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1. (2023·无锡)在水平地面上铺一张白纸,将皮球表面涂黑,使其分别从不同高度处自由下落,在纸上留下黑色圆斑A、B,如图所示。下列说法中正确的是 (
A.皮球下落过程中动能转化为重力势能
B.皮球落地发生形变的过程中动能转化为弹性势能
C.形成圆斑B时皮球是从更高处下落的
D.形成圆斑A时皮球接触地面后形变程度更小
B
)A.皮球下落过程中动能转化为重力势能
B.皮球落地发生形变的过程中动能转化为弹性势能
C.形成圆斑B时皮球是从更高处下落的
D.形成圆斑A时皮球接触地面后形变程度更小
答案
1. B
解析
【分析】
要解答本题，需掌握皮球下落及落地过程中的能量转化规律，明确黑色圆斑大小与皮球弹性形变程度的关系：①皮球下落时，重力势能随高度降低而减小，动能随速度增大而增大，此过程是重力势能转化为动能；落地发生形变时，动能减小，弹性势能增大，动能转化为弹性势能。②圆斑越大，说明皮球落地时的弹性形变程度越大，对应的初始重力势能越大，即下落高度越高。据此逐一分析选项即可。
【解析】
选项A：皮球下落过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小，速度增大，动能增大，是重力势能转化为动能，并非动能转化为重力势能，A错误；
选项B：皮球落地发生形变时，速度减小，动能减小，弹性形变程度增大，弹性势能增大，因此动能转化为弹性势能，B正确；
选项C：圆斑A比B更大，说明皮球A的弹性形变程度更大，其初始重力势能更大，即形成圆斑A时皮球是从更高处下落的，形成圆斑B时是从更低处下落的，C错误；
选项D：圆斑A更大，说明形成圆斑A时皮球接触地面后的形变程度更大，而非更小，D错误。
【答案】
B
【知识点】
动能与势能转化；弹性势能；重力势能
【点评】
本题结合生活实例考查能量转化和弹性形变的应用，核心是理解圆斑大小反映弹性形变程度，进而关联到下落高度对应的重力势能，属于基础知识点的应用，需准确区分能量转化的方向及形变与高度的关系。
【难度系数】
0.6
要解答本题，需掌握皮球下落及落地过程中的能量转化规律，明确黑色圆斑大小与皮球弹性形变程度的关系：①皮球下落时，重力势能随高度降低而减小，动能随速度增大而增大，此过程是重力势能转化为动能；落地发生形变时，动能减小，弹性势能增大，动能转化为弹性势能。②圆斑越大，说明皮球落地时的弹性形变程度越大，对应的初始重力势能越大，即下落高度越高。据此逐一分析选项即可。
【解析】
选项A：皮球下落过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小，速度增大，动能增大，是重力势能转化为动能，并非动能转化为重力势能，A错误；
选项B：皮球落地发生形变时，速度减小，动能减小，弹性形变程度增大，弹性势能增大，因此动能转化为弹性势能，B正确；
选项C：圆斑A比B更大，说明皮球A的弹性形变程度更大，其初始重力势能更大，即形成圆斑A时皮球是从更高处下落的，形成圆斑B时是从更低处下落的，C错误；
选项D：圆斑A更大，说明形成圆斑A时皮球接触地面后的形变程度更大，而非更小，D错误。
【答案】
B
【知识点】
动能与势能转化；弹性势能；重力势能
【点评】
本题结合生活实例考查能量转化和弹性形变的应用，核心是理解圆斑大小反映弹性形变程度，进而关联到下落高度对应的重力势能，属于基础知识点的应用，需准确区分能量转化的方向及形变与高度的关系。
【难度系数】
0.6
2.（2023·盐城）小华利用橡皮筋和钩码制作了如图所示的“魔罐”。在水平地面上用手将它推出，滚动一段时间后，它能自动折返。“魔罐”被推出后向前滚动的过程中 （
A.动能转化为弹性势能
B.弹性势能转化为动能
C.重力势能转化为弹性势能
D.弹性势能转化为重力势能
A
）A.动能转化为弹性势能
B.弹性势能转化为动能
C.重力势能转化为弹性势能
D.弹性势能转化为重力势能
答案
2. A
解析
【分析】要判断魔罐向前滚动过程中的能量转化，需明确魔罐的工作原理：魔罐内部有橡皮筋和钩码，当魔罐被推出向前滚动时，钩码因惯性会带动橡皮筋发生弹性形变。此时魔罐的运动速度减小，动能减小；而橡皮筋的弹性形变程度增大，弹性势能增大，因此该过程是动能转化为弹性势能，据此分析各选项。
【解析】魔罐被推出向前滚动时，魔罐的运动动能逐渐减小，同时内部的橡皮筋被钩码带动发生弹性形变，弹性势能逐渐增大，所以此过程是动能转化为弹性势能。选项A符合；选项B是弹性势能转化为动能，是魔罐折返时的能量转化；选项C中重力势能与高度有关，魔罐在水平地面滚动，高度不变，重力势能不变；选项D弹性势能转化为重力势能不符合实际过程，故正确答案为A。
【答案】A
【知识点】能量转化、动能、弹性势能
【点评】本题结合“魔罐”实例考查能量转化的判断，核心是明确魔罐滚动时内部弹性形变的变化，区分不同能量的影响因素，属于基础知识点的应用，难度适中。
【难度系数】0.5
【解析】魔罐被推出向前滚动时，魔罐的运动动能逐渐减小，同时内部的橡皮筋被钩码带动发生弹性形变，弹性势能逐渐增大，所以此过程是动能转化为弹性势能。选项A符合；选项B是弹性势能转化为动能，是魔罐折返时的能量转化；选项C中重力势能与高度有关，魔罐在水平地面滚动，高度不变，重力势能不变；选项D弹性势能转化为重力势能不符合实际过程，故正确答案为A。
【答案】A
【知识点】能量转化、动能、弹性势能
【点评】本题结合“魔罐”实例考查能量转化的判断，核心是明确魔罐滚动时内部弹性形变的变化，区分不同能量的影响因素，属于基础知识点的应用，难度适中。
【难度系数】0.5
3. (2024·苏州昆山段考)甲、乙、丙是三个完全相同的网球，如图所示，在同一高度同时以大小相等的速度，将甲球竖直向下抛出、乙球竖直向上抛出，丙球水平抛出，不计空气阻力，抛出时三球机械能
相等
(相等/不相等)；在落地前的运动过程中，甲球的动能增大
(增大/不变/减小)，落地时三球的速度大小相等
(相等/不相等)。答案
3. 相等 增大 相等
解析
【分析】
要解决本题，需结合机械能的组成、机械能守恒定律，以及动能与重力势能的影响因素分析：首先判断抛出时三球的机械能，再分析甲球运动过程中动能的变化，最后根据机械能守恒判断落地时三球的速度大小。
【解析】
1. 抛出时的机械能判断：机械能是动能与重力势能的总和，公式为$E=E_k+E_p=\frac{1}{2}mv^2+mgh$。三球完全相同，质量$m$相等；抛出时速度大小$v$相等，故动能$\frac{1}{2}mv^2$相等；三球在同一高度$h$，重力势能$mgh$相等，因此抛出时三球机械能相等。
2. 甲球动能的变化：甲球竖直向下抛出，不计空气阻力，只有重力做功，运动过程中高度降低，重力势能转化为动能，重力势能减小，动能增大，故甲球动能增大。
3. 落地时速度大小判断：不计空气阻力，三球机械能守恒，初始机械能相等；落地时三球高度为0，重力势能均为0，因此落地时动能相等。三球质量相同，由$E_k=\frac{1}{2}mv^2$可知，动能相等时速度大小相等，故落地时三球速度大小相等。
【答案】
相等 增大 相等
【知识点】
机械能守恒、动能与势能转化
【点评】
本题考查机械能守恒的基础应用，核心是明确不计空气阻力时机械能守恒，结合动能、重力势能的影响因素分析即可，属于常规基础题。
【难度系数】
0.5
要解决本题，需结合机械能的组成、机械能守恒定律，以及动能与重力势能的影响因素分析：首先判断抛出时三球的机械能，再分析甲球运动过程中动能的变化，最后根据机械能守恒判断落地时三球的速度大小。
【解析】
1. 抛出时的机械能判断：机械能是动能与重力势能的总和，公式为$E=E_k+E_p=\frac{1}{2}mv^2+mgh$。三球完全相同，质量$m$相等；抛出时速度大小$v$相等，故动能$\frac{1}{2}mv^2$相等；三球在同一高度$h$，重力势能$mgh$相等，因此抛出时三球机械能相等。
2. 甲球动能的变化：甲球竖直向下抛出，不计空气阻力，只有重力做功，运动过程中高度降低，重力势能转化为动能，重力势能减小，动能增大，故甲球动能增大。
3. 落地时速度大小判断：不计空气阻力，三球机械能守恒，初始机械能相等；落地时三球高度为0，重力势能均为0，因此落地时动能相等。三球质量相同，由$E_k=\frac{1}{2}mv^2$可知，动能相等时速度大小相等，故落地时三球速度大小相等。
【答案】
相等 增大 相等
【知识点】
机械能守恒、动能与势能转化
【点评】
本题考查机械能守恒的基础应用，核心是明确不计空气阻力时机械能守恒，结合动能、重力势能的影响因素分析即可，属于常规基础题。
【难度系数】
0.5
4. (2024·苏州工业园区校级段考)火柴头在火柴盒上轻轻划过就能擦燃，从能量转化的角度讲，是将
机械
能转化为内
能，这是通过做功
的方式实现的。答案
4. 机械 内 做功
解析
【分析】要解答本题，需掌握改变物体内能的两种方式（做功和热传递），以及摩擦生热现象中的能量转化规律。火柴头在火柴盒上划过，是通过摩擦的方式，消耗了机械能，使自身内能增加、温度升高，从而擦燃，这一过程属于能量的转化，而非能量的转移，对应改变内能的方式为做功。
【解析】火柴头在火柴盒上划过的过程中，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，使火柴头的内能增大、温度升高，达到着火点后擦燃；这种通过做功实现能量转化、改变内能的方式，与热传递（热传递是能量的转移）有本质区别。
【答案】机械 内 做功
【知识点】能量转化、做功改变内能
【点评】本题考查内能改变的方式及能量转化的判断，属于基础概念题，紧扣教材核心知识点，难度较低，适合巩固基础。
【难度系数】0.9
【解析】火柴头在火柴盒上划过的过程中，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，使火柴头的内能增大、温度升高，达到着火点后擦燃；这种通过做功实现能量转化、改变内能的方式，与热传递（热传递是能量的转移）有本质区别。
【答案】机械 内 做功
【知识点】能量转化、做功改变内能
【点评】本题考查内能改变的方式及能量转化的判断，属于基础概念题，紧扣教材核心知识点，难度较低，适合巩固基础。
【难度系数】0.9
5.（2024·苏州工业园区校级期中）关于温度、热量、内能，下列说法正确的是 （
A.物体温度越高，所含的热量越多
B.热量只能从内能大的物体传给内能小的物体
C.一个物体吸收热量时，温度不一定升高
D.“摩擦生热”中的“热”指的是热量
C
）A.物体温度越高，所含的热量越多
B.热量只能从内能大的物体传给内能小的物体
C.一个物体吸收热量时，温度不一定升高
D.“摩擦生热”中的“热”指的是热量
答案
5. C
解析
【分析】
本题考查温度、热量、内能的概念辨析，需结合各物理量的定义、热传递的条件、温度与内能的关系逐一分析选项，明确每个选项的正误原因，选出正确答案。
【解析】
A选项：热量是热传递过程中转移的能量，属于过程量，描述时只能用“吸收”或“放出”，不能用“所含”，因此A错误；
B选项：热传递的条件是存在温度差，热量从温度高的物体（或同一物体的高温部分）传向温度低的物体（或低温部分），与物体内能大小无关，因此B错误；
C选项：物体吸收热量时，温度不一定升高，例如晶体熔化、液体沸腾过程，均吸热但温度保持不变，因此C正确；
D选项：“摩擦生热”是通过做功改变物体内能，此处的“热”指的是内能，而非热量，因此D错误。
【答案】
C
【知识点】
温度、热量与内能的关系；热传递的条件；内能的改变
【点评】
本题聚焦热学核心概念的辨析，是期中测试的基础题型，易错点集中在热量的表述、热传递的方向判断及温度与内能变化的关系，需准确区分各物理量的物理意义。
【难度系数】
0.6
本题考查温度、热量、内能的概念辨析，需结合各物理量的定义、热传递的条件、温度与内能的关系逐一分析选项，明确每个选项的正误原因，选出正确答案。
【解析】
A选项：热量是热传递过程中转移的能量，属于过程量，描述时只能用“吸收”或“放出”，不能用“所含”，因此A错误；
B选项：热传递的条件是存在温度差，热量从温度高的物体（或同一物体的高温部分）传向温度低的物体（或低温部分），与物体内能大小无关，因此B错误；
C选项：物体吸收热量时，温度不一定升高，例如晶体熔化、液体沸腾过程，均吸热但温度保持不变，因此C正确；
D选项：“摩擦生热”是通过做功改变物体内能，此处的“热”指的是内能，而非热量，因此D错误。
【答案】
C
【知识点】
温度、热量与内能的关系；热传递的条件；内能的改变
【点评】
本题聚焦热学核心概念的辨析，是期中测试的基础题型，易错点集中在热量的表述、热传递的方向判断及温度与内能变化的关系，需准确区分各物理量的物理意义。
【难度系数】
0.6
6. (2024·苏州高新区校级段考)由于海水的比热容
所示的风向,通常发生在
大于
(大于/小于)陆地上沙石的比热容,所以在沿海地区海水表面的气温比陆地上的气温变化小
(大/小)。当出现所示的风向,通常发生在夜晚
(夜晚/白天)。答案
6. 大于 小 夜晚
解析
【分析】
首先，明确比热容的特性：相同质量的不同物质，吸收或放出相同热量时，比热容越大，温度变化幅度越小。接着，结合海陆热力性质差异分析风向：白天陆地升温快、气压低，风从海洋吹向陆地；夜晚陆地降温快、气压高，风从陆地吹向海洋，据此判断图示风向对应的时间。
【解析】
1. 比热容比较：海水的比热容大于陆地上沙石的比热容，根据热量公式Q=cmΔt，相同质量的海水和沙石，吸收或放出相同热量时，比热容大的物质温度变化小，因此海水表面的气温比陆地上的气温变化小。
2. 风向与时间判断：图示中近海面的风从陆地吹向海洋。白天，陆地升温快，气温高，气压低，海洋升温慢，气温低，气压高，风从海洋吹向陆地；夜晚，陆地降温快，气温低，气压高，海洋降温慢，气温高，气压低，风从陆地吹向海洋，所以该风向发生在夜晚。
【答案】
大于 小 夜晚
【知识点】
比热容、海陆热力性质差异
【点评】
本题考查比热容的应用和海陆风的形成，需结合比热容对温度变化的影响，以及海陆间气压差异判断风向，属于基础知识点的实际应用，难度适中。
【难度系数】
0.6
首先，明确比热容的特性：相同质量的不同物质，吸收或放出相同热量时，比热容越大，温度变化幅度越小。接着，结合海陆热力性质差异分析风向：白天陆地升温快、气压低，风从海洋吹向陆地；夜晚陆地降温快、气压高，风从陆地吹向海洋，据此判断图示风向对应的时间。
【解析】
1. 比热容比较：海水的比热容大于陆地上沙石的比热容，根据热量公式Q=cmΔt，相同质量的海水和沙石，吸收或放出相同热量时，比热容大的物质温度变化小，因此海水表面的气温比陆地上的气温变化小。
2. 风向与时间判断：图示中近海面的风从陆地吹向海洋。白天，陆地升温快，气温高，气压低，海洋升温慢，气温低，气压高，风从海洋吹向陆地；夜晚，陆地降温快，气温低，气压高，海洋降温慢，气温高，气压低，风从陆地吹向海洋，所以该风向发生在夜晚。
【答案】
大于 小 夜晚
【知识点】
比热容、海陆热力性质差异
【点评】
本题考查比热容的应用和海陆风的形成，需结合比热容对温度变化的影响，以及海陆间气压差异判断风向，属于基础知识点的实际应用，难度适中。
【难度系数】
0.6
7.（2024·苏州姑苏校级期中）用相同的加热器，给质量为$ m_A $、比热容为$ c_A $的A物质和质量为$ m_B $、比热容为$ c_B $的B物质加热，物质A、B的温度随加热时间的变化如图所示，根据图像可得出的正确结论是（
A.若$ c_A = c_B $，则$ m_A ＞ m_B $
B.若$ c_A = c_B $，则$ m_A ＜ m_B $
C.若$ m_A = m_B $，则$ c_A ＞ c_B $
D.若$ m_A ＞ m_B $，则$ c_A ＞ c_B $
B
）A.若$ c_A = c_B $，则$ m_A ＞ m_B $
B.若$ c_A = c_B $，则$ m_A ＜ m_B $
C.若$ m_A = m_B $，则$ c_A ＞ c_B $
D.若$ m_A ＞ m_B $，则$ c_A ＞ c_B $
答案
7. B
解析
【分析】
首先，相同加热器在相同时间内提供的热量相同，因此A、B吸收的热量与加热时间成正比。从图像可知：A加热10min时，温度从20℃升高到80℃，温度变化Δt_A=80℃-20℃=60℃；B加热20min时，温度从20℃升高到80℃，温度变化Δt_B=80℃-20℃=60℃。根据热量公式Q=cmΔt，变形可得m=Q/(cΔt)或c=Q/(mΔt)，结合各选项条件分析即可。
【解析】
解：由题意，相同加热器相同时间内A、B吸收的热量Q与加热时间t成正比，即A加热10min吸收热量为Q，B加热20min吸收热量为2Q；且Δt_A=Δt_B=60℃。
根据热量公式Q=cmΔt：
1. 若c_A=c_B，由m=Q/(cΔt)，Δt相同，Q_A=Q、Q_B=2Q，可得m_A=Q/(c×60)，m_B=2Q/(c×60)，因此m_A＜m_B，故A错误，B正确；
2. 若m_A=m_B，由c=Q/(mΔt)，Δt相同，Q_A=Q、Q_B=2Q，可得c_A=Q/(m×60)，c_B=2Q/(m×60)，因此c_A＜c_B，故C错误；
3. 若m_A＞m_B，由c=Q/(mΔt)，c_A=Q/(m_A×60)，c_B=2Q/(m_B×60)，因m_A＞m_B，故c_A＜c_B，故D错误。
综上，答案为B。
【答案】
B
【知识点】
热量计算、比热容
【点评】
本题结合温度-时间图像考查比热容公式的应用，关键是明确相同加热器吸热与时间的关系，从图像中提取温度变化信息，难度适中。
【难度系数】
0.5
首先，相同加热器在相同时间内提供的热量相同，因此A、B吸收的热量与加热时间成正比。从图像可知：A加热10min时，温度从20℃升高到80℃，温度变化Δt_A=80℃-20℃=60℃；B加热20min时，温度从20℃升高到80℃，温度变化Δt_B=80℃-20℃=60℃。根据热量公式Q=cmΔt，变形可得m=Q/(cΔt)或c=Q/(mΔt)，结合各选项条件分析即可。
【解析】
解：由题意，相同加热器相同时间内A、B吸收的热量Q与加热时间t成正比，即A加热10min吸收热量为Q，B加热20min吸收热量为2Q；且Δt_A=Δt_B=60℃。
根据热量公式Q=cmΔt：
1. 若c_A=c_B，由m=Q/(cΔt)，Δt相同，Q_A=Q、Q_B=2Q，可得m_A=Q/(c×60)，m_B=2Q/(c×60)，因此m_A＜m_B，故A错误，B正确；
2. 若m_A=m_B，由c=Q/(mΔt)，Δt相同，Q_A=Q、Q_B=2Q，可得c_A=Q/(m×60)，c_B=2Q/(m×60)，因此c_A＜c_B，故C错误；
3. 若m_A＞m_B，由c=Q/(mΔt)，c_A=Q/(m_A×60)，c_B=2Q/(m_B×60)，因m_A＞m_B，故c_A＜c_B，故D错误。
综上，答案为B。
【答案】
B
【知识点】
热量计算、比热容
【点评】
本题结合温度-时间图像考查比热容公式的应用，关键是明确相同加热器吸热与时间的关系，从图像中提取温度变化信息，难度适中。
【难度系数】
0.5
