ \mathrm{kg}}=18\ \mathrm{℃}$
解析
【分析】
1. 对于第一问，首先明确电能表参数“3000imp/(kW·h)”的物理意义：每消耗1kW·h的电能，电能表指示灯会闪烁3000次。已知指示灯实际闪烁126次，可通过比例关系计算出电热水壶消耗的电能，同时注意单位的正确换算。
2. 对于第二问，题目说明不计热量损失，因此电热水壶消耗的电能全部转化为水吸收的热量（即$W=Q_{\mathrm{吸}}$）。首先利用密度公式$\rho=\frac{m}{V}$计算出水的质量，再结合热量计算公式$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$变形，求解水升高的温度$\Delta t$。
【解析】
(1) 计算电热水壶消耗的电能：
已知电能表参数为$3000\ \mathrm{imp/(kW·h)}$，表示每消耗$1\ \mathrm{kW·h}$的电能，指示灯闪烁3000次。
则闪烁126次消耗的电能：
$W=\frac{126}{3000}\ \mathrm{kW·h}=0.042\ \mathrm{kW·h}$
进行单位换算：$0.042\ \mathrm{kW·h}=0.042×3.6×10^6\ \mathrm{J}=1.512×10^5\ \mathrm{J}$
(2) 计算水升高的温度：
① 先求水的质量：
水的体积$V=2\ \mathrm{L}=2×10^{-3}\ \mathrm{m}^3$，根据密度公式$\rho=\frac{m}{V}$，变形得：
$m=\rho V=1.0×10^3\ \mathrm{kg/m}^3×2×10^{-3}\ \mathrm{m}^3=2\ \mathrm{kg}$
② 不计热量损失，水吸收的热量等于消耗的电能，即$Q_{\mathrm{吸}}=W=1.512×10^5\ \mathrm{J}$
根据热量公式$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$，变形可得水升高的温度：
$\Delta t=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{cm}=\frac{1.512×10^5\ \mathrm{J}}{4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×2\ \mathrm{kg}}=18\ \mathrm{℃}$
【答案】
(1) 电热水壶消耗的电能为$\boldsymbol{1.512×10^5\ \mathrm{J}}$（或$\boldsymbol{0.042\ \mathrm{kW·h}}$）；
(2) 水升高的温度为$\boldsymbol{18\ \mathrm{℃}}$。
【知识点】
电能表参数应用、密度公式计算、比热容热量计算
【点评】
本题是电学与热学的综合应用题，结合了电能与内能的转化，重点考查了电能表参数的理解、密度公式和比热容公式的灵活应用，是对基础公式与概念的综合考查，需要学生理清能量转化关系，准确代入数据计算。
【难度系数】
0.7
1. 对于第一问，首先明确电能表参数“3000imp/(kW·h)”的物理意义：每消耗1kW·h的电能，电能表指示灯会闪烁3000次。已知指示灯实际闪烁126次，可通过比例关系计算出电热水壶消耗的电能，同时注意单位的正确换算。
2. 对于第二问，题目说明不计热量损失，因此电热水壶消耗的电能全部转化为水吸收的热量（即$W=Q_{\mathrm{吸}}$）。首先利用密度公式$\rho=\frac{m}{V}$计算出水的质量，再结合热量计算公式$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$变形，求解水升高的温度$\Delta t$。
【解析】
(1) 计算电热水壶消耗的电能：
已知电能表参数为$3000\ \mathrm{imp/(kW·h)}$，表示每消耗$1\ \mathrm{kW·h}$的电能，指示灯闪烁3000次。
则闪烁126次消耗的电能：
$W=\frac{126}{3000}\ \mathrm{kW·h}=0.042\ \mathrm{kW·h}$
进行单位换算：$0.042\ \mathrm{kW·h}=0.042×3.6×10^6\ \mathrm{J}=1.512×10^5\ \mathrm{J}$
(2) 计算水升高的温度：
① 先求水的质量：
水的体积$V=2\ \mathrm{L}=2×10^{-3}\ \mathrm{m}^3$，根据密度公式$\rho=\frac{m}{V}$，变形得：
$m=\rho V=1.0×10^3\ \mathrm{kg/m}^3×2×10^{-3}\ \mathrm{m}^3=2\ \mathrm{kg}$
② 不计热量损失，水吸收的热量等于消耗的电能，即$Q_{\mathrm{吸}}=W=1.512×10^5\ \mathrm{J}$
根据热量公式$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$，变形可得水升高的温度：
$\Delta t=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{cm}=\frac{1.512×10^5\ \mathrm{J}}{4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×2\ \mathrm{kg}}=18\ \mathrm{℃}$
【答案】
(1) 电热水壶消耗的电能为$\boldsymbol{1.512×10^5\ \mathrm{J}}$（或$\boldsymbol{0.042\ \mathrm{kW·h}}$）；
(2) 水升高的温度为$\boldsymbol{18\ \mathrm{℃}}$。
【知识点】
电能表参数应用、密度公式计算、比热容热量计算
【点评】
本题是电学与热学的综合应用题，结合了电能与内能的转化，重点考查了电能表参数的理解、密度公式和比热容公式的灵活应用，是对基础公式与概念的综合考查，需要学生理清能量转化关系，准确代入数据计算。
【难度系数】
0.7
