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8. 某同学先后在同一水平地面，水平拉着物体A做匀速直线运动，如图所示是物体A两次运动的路程随时间变化的图像。下列判断正确的是(
A.物体A两次运动的速度：$v_1 ＜ v_2$
B.物体A两次所受的拉力：$F_1 ＞ F_2$
C.$0 ∼ t_1$内，两次拉力对物体所做的功：$W_1 = W_2$
D.$0 ∼ t_1$内，两次拉力对物体做功的功率：$P_1 ＞ P_2$
D
)。A.物体A两次运动的速度：$v_1 ＜ v_2$
B.物体A两次所受的拉力：$F_1 ＞ F_2$
C.$0 ∼ t_1$内，两次拉力对物体所做的功：$W_1 = W_2$
D.$0 ∼ t_1$内，两次拉力对物体做功的功率：$P_1 ＞ P_2$
答案
8. D 【点拨】本题考查速度、摩擦力、功和功率的知识,涉及通过比较物体运动路程、速度,结合二力平衡、$W=Fs$、$P=\frac{W}{t}$,判断力、功、功率的关系,要注意:摩擦力的大小与速度无关。
【解析】A.由图像可知,在相同时间内,物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程,所以$v_1＞v_2$,故A错误;B.同一物体重力相等,则对水平面的压力相等,在同一水平地面的粗糙程度相同,因此两次拉动物体时,物体受到的摩擦力相等,又因为物体做匀速直线运动,受到的拉力和摩擦力是一对平衡力,大小相等,所以两次物体所受的拉力$F_1=F_2$,故B错误;C.由图像可知,$0∼ t_1$内,物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程,又因为$F_1=F_2$,根据$W=Fs$可得,两次拉力对物体所做的功$W_1＞W_2$,故C错误;D.因为$0∼ t_1$内,两次拉力对物体所做的功$W_1＞W_2$,由$P=\frac{W}{t}$可知,两次拉力对物体做功的功率:$P_1＞P_2$,故D正确。
【解析】A.由图像可知,在相同时间内,物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程,所以$v_1＞v_2$,故A错误;B.同一物体重力相等,则对水平面的压力相等,在同一水平地面的粗糙程度相同,因此两次拉动物体时,物体受到的摩擦力相等,又因为物体做匀速直线运动,受到的拉力和摩擦力是一对平衡力,大小相等,所以两次物体所受的拉力$F_1=F_2$,故B错误;C.由图像可知,$0∼ t_1$内,物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程,又因为$F_1=F_2$,根据$W=Fs$可得,两次拉力对物体所做的功$W_1＞W_2$,故C错误;D.因为$0∼ t_1$内,两次拉力对物体所做的功$W_1＞W_2$,由$P=\frac{W}{t}$可知,两次拉力对物体做功的功率:$P_1＞P_2$,故D正确。
解析
【分析】
本题结合s-t图像，考查速度、摩擦力、功和功率的相关知识。解题思路：①通过s-t图像，相同时间内比较路程大小，判断速度关系；②同一物体在同一水平地面，压力和接触面粗糙程度不变，摩擦力大小不变，结合二力平衡判断拉力关系；③利用功的公式W=Fs，结合路程和拉力判断功的大小；④根据功率公式P=W/t，结合功和时间判断功率关系。
【解析】
A. 由s-t图像可知，在时间t₁时，物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，根据速度公式v=s/t，相同时间内路程越大速度越大，因此v₁＞v₂，故A错误；
B. 同一物体的重力相等，对水平地面的压力相等，同一水平地面的粗糙程度相同，所以两次运动时物体受到的摩擦力相等；物体做匀速直线运动，拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，因此F₁=F₂，故B错误；
C. 0～t₁内，物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，且F₁=F₂，根据功的公式W=Fs，可知W₁＞W₂，故C错误；
D. 0～t₁内，两次运动的时间相同，且W₁＞W₂，根据功率公式P=W/t，可知P₁＞P₂，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
速度、功和功率、二力平衡
【点评】
本题综合考查了力学中多个核心知识点，需要学生掌握s-t图像的分析方法，熟练运用二力平衡、功和功率的计算公式，是一道综合性较强的基础题，解题时需注意摩擦力大小与速度无关这一关键要点。
【难度系数】
0.6
本题结合s-t图像，考查速度、摩擦力、功和功率的相关知识。解题思路：①通过s-t图像，相同时间内比较路程大小，判断速度关系；②同一物体在同一水平地面，压力和接触面粗糙程度不变，摩擦力大小不变，结合二力平衡判断拉力关系；③利用功的公式W=Fs，结合路程和拉力判断功的大小；④根据功率公式P=W/t，结合功和时间判断功率关系。
【解析】
A. 由s-t图像可知，在时间t₁时，物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，根据速度公式v=s/t，相同时间内路程越大速度越大，因此v₁＞v₂，故A错误；
B. 同一物体的重力相等，对水平地面的压力相等，同一水平地面的粗糙程度相同，所以两次运动时物体受到的摩擦力相等；物体做匀速直线运动，拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，因此F₁=F₂，故B错误；
C. 0～t₁内，物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，且F₁=F₂，根据功的公式W=Fs，可知W₁＞W₂，故C错误；
D. 0～t₁内，两次运动的时间相同，且W₁＞W₂，根据功率公式P=W/t，可知P₁＞P₂，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
速度、功和功率、二力平衡
【点评】
本题综合考查了力学中多个核心知识点，需要学生掌握s-t图像的分析方法，熟练运用二力平衡、功和功率的计算公式，是一道综合性较强的基础题，解题时需注意摩擦力大小与速度无关这一关键要点。
【难度系数】
0.6
9. 某同学组装了如图所示的滚摆，将滚摆从最高处由静止释放，观察到滚摆上下往复运动几次后最终静止下来。下列说法正确的是(
A.滚摆上升时，重力势能转化为动能
B.滚摆下降时，它的重力势能减小，机械能增大
C.滚摆每次到达最高点的重力势能都比上次小
D.滚摆到达最低点时，若所有外力消失，它将保持静止
C
)。A.滚摆上升时，重力势能转化为动能
B.滚摆下降时，它的重力势能减小，机械能增大
C.滚摆每次到达最高点的重力势能都比上次小
D.滚摆到达最低点时，若所有外力消失，它将保持静止
答案
9. C 【点拨】本题考查机械能及其转化,涉及滚摆运动中动能、重力势能的变化以及机械能因空气阻力的损耗等。
【解析】A.滚摆上升时,高度增加,质量不变,重力势能增大,速度减小,动能减小,所以是动能转化为重力势能,故A错误;B.滚摆下降时,高度降低,质量不变,重力势能减小;但由于滚摆运动过程中受到空气阻力等因素,所以机械能减小,故B错误;C.因为滚摆运动过程中要克服空气阻力等(对外做功),故机械能不断减小,所以每次到达最高点的重力势能也比上次小,故C正确;D.滚摆到达最低点时,速度不为零,若所有外力消失,根据牛顿第一定律可知,物体将保持原来的运动状态,即它将做匀速直线运动,而不是保持静止,故D错误。
【解析】A.滚摆上升时,高度增加,质量不变,重力势能增大,速度减小,动能减小,所以是动能转化为重力势能,故A错误;B.滚摆下降时,高度降低,质量不变,重力势能减小;但由于滚摆运动过程中受到空气阻力等因素,所以机械能减小,故B错误;C.因为滚摆运动过程中要克服空气阻力等(对外做功),故机械能不断减小,所以每次到达最高点的重力势能也比上次小,故C正确;D.滚摆到达最低点时,速度不为零,若所有外力消失,根据牛顿第一定律可知,物体将保持原来的运动状态,即它将做匀速直线运动,而不是保持静止,故D错误。
解析
【分析】
本题考查机械能的转化与守恒、牛顿第一定律的应用。解题时需明确：动能与质量、速度有关，重力势能与质量、高度有关；滚摆运动过程中受空气阻力，机械能会不断减小；根据牛顿第一定律，物体不受外力时将保持原来的运动状态。需逐一分析每个选项，结合上述知识点判断正误。
【解析】
A选项：滚摆上升时，质量不变，速度减小，动能减小；高度增加，重力势能增大，因此是动能转化为重力势能，而非重力势能转化为动能，故A错误。
B选项：滚摆下降时，质量不变，高度降低，重力势能减小；但运动过程中需要克服空气阻力做功，机械能（动能与势能的总和）会减小，而非增大，故B错误。
C选项：滚摆每次运动都要克服空气阻力等消耗机械能，机械能总量不断减小，而最高点时动能为零，重力势能等于机械能，因此每次到达最高点的重力势能都比上次小，故C正确。
D选项：滚摆到达最低点时，速度不为零，若所有外力消失，根据牛顿第一定律，它将保持原来的运动状态，做匀速直线运动，而非静止，故D错误。
【答案】
C
【知识点】
机械能转化、机械能损耗、牛顿第一定律
【点评】
本题结合滚摆的实际运动场景，考查机械能转化与守恒的实际应用，需注意实际中存在阻力导致机械能不守恒，同时要准确理解牛顿第一定律中“原来的运动状态”的含义，是初中物理的基础常考题。
【难度系数】
0.6
本题考查机械能的转化与守恒、牛顿第一定律的应用。解题时需明确：动能与质量、速度有关，重力势能与质量、高度有关；滚摆运动过程中受空气阻力，机械能会不断减小；根据牛顿第一定律，物体不受外力时将保持原来的运动状态。需逐一分析每个选项，结合上述知识点判断正误。
【解析】
A选项：滚摆上升时，质量不变，速度减小，动能减小；高度增加，重力势能增大，因此是动能转化为重力势能，而非重力势能转化为动能，故A错误。
B选项：滚摆下降时，质量不变，高度降低，重力势能减小；但运动过程中需要克服空气阻力做功，机械能（动能与势能的总和）会减小，而非增大，故B错误。
C选项：滚摆每次运动都要克服空气阻力等消耗机械能，机械能总量不断减小，而最高点时动能为零，重力势能等于机械能，因此每次到达最高点的重力势能都比上次小，故C正确。
D选项：滚摆到达最低点时，速度不为零，若所有外力消失，根据牛顿第一定律，它将保持原来的运动状态，做匀速直线运动，而非静止，故D错误。
【答案】
C
【知识点】
机械能转化、机械能损耗、牛顿第一定律
【点评】
本题结合滚摆的实际运动场景，考查机械能转化与守恒的实际应用，需注意实际中存在阻力导致机械能不守恒，同时要准确理解牛顿第一定律中“原来的运动状态”的含义，是初中物理的基础常考题。
【难度系数】
0.6
10. 人造卫星沿椭圆轨道绕地球运行，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点。下列说法正确的是(
A.人造卫星在运行过程中具有的能量是动能
B.由于人造地球卫星受力不平衡，因此机械能不守恒
C.卫星从远地点向近地点运行的过程中在做减速运动
D.卫星从近地点向远地点运行的过程中，减少的动能全部转化为重力势能
D
)。A.人造卫星在运行过程中具有的能量是动能
B.由于人造地球卫星受力不平衡，因此机械能不守恒
C.卫星从远地点向近地点运行的过程中在做减速运动
D.卫星从近地点向远地点运行的过程中，减少的动能全部转化为重力势能
答案
10. D 【点拨】本题考查人造卫星的机械能转化,涉及利用动能、重力势能的变化及相互转化,分析卫星在远地点、近地点运行时的能量转化情况,要注意:物体不对外做功,则机械能守恒。
【解析】A.人造卫星在运行过程中,既有动能又有重力势能,故A错误;B.人造地球卫星在运行过程中,只有动能和重力势能的相互转化,所以机械能守恒,故B错误;C.卫星从远地点向近地点运行的过程中,高度降低,重力势能减小,动能增大,速度增大,在做加速运动,故C错误;D.卫星从近地点向远地点运行的过程中,高度升高,重力势能增大,动能减小,由于只有动能和重力势能的相互转化,所以减少的动能全部转化为重力势能,故D正确。
【解析】A.人造卫星在运行过程中,既有动能又有重力势能,故A错误;B.人造地球卫星在运行过程中,只有动能和重力势能的相互转化,所以机械能守恒,故B错误;C.卫星从远地点向近地点运行的过程中,高度降低,重力势能减小,动能增大,速度增大,在做加速运动,故C错误;D.卫星从近地点向远地点运行的过程中,高度升高,重力势能增大,动能减小,由于只有动能和重力势能的相互转化,所以减少的动能全部转化为重力势能,故D正确。
解析
【分析】
要解决本题，需明确人造卫星绕地球运行时的能量规律：动能与质量、速度有关，重力势能与质量、高度有关；卫星在大气层外运行时，不受空气阻力，只有动能和重力势能的相互转化，机械能守恒。需逐个分析选项，结合能量转化特点判断对错。
【解析】
A选项：人造卫星在运行过程中，因运动具有动能，又因相对地球有高度差具有重力势能，所以同时具有动能和重力势能，A错误；
B选项：人造卫星在大气层外运行，不受空气阻力，只有动能和重力势能的相互转化，因此机械能守恒，B错误；
C选项：卫星从远地点向近地点运行时，高度降低，重力势能减小，动能增大，速度变大，做加速运动，C错误；
D选项：卫星从近地点向远地点运行时，高度升高，重力势能增大，动能减小，由于只有动能和重力势能的相互转化，机械能守恒，所以减少的动能全部转化为重力势能，D正确。
【答案】
D
【知识点】
机械能转化；动能与势能；机械能守恒
【点评】
本题考查人造卫星的机械能转化，核心是掌握卫星太空运行时的机械能守恒特点，结合轨道位置分析动能、重力势能的变化，是基础的能量转化应用题，需明确能量转化的条件。
【难度系数】
0.6
要解决本题，需明确人造卫星绕地球运行时的能量规律：动能与质量、速度有关，重力势能与质量、高度有关；卫星在大气层外运行时，不受空气阻力，只有动能和重力势能的相互转化，机械能守恒。需逐个分析选项，结合能量转化特点判断对错。
【解析】
A选项：人造卫星在运行过程中，因运动具有动能，又因相对地球有高度差具有重力势能，所以同时具有动能和重力势能，A错误；
B选项：人造卫星在大气层外运行，不受空气阻力，只有动能和重力势能的相互转化，因此机械能守恒，B错误；
C选项：卫星从远地点向近地点运行时，高度降低，重力势能减小，动能增大，速度变大，做加速运动，C错误；
D选项：卫星从近地点向远地点运行时，高度升高，重力势能增大，动能减小，由于只有动能和重力势能的相互转化，机械能守恒，所以减少的动能全部转化为重力势能，D正确。
【答案】
D
【知识点】
机械能转化；动能与势能；机械能守恒
【点评】
本题考查人造卫星的机械能转化，核心是掌握卫星太空运行时的机械能守恒特点，结合轨道位置分析动能、重力势能的变化，是基础的能量转化应用题，需明确能量转化的条件。
【难度系数】
0.6
11. 中国第一艘国产001A型航母,排水量达到65 000 t(海水的密度为$1.1×10^{3}kg/m^{3}$),该航母在飞机跑道前端设计了向上翘起的滑跃式甲板。下列说法正确的是(
A.飞机机翼通常都做成上凸、下平的形状,舰载机为了顺利升空,最好是逆风时起飞
B.舰载机加速起飞时,是将动能转化为重力势能
C.若地球的引力突然减小一半,正漂浮在海面上的航母重力会减小,吃水深度也减小
D.一架质量为22 t的舰载机从跑道上起飞后,航母排开海水的体积将减小$22m^{3}$
A
)。A.飞机机翼通常都做成上凸、下平的形状,舰载机为了顺利升空,最好是逆风时起飞
B.舰载机加速起飞时,是将动能转化为重力势能
C.若地球的引力突然减小一半,正漂浮在海面上的航母重力会减小,吃水深度也减小
D.一架质量为22 t的舰载机从跑道上起飞后,航母排开海水的体积将减小$22m^{3}$
答案
11. A 【点拨】本题考查流体压强与浮力的知识,涉及飞机机翼升力原理、机械能转化、航母漂浮时浮力与重力的关系及相关计算,要注意:舰载机加速起飞时,是燃料燃烧的内能转化为机械能。
【解析】A.飞机机翼做成上凸、下平的形状,是因为在相同时间内,空气经过机翼上方的路程长、速度大、压强小,经过机翼下方的路程短、速度小、压强大,从而产生向上的升力;逆风起飞时,相对空气的速度更大,升力更大,更有利于起飞,故A正确;B.舰载机加速起飞时,质量不变,速度增大,动能增大,高度增大,重力势能增大,不是动能转化为重力势能,而是燃料燃烧的内能转化为机械能,故B错误;C.因为航母处于漂浮状态,浮力等于重力,即$F_浮=G=mg=\rho_液gV_排$,则$V_排=\frac{m}{\rho_液}$,引力减小一半,则$g$减小一半,航母重力减小,但$\rho_液$、$m$不变,所以$V_排$不变,即吃水深度不变,故C错误;D.舰载机的质量$m=22\ \mathrm{t}=22000\ \mathrm{kg}$,其重力$G=mg=22000\ \mathrm{kg}× 10\ \mathrm{N/kg}=2.2× 10^5\ \mathrm{N}$,因为航母处于漂浮状态,则舰载机起飞后,浮力减小量等于舰载机的重力,即$\Delta F_浮=G=2.2× 10^5\ \mathrm{N}$,由$\Delta F_浮=\rho_液g\Delta V_排$可得,$\Delta V_排=\frac{\Delta F_浮}{\rho_液g}=\frac{2.2× 10^5\ \mathrm{N}}{1.1× 10^3\ \mathrm{kg/m^3}× 10\ \mathrm{N/kg}}=20\ \mathrm{m^3}$,故D错误。
【解析】A.飞机机翼做成上凸、下平的形状,是因为在相同时间内,空气经过机翼上方的路程长、速度大、压强小,经过机翼下方的路程短、速度小、压强大,从而产生向上的升力;逆风起飞时,相对空气的速度更大,升力更大,更有利于起飞,故A正确;B.舰载机加速起飞时,质量不变,速度增大,动能增大,高度增大,重力势能增大,不是动能转化为重力势能,而是燃料燃烧的内能转化为机械能,故B错误;C.因为航母处于漂浮状态,浮力等于重力,即$F_浮=G=mg=\rho_液gV_排$,则$V_排=\frac{m}{\rho_液}$,引力减小一半,则$g$减小一半,航母重力减小,但$\rho_液$、$m$不变,所以$V_排$不变,即吃水深度不变,故C错误;D.舰载机的质量$m=22\ \mathrm{t}=22000\ \mathrm{kg}$,其重力$G=mg=22000\ \mathrm{kg}× 10\ \mathrm{N/kg}=2.2× 10^5\ \mathrm{N}$,因为航母处于漂浮状态,则舰载机起飞后,浮力减小量等于舰载机的重力,即$\Delta F_浮=G=2.2× 10^5\ \mathrm{N}$,由$\Delta F_浮=\rho_液g\Delta V_排$可得,$\Delta V_排=\frac{\Delta F_浮}{\rho_液g}=\frac{2.2× 10^5\ \mathrm{N}}{1.1× 10^3\ \mathrm{kg/m^3}× 10\ \mathrm{N/kg}}=20\ \mathrm{m^3}$,故D错误。
解析
【分析】本题是力学综合题，需逐一分析每个选项对应的物理知识点：A选项考查流体压强与流速的关系，需明确机翼升力的产生原因及逆风起飞的优势；B选项考查机械能的转化，要区分加速起飞时能量的来源；C选项考查漂浮条件下排开液体体积的分析，需结合公式推导；D选项考查浮力变化与排开体积的计算，要准确计算差值。
【解析】A. 飞机机翼做成上凸下平的形状，根据流体压强与流速的关系：在流体中，流速越大的位置压强越小。相同时间内，空气经过机翼上方路程长、流速大、压强小，下方路程短、流速小、压强大，从而产生向上的升力；逆风起飞时，舰载机相对空气的速度更大，获得的升力更大，更利于顺利起飞，故A正确。
B. 舰载机加速起飞时，质量不变，速度增大则动能增大，高度增大则重力势能增大，此过程是燃料燃烧释放的内能转化为舰载机的机械能，并非动能转化为重力势能，故B错误。
C. 航母漂浮时，浮力等于重力，即$F_浮=G=mg=\rho_液gV_排$，变形得$V_排=\frac{m}{\rho_液}$。若地球引力减小一半，$g$减小一半，航母重力$G=mg$减小，但$m$（航母质量）和海水密度$\rho_液$均不变，因此$V_排$不变，吃水深度也不变，故C错误。
D. 舰载机质量$m=22\ \mathrm{t}=22000\ \mathrm{kg}$，其重力$G=mg=22000\ \mathrm{kg}×10\ \mathrm{N/kg}=2.2×10^5\ \mathrm{N}$。舰载机起飞后，航母浮力的减小量等于舰载机的重力，即$\Delta F_浮=G$。由$\Delta F_浮=\rho_液g\Delta V_排$，得$\Delta V_排=\frac{\Delta F_浮}{\rho_液g}=\frac{2.2×10^5\ \mathrm{N}}{1.1×10^3\ \mathrm{kg/m^3}×10\ \mathrm{N/kg}}=20\ \mathrm{m^3}$，并非$22\ \mathrm{m^3}$，故D错误。
【答案】A
【知识点】流体压强与流速关系、机械能转化、浮力的应用
【点评】本题综合考查多个力学核心知识点，对学生的概念理解和公式应用能力要求较高，易错点集中在能量转化的判断、漂浮时排开体积的分析以及浮力变化的计算，需仔细推导避免失误。
【难度系数】0.5
【解析】A. 飞机机翼做成上凸下平的形状，根据流体压强与流速的关系：在流体中，流速越大的位置压强越小。相同时间内，空气经过机翼上方路程长、流速大、压强小，下方路程短、流速小、压强大，从而产生向上的升力；逆风起飞时，舰载机相对空气的速度更大，获得的升力更大，更利于顺利起飞，故A正确。
B. 舰载机加速起飞时，质量不变，速度增大则动能增大，高度增大则重力势能增大，此过程是燃料燃烧释放的内能转化为舰载机的机械能，并非动能转化为重力势能，故B错误。
C. 航母漂浮时，浮力等于重力，即$F_浮=G=mg=\rho_液gV_排$，变形得$V_排=\frac{m}{\rho_液}$。若地球引力减小一半，$g$减小一半，航母重力$G=mg$减小，但$m$（航母质量）和海水密度$\rho_液$均不变，因此$V_排$不变，吃水深度也不变，故C错误。
D. 舰载机质量$m=22\ \mathrm{t}=22000\ \mathrm{kg}$，其重力$G=mg=22000\ \mathrm{kg}×10\ \mathrm{N/kg}=2.2×10^5\ \mathrm{N}$。舰载机起飞后，航母浮力的减小量等于舰载机的重力，即$\Delta F_浮=G$。由$\Delta F_浮=\rho_液g\Delta V_排$，得$\Delta V_排=\frac{\Delta F_浮}{\rho_液g}=\frac{2.2×10^5\ \mathrm{N}}{1.1×10^3\ \mathrm{kg/m^3}×10\ \mathrm{N/kg}}=20\ \mathrm{m^3}$，并非$22\ \mathrm{m^3}$，故D错误。
【答案】A
【知识点】流体压强与流速关系、机械能转化、浮力的应用
【点评】本题综合考查多个力学核心知识点，对学生的概念理解和公式应用能力要求较高，易错点集中在能量转化的判断、漂浮时排开体积的分析以及浮力变化的计算，需仔细推导避免失误。
【难度系数】0.5
12. 如图所示,运动员离开蹦床竖直向上运动到一定高度又落在蹦床上,直至最低点的过程中,不计空气阻力,下列说法正确的是(
A.运动员弹离蹦床以后,蹦床对运动员做了功
B.在最高点运动员的速度为零,所受合力为零
C.运动员从高处下落到最低点的过程中,运动员的速度越来越快
D.运动员从接触蹦床到下落至最低处的过程中,机械能一直减小
D
)。A.运动员弹离蹦床以后,蹦床对运动员做了功
B.在最高点运动员的速度为零,所受合力为零
C.运动员从高处下落到最低点的过程中,运动员的速度越来越快
D.运动员从接触蹦床到下落至最低处的过程中,机械能一直减小
答案
12. D 【点拨】本题考查功和机械能相关知识,涉及做功条件、合力、速度变化、机械能转化,要注意:运动员蹦床过程中力与能量的变化是一个难点,可结合合力与运动的关系进行分析。
【解析】A.运动员弹离蹦床后,蹦床对运动员不再有力的作用,所以蹦床对运动员没有做功,故A错误;B.在最高点运动员的速度为零,但此时运动员只受重力作用,合力不为零,故B错误;C.运动员从高处下落到接触蹦床前,速度越来越快;接触蹦床后,随着蹦床形变增大,弹力逐渐增大,当弹力小于重力时,速度继续增大,当弹力等于重力时,速度达到最大,之后弹力大于重力,速度逐渐减小,所以速度不是越来越快,故C错误;D.运动员从接触蹦床到下落至最低处的过程中,由于要克服蹦床的弹力做功,机械能转化为蹦床的弹性势能,所以运动员的机械能一直减小,故D正确。
【解析】A.运动员弹离蹦床后,蹦床对运动员不再有力的作用,所以蹦床对运动员没有做功,故A错误;B.在最高点运动员的速度为零,但此时运动员只受重力作用,合力不为零,故B错误;C.运动员从高处下落到接触蹦床前,速度越来越快;接触蹦床后,随着蹦床形变增大,弹力逐渐增大,当弹力小于重力时,速度继续增大,当弹力等于重力时,速度达到最大,之后弹力大于重力,速度逐渐减小,所以速度不是越来越快,故C错误;D.运动员从接触蹦床到下落至最低处的过程中,由于要克服蹦床的弹力做功,机械能转化为蹦床的弹性势能,所以运动员的机械能一直减小,故D正确。
解析
【分析】
本题考查功的判断、合力分析、机械能转化等知识点，需逐一分析每个选项：先明确做功的两个必要条件（有力且在力的方向上移动距离），再分析合力与运动的关系，以及机械能转化的规律，逐一判断选项对错。
【解析】
A选项：做功需要满足“有力作用在物体上，且物体在力的方向上移动距离”，运动员弹离蹦床后，蹦床不再对运动员施加力，因此蹦床对运动员不做功，A错误；
B选项：运动员在最高点时速度为零，但此时只受重力作用，合力等于重力，不为零，B错误；
C选项：运动员从高处下落到接触蹦床前，重力势能转化为动能，速度增大；接触蹦床后，初始阶段蹦床弹力小于重力，合力向下，速度继续增大；当弹力等于重力时，速度达到最大；之后弹力大于重力，合力向上，速度减小，因此速度并非一直越来越快，C错误；
D选项：运动员从接触蹦床到下落至最低处的过程中，运动员的机械能（动能+重力势能）不断转化为蹦床的弹性势能，因此运动员的机械能一直减小，D正确。
【答案】
D
【知识点】
功的判断、机械能转化、合力分析
【点评】
本题结合蹦床运动场景，综合考查力学与机械能的核心知识点，易错点在于接触蹦床后速度变化的分析，以及机械能变化的判断，需要学生理清力与运动、能量转化的逻辑关系。
【难度系数】
0.5
本题考查功的判断、合力分析、机械能转化等知识点，需逐一分析每个选项：先明确做功的两个必要条件（有力且在力的方向上移动距离），再分析合力与运动的关系，以及机械能转化的规律，逐一判断选项对错。
【解析】
A选项：做功需要满足“有力作用在物体上，且物体在力的方向上移动距离”，运动员弹离蹦床后，蹦床不再对运动员施加力，因此蹦床对运动员不做功，A错误；
B选项：运动员在最高点时速度为零，但此时只受重力作用，合力等于重力，不为零，B错误；
C选项：运动员从高处下落到接触蹦床前，重力势能转化为动能，速度增大；接触蹦床后，初始阶段蹦床弹力小于重力，合力向下，速度继续增大；当弹力等于重力时，速度达到最大；之后弹力大于重力，合力向上，速度减小，因此速度并非一直越来越快，C错误；
D选项：运动员从接触蹦床到下落至最低处的过程中，运动员的机械能（动能+重力势能）不断转化为蹦床的弹性势能，因此运动员的机械能一直减小，D正确。
【答案】
D
【知识点】
功的判断、机械能转化、合力分析
【点评】
本题结合蹦床运动场景，综合考查力学与机械能的核心知识点，易错点在于接触蹦床后速度变化的分析，以及机械能变化的判断，需要学生理清力与运动、能量转化的逻辑关系。
【难度系数】
0.5
