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5.将一本物理书从地板捡起放到1 m高的讲桌上，如果捡起的时间是0.5 s，则捡书过程的功率约为(
A.0.1 W
B.4 W
C.10 W
D.20 W
B
)A.0.1 W
B.4 W
C.10 W
D.20 W
答案
5.B
解析
【分析】要计算捡书过程的功率，需利用功率公式$ P=\frac{W}{t} $，捡书时克服书的重力做功，功的计算公式为$ W=Gh $，因此需要先估算物理书的重力，再计算功，最后结合时间求出功率，对比选项得出答案。
【解析】解：首先估算一本初中物理书的质量，约为$ m=0.2\ \mathrm{kg} $；根据重力公式$ G=mg $（$ g $取$ 10\ \mathrm{N/kg} $），可得书的重力$ G=0.2\ \mathrm{kg} × 10\ \mathrm{N/kg}=2\ \mathrm{N} $。
将书捡起放到1m高的讲桌上，克服重力做的功$ W=Gh=2\ \mathrm{N} × 1\ \mathrm{m}=2\ \mathrm{J} $。
已知捡起时间$ t=0.5\ \mathrm{s} $，根据功率公式$ P=\frac{W}{t} $，可得功率$ P=\frac{2\ \mathrm{J}}{0.5\ \mathrm{s}}=4\ \mathrm{W} $，对应选项B。
【答案】B
【知识点】功率计算、重力与质量的关系
【点评】本题属于基础估算题，考查功和功率的计算，核心是结合生活实际合理估算物理书的质量，进而完成计算，难度不大，需掌握相关公式并能进行合理的物理量估算。
【难度系数】0.6
【解析】解：首先估算一本初中物理书的质量，约为$ m=0.2\ \mathrm{kg} $；根据重力公式$ G=mg $（$ g $取$ 10\ \mathrm{N/kg} $），可得书的重力$ G=0.2\ \mathrm{kg} × 10\ \mathrm{N/kg}=2\ \mathrm{N} $。
将书捡起放到1m高的讲桌上，克服重力做的功$ W=Gh=2\ \mathrm{N} × 1\ \mathrm{m}=2\ \mathrm{J} $。
已知捡起时间$ t=0.5\ \mathrm{s} $，根据功率公式$ P=\frac{W}{t} $，可得功率$ P=\frac{2\ \mathrm{J}}{0.5\ \mathrm{s}}=4\ \mathrm{W} $，对应选项B。
【答案】B
【知识点】功率计算、重力与质量的关系
【点评】本题属于基础估算题，考查功和功率的计算，核心是结合生活实际合理估算物理书的质量，进而完成计算，难度不大，需掌握相关公式并能进行合理的物理量估算。
【难度系数】0.6
6.如图所示,木块竖立在小车上,随小车一起以相同的速度向右做匀速直线运动。不考虑空气阻力,下列分析正确的是(
A.小车受到阻力突然停止运动时,木块将向左倾倒
B.当小车加速运动时,木块由于惯性会随即向右运动
C.木块随小车一起做匀速直线运动时,木块不受摩擦力
D.木块对小车的压力与地面对小车的支持力是一对平衡力
C
)A.小车受到阻力突然停止运动时,木块将向左倾倒
B.当小车加速运动时,木块由于惯性会随即向右运动
C.木块随小车一起做匀速直线运动时,木块不受摩擦力
D.木块对小车的压力与地面对小车的支持力是一对平衡力
答案
6.C
解析
【分析】
要解决这道题，需结合惯性、摩擦力、平衡力的相关知识，逐一分析每个选项：明确惯性是物体保持原有运动状态的性质；摩擦力产生需要两物体接触、挤压且有相对运动或相对运动趋势；平衡力需满足“同物、等大、反向、共线”四个条件，据此判断各选项正误。
【解析】
逐个分析选项：
1. 选项A：当小车突然停止运动时，木块底部随小车减速，木块上部由于惯性要保持原来向右的运动状态，因此木块会向右倾倒，而非向左，A错误。
2. 选项B：当小车加速运动时，木块底部随小车加速，木块上部由于惯性保持原来较小的速度，所以木块会向左倾倒，不会向右运动，B错误。
3. 选项C：木块随小车一起做匀速直线运动时，木块与小车之间没有相对运动，也没有相对运动的趋势，因此木块不受摩擦力，C正确。
4. 选项D：平衡力要求作用在同一物体上且大小相等。木块对小车的压力作用在小车上，大小等于木块的重力；地面对小车的支持力作用在小车上，大小等于小车和木块的总重力，二者大小不相等，不是一对平衡力，D错误。
【答案】
C
【知识点】
惯性、摩擦力、平衡力
【点评】
本题考查力学基础概念的应用，需准确理解惯性、摩擦力产生条件、平衡力的判断依据，是初中物理常考题型，难度适中。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需结合惯性、摩擦力、平衡力的相关知识，逐一分析每个选项：明确惯性是物体保持原有运动状态的性质；摩擦力产生需要两物体接触、挤压且有相对运动或相对运动趋势；平衡力需满足“同物、等大、反向、共线”四个条件，据此判断各选项正误。
【解析】
逐个分析选项：
1. 选项A：当小车突然停止运动时，木块底部随小车减速，木块上部由于惯性要保持原来向右的运动状态，因此木块会向右倾倒，而非向左，A错误。
2. 选项B：当小车加速运动时，木块底部随小车加速，木块上部由于惯性保持原来较小的速度，所以木块会向左倾倒，不会向右运动，B错误。
3. 选项C：木块随小车一起做匀速直线运动时，木块与小车之间没有相对运动，也没有相对运动的趋势，因此木块不受摩擦力，C正确。
4. 选项D：平衡力要求作用在同一物体上且大小相等。木块对小车的压力作用在小车上，大小等于木块的重力；地面对小车的支持力作用在小车上，大小等于小车和木块的总重力，二者大小不相等，不是一对平衡力，D错误。
【答案】
C
【知识点】
惯性、摩擦力、平衡力
【点评】
本题考查力学基础概念的应用，需准确理解惯性、摩擦力产生条件、平衡力的判断依据，是初中物理常考题型，难度适中。
【难度系数】
0.6
7. 如图所示,小明利用滑轮组匀速提升总重为 2 N 的钩码,每个滑轮重 1 N,不考虑绳重和摩擦,弹簧测力计的读数为(
A.1 N
B.1.5 N
C.2 N
D.3 N
B
)A.1 N
B.1.5 N
C.2 N
D.3 N
答案
7.B
解析
【分析】
要解决该问题，需先确定滑轮组中承担总重的绳子段数，再结合动滑轮的受力平衡计算拉力。步骤如下：1. 观察滑轮组结构，判断动滑轮上的绳子段数；2. 明确总重包含钩码重力和动滑轮自身重力；3. 利用滑轮组拉力公式计算弹簧测力计的示数。
【解析】
由图可知，该滑轮组中动滑轮上承担总重的绳子段数$n=2$。已知钩码总重$G_{物}=2N$，每个动滑轮重$G_{动}=1N$，不考虑绳重和摩擦时，滑轮组拉力公式为$F=\frac{G_{物}+G_{动}}{n}$，代入数值可得：$F=\frac{2N+1N}{2}=1.5N$，即弹簧测力计的读数为1.5N。
【答案】
B
【知识点】
滑轮组拉力计算
【点评】
本题考查滑轮组拉力的基础计算，核心是确定承担总重的绳子段数，需注意动滑轮自身重力需计入总重，属于力学基础题型。
【难度系数】
0.6
要解决该问题，需先确定滑轮组中承担总重的绳子段数，再结合动滑轮的受力平衡计算拉力。步骤如下：1. 观察滑轮组结构，判断动滑轮上的绳子段数；2. 明确总重包含钩码重力和动滑轮自身重力；3. 利用滑轮组拉力公式计算弹簧测力计的示数。
【解析】
由图可知，该滑轮组中动滑轮上承担总重的绳子段数$n=2$。已知钩码总重$G_{物}=2N$，每个动滑轮重$G_{动}=1N$，不考虑绳重和摩擦时，滑轮组拉力公式为$F=\frac{G_{物}+G_{动}}{n}$，代入数值可得：$F=\frac{2N+1N}{2}=1.5N$，即弹簧测力计的读数为1.5N。
【答案】
B
【知识点】
滑轮组拉力计算
【点评】
本题考查滑轮组拉力的基础计算，核心是确定承担总重的绳子段数，需注意动滑轮自身重力需计入总重，属于力学基础题型。
【难度系数】
0.6
8. 如图所示,小雪用放在水平面上的两个实验装置来观察并研究大气压的变化。下列说法正确的是(
A.大气压变大时,甲装置玻璃管内的液面会下降
B.大气压变大时,乙装置玻璃管内的液面会上升
C.乙装置玻璃管较细,能够更准确地测量出大气压的值
D.把乙装置从山脚拿到高山顶上,玻璃管内外液面高度差变大
D
)A.大气压变大时,甲装置玻璃管内的液面会下降
B.大气压变大时,乙装置玻璃管内的液面会上升
C.乙装置玻璃管较细,能够更准确地测量出大气压的值
D.把乙装置从山脚拿到高山顶上,玻璃管内外液面高度差变大
答案
8.D
解析
【分析】
本题需区分甲（托里拆利实验装置）和乙（自制气压计装置）的原理，结合大气压变化对两装置液面的影响分析选项：甲装置中，玻璃管上方为真空，外界大气压支撑水银柱，水银柱压强等于外界大气压；乙装置中，瓶内封闭气压等于外界大气压与玻璃管内水柱压强之和，用于粗略反映大气压变化，不能准确测量大气压。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：甲装置是托里拆利实验，大气压变大时，外界大气压支撑的水银柱高度会升高，玻璃管内液面应上升，而非下降，A错误。
选项B：乙装置中，瓶内气压$ p_{内}=p_{外}+p_{水柱} $，大气压变大时，$ p_{外} $增大，瓶内气压不变，故$ p_{水柱} $减小，玻璃管内液面下降，B错误。
选项C：乙装置是自制气压计，仅能粗略反映大气压变化，无法准确测量大气压；甲装置（托里拆利实验）才能准确测量大气压，C错误。
选项D：将乙装置从山脚移到山顶，海拔升高，外界大气压减小，瓶内气压不变，根据$ p_{内}=p_{外}+p_{水柱} $，$ p_{外} $减小则$ p_{水柱} $增大，玻璃管内外液面高度差变大，D正确。
【答案】
D
【知识点】
大气压的测量、大气压与高度的关系、自制气压计
【点评】
本题考查托里拆利实验和自制气压计的原理，需明确两者的功能差异，理解大气压变化对液面的影响，属于基础知识点的应用考查。
【难度系数】
0.5
本题需区分甲（托里拆利实验装置）和乙（自制气压计装置）的原理，结合大气压变化对两装置液面的影响分析选项：甲装置中，玻璃管上方为真空，外界大气压支撑水银柱，水银柱压强等于外界大气压；乙装置中，瓶内封闭气压等于外界大气压与玻璃管内水柱压强之和，用于粗略反映大气压变化，不能准确测量大气压。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：甲装置是托里拆利实验，大气压变大时，外界大气压支撑的水银柱高度会升高，玻璃管内液面应上升，而非下降，A错误。
选项B：乙装置中，瓶内气压$ p_{内}=p_{外}+p_{水柱} $，大气压变大时，$ p_{外} $增大，瓶内气压不变，故$ p_{水柱} $减小，玻璃管内液面下降，B错误。
选项C：乙装置是自制气压计，仅能粗略反映大气压变化，无法准确测量大气压；甲装置（托里拆利实验）才能准确测量大气压，C错误。
选项D：将乙装置从山脚移到山顶，海拔升高，外界大气压减小，瓶内气压不变，根据$ p_{内}=p_{外}+p_{水柱} $，$ p_{外} $减小则$ p_{水柱} $增大，玻璃管内外液面高度差变大，D正确。
【答案】
D
【知识点】
大气压的测量、大气压与高度的关系、自制气压计
【点评】
本题考查托里拆利实验和自制气压计的原理，需明确两者的功能差异，理解大气压变化对液面的影响，属于基础知识点的应用考查。
【难度系数】
0.5
9.物体 A 静止在水平桌面上,如图所示,若把 A 适当向右水平移动,则 A 对桌面的压力和压强的变化情况是(
A.压力变大,压强变大
B.压力不变,压强变大
C.压力不变,压强变小
D.压力变大,压强变小
C
)A.压力变大,压强变大
B.压力不变,压强变大
C.压力不变,压强变小
D.压力变大,压强变小
答案
9.C
解析
【分析】
要解决这道题，需明确水平面上物体对桌面的压力等于自身重力，再结合压强公式分析压强变化。首先，物体A静止在水平桌面上，对桌面的压力等于A的重力，重力不变则压力不变；当A向右移动时，A与桌面的接触面积（受力面积）变大，根据压强公式$ p=\frac{F}{S} $，压力F不变，受力面积S变大，压强会变小，据此判断选项。
【解析】
1. 分析压力：水平面上静止的物体，对支撑面的压力大小等于物体自身的重力。物体A的重力不变，因此A对桌面的压力不变。
2. 分析受力面积：当A适当向右水平移动时，A与桌面的接触面积（受力面积S）增大。
3. 分析压强：根据压强公式$ p=\frac{F}{S} $，压力F不变，受力面积S增大，所以A对桌面的压强变小。
综上，A对桌面的压力不变，压强变小，对应选项C。
【答案】
C
【知识点】
压力与重力关系、压强公式应用
【点评】
本题考查压力和压强的变化分析，关键是明确水平面上压力等于重力，以及受力面积的变化，利用压强公式判断压强变化，属于基础题型，需注意受力面积的判断。
【难度系数】
0.7
要解决这道题，需明确水平面上物体对桌面的压力等于自身重力，再结合压强公式分析压强变化。首先，物体A静止在水平桌面上，对桌面的压力等于A的重力，重力不变则压力不变；当A向右移动时，A与桌面的接触面积（受力面积）变大，根据压强公式$ p=\frac{F}{S} $，压力F不变，受力面积S变大，压强会变小，据此判断选项。
【解析】
1. 分析压力：水平面上静止的物体，对支撑面的压力大小等于物体自身的重力。物体A的重力不变，因此A对桌面的压力不变。
2. 分析受力面积：当A适当向右水平移动时，A与桌面的接触面积（受力面积S）增大。
3. 分析压强：根据压强公式$ p=\frac{F}{S} $，压力F不变，受力面积S增大，所以A对桌面的压强变小。
综上，A对桌面的压力不变，压强变小，对应选项C。
【答案】
C
【知识点】
压力与重力关系、压强公式应用
【点评】
本题考查压力和压强的变化分析，关键是明确水平面上压力等于重力，以及受力面积的变化，利用压强公式判断压强变化，属于基础题型，需注意受力面积的判断。
【难度系数】
0.7
