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1. (镇江句容期末)如图所示,一起重机从a处由静止开始竖直向上吊起一重物,吊起过程中起重机对重物的拉力功率保持不变,重物向上分别经过b、c两处且ab段与bc段距离相同,不考虑空气阻力,在重物上升过程中,下列说法正确的是 （
A.重物可能先加速再减速
B.拉力在ab段对重物所做的功等于在bc段对重物所做的功
C.重物经过ab段所用的时间大于经过bc段所用的时间
D.重物的动能转化为重力势能
C
）A.重物可能先加速再减速
B.拉力在ab段对重物所做的功等于在bc段对重物所做的功
C.重物经过ab段所用的时间大于经过bc段所用的时间
D.重物的动能转化为重力势能
答案
由P=Fv知，竖直向上吊起过程中，开始速度小，拉力大，大于重力做加速运动，而速度足够大时，拉力等于重力，物体匀速运动，拉力不再减小，故重物先加速再匀速；ab段与bc段距离相同，ab段的平均速度小于bc段的平均速度，因此经过ab段所用的时间大于经过bc段所用的时间；由于拉力功率保持不变，故拉力在ab段对重物所做的功大于在bc段对重物所做的功；重物的动能先变大后不变，因而动能没有减小而转化为其他能。
解析
【分析】
要解决这道题，需结合功率公式$P=Fv$分析拉力变化，进而判断重物的运动状态；再结合平均速度、功的计算分析各选项。起重机对重物的拉力功率$P$保持不变，由$P=Fv$可得拉力$F=\frac{P}{v}$：重物从$a$处由静止开始上升时，初始速度小，拉力大于重力，重物向上加速；随着速度增大，拉力逐渐减小，当拉力等于重力时，重物匀速运动，因此重物先加速后匀速。接下来逐一分析选项：A判断运动状态，B分析拉力做功，C比较运动时间，D分析能量转化。
【解析】
1. 判断重物运动状态：由$P=Fv$，功率$P$不变，重物上升时，初始速度小，拉力$F=\frac{P}{v}＞G$（重力），合力向上，重物加速；速度增大后，$F$减小，当$F=G$时，合力为零，重物匀速，故重物先加速后匀速，不会减速，A错误。
2. 分析拉力做功：功的计算公式为$W=Pt$，$P$不变。$ab$段与$bc$段距离相同，但$ab$段重物做加速运动，平均速度小于$bc$段，因此$ab$段运动时间$t_{ab}＞t_{bc}$，故$W_{ab}=P· t_{ab}＞W_{bc}=P· t_{bc}$，B错误。
3. 比较运动时间：$ab$段重物加速，速度逐渐增大，相同距离$s$下，平均速度$\bar{v}_{ab}＜\bar{v}_{bc}$，由$t=\frac{s}{\bar{v}}$可知，$s$相同，平均速度越小，时间越长，故$t_{ab}＞t_{bc}$，C正确。
4. 分析能量转化：重物动能先增大（加速时）后不变（匀速时），重力势能一直增大，能量来自起重机拉力做功，并非动能转化为重力势能，D错误。
【答案】
C
【知识点】
功率与速度关系、功的计算、运动快慢比较
【点评】
本题结合起重机吊重物的实际场景，考查功率公式的应用、运动状态分析及能量转化，需明确功率不变时拉力与速度的关系，结合平均速度判断运动时间，易错点是对运动状态和能量转化的理解。
【难度系数】
0.5
要解决这道题，需结合功率公式$P=Fv$分析拉力变化，进而判断重物的运动状态；再结合平均速度、功的计算分析各选项。起重机对重物的拉力功率$P$保持不变，由$P=Fv$可得拉力$F=\frac{P}{v}$：重物从$a$处由静止开始上升时，初始速度小，拉力大于重力，重物向上加速；随着速度增大，拉力逐渐减小，当拉力等于重力时，重物匀速运动，因此重物先加速后匀速。接下来逐一分析选项：A判断运动状态，B分析拉力做功，C比较运动时间，D分析能量转化。
【解析】
1. 判断重物运动状态：由$P=Fv$，功率$P$不变，重物上升时，初始速度小，拉力$F=\frac{P}{v}＞G$（重力），合力向上，重物加速；速度增大后，$F$减小，当$F=G$时，合力为零，重物匀速，故重物先加速后匀速，不会减速，A错误。
2. 分析拉力做功：功的计算公式为$W=Pt$，$P$不变。$ab$段与$bc$段距离相同，但$ab$段重物做加速运动，平均速度小于$bc$段，因此$ab$段运动时间$t_{ab}＞t_{bc}$，故$W_{ab}=P· t_{ab}＞W_{bc}=P· t_{bc}$，B错误。
3. 比较运动时间：$ab$段重物加速，速度逐渐增大，相同距离$s$下，平均速度$\bar{v}_{ab}＜\bar{v}_{bc}$，由$t=\frac{s}{\bar{v}}$可知，$s$相同，平均速度越小，时间越长，故$t_{ab}＞t_{bc}$，C正确。
4. 分析能量转化：重物动能先增大（加速时）后不变（匀速时），重力势能一直增大，能量来自起重机拉力做功，并非动能转化为重力势能，D错误。
【答案】
C
【知识点】
功率与速度关系、功的计算、运动快慢比较
【点评】
本题结合起重机吊重物的实际场景，考查功率公式的应用、运动状态分析及能量转化，需明确功率不变时拉力与速度的关系，结合平均速度判断运动时间，易错点是对运动状态和能量转化的理解。
【难度系数】
0.5
2.（镇江京口期末）如图甲、乙、丙所示的实验装置完全相同。燃料质量相同，液体质量和初温均相同。同时点燃三套装置的燃料对液体进行加热，每隔半分钟记录液体升高的温度 $\Delta t$，直至燃料全部烧完。根据记录的数据，绘制出的图线如图丁所示。设燃料完全燃烧且放出的热量全被液体吸收，则
（
A.燃料燃尽时液体吸热之比为 $Q_{\mathrm{甲吸}}:Q_{\mathrm{乙吸}}:Q_{\mathrm{丙吸}}=15:8:6$
B.燃料的热值之比为 $q_{\mathrm{A}}:q_{\mathrm{B}}=3:5$
C.燃料燃尽时放热之比为 $Q_{\mathrm{甲放}}:Q_{\mathrm{乙放}}:Q_{\mathrm{丙放}}=3:3:2$
D.液体的比热容之比为 $c_1:c_2=15:8$
（
C
）A.燃料燃尽时液体吸热之比为 $Q_{\mathrm{甲吸}}:Q_{\mathrm{乙吸}}:Q_{\mathrm{丙吸}}=15:8:6$
B.燃料的热值之比为 $q_{\mathrm{A}}:q_{\mathrm{B}}=3:5$
C.燃料燃尽时放热之比为 $Q_{\mathrm{甲放}}:Q_{\mathrm{乙放}}:Q_{\mathrm{丙放}}=3:3:2$
D.液体的比热容之比为 $c_1:c_2=15:8$
答案
燃料燃尽时，液体吸热等于燃料放热，即$Q_{\mathrm{吸}}=Q_{\mathrm{放}}$，由于甲和乙的燃料种类和质量相同，故$Q_{\mathrm{甲放}}=Q_{\mathrm{乙放}}$，又因为甲和丙的液体种类和质量相同，由$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$得，$Q_{\mathrm{甲吸}}:Q_{\mathrm{丙吸}}=\Delta t_{\mathrm{甲}}:\Delta t_{\mathrm{丙}}=45\ °\mathrm{C}:30\ °\mathrm{C}=3:2$，故$Q_{\mathrm{甲吸}}:Q_{\mathrm{乙吸}}:Q_{\mathrm{丙吸}}=Q_{\mathrm{甲放}}:Q_{\mathrm{乙放}}:Q_{\mathrm{丙放}}=3:3:2$；由于燃料质量相同，则燃料的热值之比为$q_{\mathrm{A}}:q_{\mathrm{B}}=\dfrac{Q_{\mathrm{甲放}}}{m_{\mathrm{A}}}:\dfrac{Q_{\mathrm{丙放}}}{m_{\mathrm{B}}}=Q_{\mathrm{甲放}}:Q_{\mathrm{丙放}}=3:2$；由于液体的质量相同，则液体的比热容之比为$c_1:c_2=\dfrac{Q_{\mathrm{甲吸}}}{m· \Delta t_{\mathrm{甲}}}:\dfrac{Q_{\mathrm{乙吸}}}{m· \Delta t_{\mathrm{乙}}}=\Delta t_{\mathrm{乙}}:\Delta t_{\mathrm{甲}}=24\ °\mathrm{C}:45\ °\mathrm{C}=8:15$。
解析
【分析】
要解决本题，需结合实验的变量控制，利用热量公式$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$、燃料放热公式$Q_{\mathrm{放}}=mq$分析各物理量的关系：首先明确甲、乙用相同燃料，故燃料燃尽时放热相等；甲、丙用相同液体，吸热与温度变化成正比；再结合公式推导各选项的比值，判断对错。
【解析】
根据题意，燃料完全燃烧放出的热量全被液体吸收，即$Q_{\mathrm{吸}}=Q_{\mathrm{放}}$。
1. 甲、乙的燃料均为A，质量相同，因此燃料燃尽时$Q_{\mathrm{甲放}}=Q_{\mathrm{乙放}}$，对应液体吸热$Q_{\mathrm{甲吸}}=Q_{\mathrm{乙吸}}$；
2. 甲、丙的液体均为1，质量$m$相同，由$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$得：$\frac{Q_{\mathrm{甲吸}}}{Q_{\mathrm{丙吸}}}=\frac{c_1 m \Delta t_{\mathrm{甲}}}{c_1 m \Delta t_{\mathrm{丙}}}=\frac{\Delta t_{\mathrm{甲}}}{\Delta t_{\mathrm{丙}}}=\frac{45°\mathrm{C}}{30°\mathrm{C}}=\frac{3}{2}$，因此$Q_{\mathrm{甲吸}}:Q_{\mathrm{乙吸}}:Q_{\mathrm{丙吸}}=Q_{\mathrm{甲放}}:Q_{\mathrm{乙放}}:Q_{\mathrm{丙放}}=3:3:2$，故选项A（15:8:6）错误，选项C正确；
3. 燃料质量$m$相同，热值$q=\frac{Q_{\mathrm{放}}}{m}$，则$\frac{q_{\mathrm{A}}}{q_{\mathrm{B}}}=\frac{Q_{\mathrm{甲放}}/m}{Q_{\mathrm{丙放}}/m}=\frac{Q_{\mathrm{甲放}}}{Q_{\mathrm{丙放}}}=\frac{3}{2}$，选项B（3:5）错误；
4. 甲、乙液体质量$m$相同，吸热$Q_{\mathrm{甲吸}}=Q_{\mathrm{乙吸}}$，由$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$得：$c_1 m \Delta t_{\mathrm{甲}}=c_2 m \Delta t_{\mathrm{乙}}$，故$\frac{c_1}{c_2}=\frac{\Delta t_{\mathrm{乙}}}{\Delta t_{\mathrm{甲}}}=\frac{24°\mathrm{C}}{45°\mathrm{C}}=\frac{8}{15}$，选项D（15:8）错误。
【答案】
C
【知识点】
热量计算、热值、比热容
【点评】
本题通过实验装置控制变量，结合热量公式推导物理量比值，关键是明确相同燃料的放热关系、相同液体的吸热关系，需熟练应用公式和控制变量法分析问题。
【难度系数】
0.5
要解决本题，需结合实验的变量控制，利用热量公式$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$、燃料放热公式$Q_{\mathrm{放}}=mq$分析各物理量的关系：首先明确甲、乙用相同燃料，故燃料燃尽时放热相等；甲、丙用相同液体，吸热与温度变化成正比；再结合公式推导各选项的比值，判断对错。
【解析】
根据题意，燃料完全燃烧放出的热量全被液体吸收，即$Q_{\mathrm{吸}}=Q_{\mathrm{放}}$。
1. 甲、乙的燃料均为A，质量相同，因此燃料燃尽时$Q_{\mathrm{甲放}}=Q_{\mathrm{乙放}}$，对应液体吸热$Q_{\mathrm{甲吸}}=Q_{\mathrm{乙吸}}$；
2. 甲、丙的液体均为1，质量$m$相同，由$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$得：$\frac{Q_{\mathrm{甲吸}}}{Q_{\mathrm{丙吸}}}=\frac{c_1 m \Delta t_{\mathrm{甲}}}{c_1 m \Delta t_{\mathrm{丙}}}=\frac{\Delta t_{\mathrm{甲}}}{\Delta t_{\mathrm{丙}}}=\frac{45°\mathrm{C}}{30°\mathrm{C}}=\frac{3}{2}$，因此$Q_{\mathrm{甲吸}}:Q_{\mathrm{乙吸}}:Q_{\mathrm{丙吸}}=Q_{\mathrm{甲放}}:Q_{\mathrm{乙放}}:Q_{\mathrm{丙放}}=3:3:2$，故选项A（15:8:6）错误，选项C正确；
3. 燃料质量$m$相同，热值$q=\frac{Q_{\mathrm{放}}}{m}$，则$\frac{q_{\mathrm{A}}}{q_{\mathrm{B}}}=\frac{Q_{\mathrm{甲放}}/m}{Q_{\mathrm{丙放}}/m}=\frac{Q_{\mathrm{甲放}}}{Q_{\mathrm{丙放}}}=\frac{3}{2}$，选项B（3:5）错误；
4. 甲、乙液体质量$m$相同，吸热$Q_{\mathrm{甲吸}}=Q_{\mathrm{乙吸}}$，由$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$得：$c_1 m \Delta t_{\mathrm{甲}}=c_2 m \Delta t_{\mathrm{乙}}$，故$\frac{c_1}{c_2}=\frac{\Delta t_{\mathrm{乙}}}{\Delta t_{\mathrm{甲}}}=\frac{24°\mathrm{C}}{45°\mathrm{C}}=\frac{8}{15}$，选项D（15:8）错误。
【答案】
C
【知识点】
热量计算、热值、比热容
【点评】
本题通过实验装置控制变量，结合热量公式推导物理量比值，关键是明确相同燃料的放热关系、相同液体的吸热关系，需熟练应用公式和控制变量法分析问题。
【难度系数】
0.5
3. (镇江丹阳期末)小华自制电子温度计,其原理如图甲所示,$R_t$是热敏电阻,$R_0$是定值电阻,电流表的量程是0~0.6 A,电源电压$U$保持不变。在$0∼100\ °\mathrm{C}$范围内,$R_t$的阻值与温度$t$成一次函数关系,其图像如图乙所示。将电流表表盘改装成温度计表盘如图丙所示,下列说法正确的是 （
A.电源电压$U=4.5\ \mathrm{V}$
B."$100\ °\mathrm{C}$"应标在$0.1\ \mathrm{A}$刻度处
C.改装后的温度计表盘刻度是均匀的
D.用0~3 V量程的电压表并联在$R_t$两端,若将其改装成温度计表盘,则最大测量值为$20\ °\mathrm{C}$
B
）A.电源电压$U=4.5\ \mathrm{V}$
B."$100\ °\mathrm{C}$"应标在$0.1\ \mathrm{A}$刻度处
C.改装后的温度计表盘刻度是均匀的
D.用0~3 V量程的电压表并联在$R_t$两端,若将其改装成温度计表盘,则最大测量值为$20\ °\mathrm{C}$
答案
设$R_t$的阻值与温度$t$的关系为$R_t=kt+b({\Omega})$，由图乙可知，当$t_0=0\ °\mathrm{C}$时，$R_{t_0}=2\ {\Omega}$，当$t_1=10\ °\mathrm{C}$时，$R_{t_1}=7\ {\Omega}$，代入可得：$k=\dfrac{1}{2}$，$b=2$，即$R_t=\dfrac{t}{2}+2({\Omega})$，所以当$t_2=40\ °\mathrm{C}$时，代入得$R_{t_2}=22\ {\Omega}$，由图丙可知，当温度为$0\ °\mathrm{C}$即$R_{t_0}=2\ {\Omega}$时，电路中的电流为0.6 A，当温度为$40\ °\mathrm{C}$即$R_{t_2}=22\ {\Omega}$时，电路中的电流为0.2 A，由于电源电压保持不变，则有$U=0.6\ \mathrm{A}×(R_0+2\ {\Omega})=0.2\ \mathrm{A}×(R_0+22\ {\Omega})$，解得$R_0=8\ {\Omega}$，$U=6\ \mathrm{V}$。当$t_3=100\ °\mathrm{C}$时，代入得$R_{t_3}=52\ {\Omega}$，此时电路中的电流$I=\dfrac{U}{R_0+R_{t_3}}=\dfrac{6\ \mathrm{V}}{8\ {\Omega}+52\ {\Omega}}=0.1\ \mathrm{A}$。由“$0\ °\mathrm{C}$”“$40\ °\mathrm{C}$”和“$100\ °\mathrm{C}$”在表盘上的位置可知，改装后的温度计表盘刻度是不均匀的。用0~3 V量程的电压表并联在$R_t$两端，则有$\dfrac{U_{\mathrm{大}}}{R_{t\mathrm{大}}}=\dfrac{U-U_{\mathrm{大}}}{R_0}$，即$\dfrac{3\ \mathrm{V}}{R_{t\mathrm{大}}}=\dfrac{6\ \mathrm{V}-3\ \mathrm{V}}{8\ {\Omega}}$，解得$R_{t\mathrm{大}}=8\ {\Omega}$，代入$R_t=\dfrac{t}{2}+2$得，$t_{\mathrm{大}}=12\ °\mathrm{C}$，即最大测量值为$12\ °\mathrm{C}$。
解析
【分析】
要解决这道题，需先确定热敏电阻$R_t$与温度$t$的关系，再结合欧姆定律和图丙的电流-温度对应关系求出电源电压$U$和定值电阻$R_0$，最后逐一分析各选项：
1. 由图乙的$R_t-t$图像，用待定系数法求出$R_t$与$t$的一次函数关系式；
2. 根据图丙中$0°\mathrm{C}$和$40°\mathrm{C}$对应的电流，结合电源电压不变，利用欧姆定律列方程，求出$R_0$和$U$；
3. 分别计算各选项对应的物理量，判断选项正误。
【解析】
1. 求$R_t$与$t$的关系：设$R_t=kt+b$，由图乙，当$t=0°\mathrm{C}$时，$R_t=2\ \Omega$，得$b=2$；当$t=10°\mathrm{C}$时，$R_t=7\ \Omega$，代入得$7=10k+2$，解得$k=\frac{1}{2}$，故$R_t=\frac{t}{2}+2$。
2. 求$R_0$和电源电压$U$：由图丙，$0°\mathrm{C}$时电流$I_1=0.6\ \mathrm{A}$，此时$R_t=2\ \Omega$，电路总电阻$R_{总1}=R_0+2\ \Omega$，故$U=I_1(R_0+2\ \Omega)=0.6(R_0+2)$；$40°\mathrm{C}$时电流$I_2=0.2\ \mathrm{A}$，此时$R_t=\frac{40}{2}+2=22\ \Omega$，总电阻$R_{总2}=R_0+22\ \Omega$，故$U=I_2(R_0+22\ \Omega)=0.2(R_0+22)$。联立两式：$0.6(R_0+2)=0.2(R_0+22)$，解得$R_0=8\ \Omega$，代入得$U=0.6×(8+2)=6\ \mathrm{V}$。
3. 分析选项：
A选项：电源电压$U=6\ \mathrm{V}≠4.5\ \mathrm{V}$，错误；
B选项：$t=100°\mathrm{C}$时，$R_t=\frac{100}{2}+2=52\ \Omega$，电路电流$I=\frac{U}{R_0+R_t}=\frac{6}{8+52}=0.1\ \mathrm{A}$，故$100°\mathrm{C}$应标在$0.1\ \mathrm{A}$刻度处，正确；
C选项：电路电流$I=\frac{U}{R_0+R_t}=\frac{6}{8+\frac{t}{2}+2}=\frac{6}{10+\frac{t}{2}}$，$I$与$t$不是线性关系，故表盘刻度不均匀，错误；
D选项：电压表并联在$R_t$两端，最大电压$U_{Rt大}=3\ \mathrm{V}$，此时$R_0$两端电压$U_{0大}=6-3=3\ \mathrm{V}$，串联电路电压相等，故$R_{t大}=R_0=8\ \Omega$，代入$R_t=\frac{t}{2}+2$得$8=\frac{t}{2}+2$，解得$t=12°\mathrm{C}≠20°\mathrm{C}$，错误。
【答案】
B
【知识点】
欧姆定律、串联电路规律、热敏电阻特性
【点评】
本题结合热敏电阻的阻值特性，考查欧姆定律在串联电路中的综合应用，关键是求出$R_t$与温度的关系及电源电压、定值电阻，需注意电流与温度的非线性关系对表盘刻度的影响，是一道综合性较强的电路题。
【难度系数】
0.5
要解决这道题，需先确定热敏电阻$R_t$与温度$t$的关系，再结合欧姆定律和图丙的电流-温度对应关系求出电源电压$U$和定值电阻$R_0$，最后逐一分析各选项：
1. 由图乙的$R_t-t$图像，用待定系数法求出$R_t$与$t$的一次函数关系式；
2. 根据图丙中$0°\mathrm{C}$和$40°\mathrm{C}$对应的电流，结合电源电压不变，利用欧姆定律列方程，求出$R_0$和$U$；
3. 分别计算各选项对应的物理量，判断选项正误。
【解析】
1. 求$R_t$与$t$的关系：设$R_t=kt+b$，由图乙，当$t=0°\mathrm{C}$时，$R_t=2\ \Omega$，得$b=2$；当$t=10°\mathrm{C}$时，$R_t=7\ \Omega$，代入得$7=10k+2$，解得$k=\frac{1}{2}$，故$R_t=\frac{t}{2}+2$。
2. 求$R_0$和电源电压$U$：由图丙，$0°\mathrm{C}$时电流$I_1=0.6\ \mathrm{A}$，此时$R_t=2\ \Omega$，电路总电阻$R_{总1}=R_0+2\ \Omega$，故$U=I_1(R_0+2\ \Omega)=0.6(R_0+2)$；$40°\mathrm{C}$时电流$I_2=0.2\ \mathrm{A}$，此时$R_t=\frac{40}{2}+2=22\ \Omega$，总电阻$R_{总2}=R_0+22\ \Omega$，故$U=I_2(R_0+22\ \Omega)=0.2(R_0+22)$。联立两式：$0.6(R_0+2)=0.2(R_0+22)$，解得$R_0=8\ \Omega$，代入得$U=0.6×(8+2)=6\ \mathrm{V}$。
3. 分析选项：
A选项：电源电压$U=6\ \mathrm{V}≠4.5\ \mathrm{V}$，错误；
B选项：$t=100°\mathrm{C}$时，$R_t=\frac{100}{2}+2=52\ \Omega$，电路电流$I=\frac{U}{R_0+R_t}=\frac{6}{8+52}=0.1\ \mathrm{A}$，故$100°\mathrm{C}$应标在$0.1\ \mathrm{A}$刻度处，正确；
C选项：电路电流$I=\frac{U}{R_0+R_t}=\frac{6}{8+\frac{t}{2}+2}=\frac{6}{10+\frac{t}{2}}$，$I$与$t$不是线性关系，故表盘刻度不均匀，错误；
D选项：电压表并联在$R_t$两端，最大电压$U_{Rt大}=3\ \mathrm{V}$，此时$R_0$两端电压$U_{0大}=6-3=3\ \mathrm{V}$，串联电路电压相等，故$R_{t大}=R_0=8\ \Omega$，代入$R_t=\frac{t}{2}+2$得$8=\frac{t}{2}+2$，解得$t=12°\mathrm{C}≠20°\mathrm{C}$，错误。
【答案】
B
【知识点】
欧姆定律、串联电路规律、热敏电阻特性
【点评】
本题结合热敏电阻的阻值特性，考查欧姆定律在串联电路中的综合应用，关键是求出$R_t$与温度的关系及电源电压、定值电阻，需注意电流与温度的非线性关系对表盘刻度的影响，是一道综合性较强的电路题。
【难度系数】
0.5
4.（镇江扬中期末）嫦娥五号返回器用类似“打水漂”的方式着陆地球，其着陆过程的部分轨迹简化为如图所示。$AB$段返回器的动能
变小
（填“变大”“不变”或“变小”）；$BC$段返回器的机械能不变
（填“变大”“不变”“变小”）；$CD$段返回器动能增加量小于
（填“大于”“等于”或“小于”）重力势能的减小量。答案
AB段，返回器的质量不变，高度变大，重力势能变大，是返回器的动能转化为重力势能，故返回器的动能变小；BC段没有受到空气的阻力，机械能是守恒的，保持不变；CD段，质量不变，高度变小，重力势能减小，速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能，由于克服空气阻力做功，一部分重力势能转化为内能，故CD段返回器动能增加量小于重力势能的减小量。
解析
【分析】
本题考查动能、重力势能的影响因素及机械能的转化规律，需分阶段分析返回器的受力与能量变化：首先明确动能与质量、速度有关，重力势能与质量、高度有关；机械能守恒的条件是只有重力做功，若存在阻力则机械能会转化为内能。
【解析】
1. AB段：返回器质量不变，从A到B高度增大，重力势能增大，此过程中动能转化为重力势能，因此动能变小；
2. BC段：返回器穿出大气层，运动过程中不受空气阻力，只有重力做功，机械能守恒，故机械能不变；
3. CD段：返回器再次进入大气层，受空气阻力作用，重力势能减小，一部分转化为动能，另一部分克服空气阻力做功转化为内能，因此动能增加量小于重力势能的减小量。
【答案】
变小；不变；小于
【知识点】
机械能转化、动能与势能的关系、机械能守恒条件
【点评】
本题结合返回器“打水漂”着陆的实际场景，考查机械能的转化规律，需准确判断不同阶段是否受阻力，明确能量转化的去向，是基础的机械能应用类题目。
【难度系数】
0.5
本题考查动能、重力势能的影响因素及机械能的转化规律，需分阶段分析返回器的受力与能量变化：首先明确动能与质量、速度有关，重力势能与质量、高度有关；机械能守恒的条件是只有重力做功，若存在阻力则机械能会转化为内能。
【解析】
1. AB段：返回器质量不变，从A到B高度增大，重力势能增大，此过程中动能转化为重力势能，因此动能变小；
2. BC段：返回器穿出大气层，运动过程中不受空气阻力，只有重力做功，机械能守恒，故机械能不变；
3. CD段：返回器再次进入大气层，受空气阻力作用，重力势能减小，一部分转化为动能，另一部分克服空气阻力做功转化为内能，因此动能增加量小于重力势能的减小量。
【答案】
变小；不变；小于
【知识点】
机械能转化、动能与势能的关系、机械能守恒条件
【点评】
本题结合返回器“打水漂”着陆的实际场景，考查机械能的转化规律，需准确判断不同阶段是否受阻力，明确能量转化的去向，是基础的机械能应用类题目。
【难度系数】
0.5
