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1.关闭其他用电器，将节能灯和电取暖器分别接入家庭电路中单独工作2 min，电能表指示灯闪烁次数更多的是，说明相同时间内消耗的电能更多，也就是说该用电器消耗电能更。
答案
解：
电取暖器的电功率远大于节能灯的电功率，二者单独接入家庭电路工作2min，工作时间相同，由公式$W=Pt$可得，电取暖器消耗的电能更多，电能表指示灯闪烁次数更多。
该现象说明相同时间内电取暖器消耗的电能更多，也就是该用电器消耗电能更快。
答案依次为：电取暖器；电取暖器；快。
电取暖器的电功率远大于节能灯的电功率，二者单独接入家庭电路工作2min，工作时间相同，由公式$W=Pt$可得，电取暖器消耗的电能更多，电能表指示灯闪烁次数更多。
该现象说明相同时间内电取暖器消耗的电能更多，也就是该用电器消耗电能更快。
答案依次为：电取暖器；电取暖器；快。
解析
【分析】
要解决这道题，需明确：家庭电路电压固定，电能表指示灯闪烁次数反映用电器消耗电能的多少；工作时间相同时，用电器消耗的电能与电功率成正比，电功率越大，相同时间消耗电能越多，电能表闪烁次数越多；电功率的物理意义是表示用电器消耗电能的快慢。
【解析】
家庭电路中，节能灯的电功率远小于电取暖器的电功率。当二者单独工作2min（时间t相同）时，根据公式$W=Pt$，电功率P越大，消耗的电能W越多，因此电取暖器消耗的电能更多，电能表指示灯闪烁次数更多。这说明相同时间内电取暖器消耗的电能更多，即该用电器消耗电能更快。
【答案】
电取暖器；电取暖器；快
【知识点】
电功率、电能
【点评】
本题结合家庭电路实际，考查电功率的物理意义及电能与电功率的关系，属于基础应用类题目，需理解电功率反映消耗电能快慢的核心概念。
【难度系数】
0.3
要解决这道题，需明确：家庭电路电压固定，电能表指示灯闪烁次数反映用电器消耗电能的多少；工作时间相同时，用电器消耗的电能与电功率成正比，电功率越大，相同时间消耗电能越多，电能表闪烁次数越多；电功率的物理意义是表示用电器消耗电能的快慢。
【解析】
家庭电路中，节能灯的电功率远小于电取暖器的电功率。当二者单独工作2min（时间t相同）时，根据公式$W=Pt$，电功率P越大，消耗的电能W越多，因此电取暖器消耗的电能更多，电能表指示灯闪烁次数更多。这说明相同时间内电取暖器消耗的电能更多，即该用电器消耗电能更快。
【答案】
电取暖器；电取暖器；快
【知识点】
电功率、电能
【点评】
本题结合家庭电路实际，考查电功率的物理意义及电能与电功率的关系，属于基础应用类题目，需理解电功率反映消耗电能快慢的核心概念。
【难度系数】
0.3
2.当智能手机电量所剩无几时，通常可以通过设置“省电模式”来延长其使用时间，这是通过减小手机工作时的（选填“电压”或“电流”）来降低手机的（选填“电功率”或“电能”）的。
答案
解：智能手机的工作电压保持不变，根据电功率公式$P=UI$，在电压U一定的条件下，减小手机工作时的电流，就可以降低手机的电功率；
手机剩余的总电能是固定的，由电功公式$W=Pt$可知，在电能W一定时，减小电功率P可以延长手机的工作时间t，实现省电模式延长使用时间的效果。
答案依次为：电流；电功率。
手机剩余的总电能是固定的，由电功公式$W=Pt$可知，在电能W一定时，减小电功率P可以延长手机的工作时间t，实现省电模式延长使用时间的效果。
答案依次为：电流；电功率。
解析
【分析】首先，智能手机的工作电压保持恒定，根据电功率公式$P=UI$，在电压$U$不变的条件下，若要降低电功率，需要减小电流；其次，手机剩余的总电能是固定的，由电功公式$W=Pt$可知，当电能$W$一定时，减小电功率$P$可以延长工作时间$t$，从而实现省电模式延长使用时间的效果，因此省电模式是通过减小电流来降低电功率的。
【解析】根据电功率公式$P=UI$，智能手机工作时电压$U$不变，要降低电功率$P$，需减小电流$I$；再根据电功公式$W=Pt$，手机剩余电能$W$固定，减小电功率$P$可延长工作时间$t$，故省电模式是通过减小电流来降低电功率的。
【答案】电流；电功率
【知识点】电功率、电功
【点评】本题结合生活中的“省电模式”，考查电功率与电功公式的应用，将物理知识与生活实际结合，难度适中，能帮助学生理解物理知识在生活中的应用。
【难度系数】0.7
【解析】根据电功率公式$P=UI$，智能手机工作时电压$U$不变，要降低电功率$P$，需减小电流$I$；再根据电功公式$W=Pt$，手机剩余电能$W$固定，减小电功率$P$可延长工作时间$t$，故省电模式是通过减小电流来降低电功率的。
【答案】电流；电功率
【知识点】电功率、电功
【点评】本题结合生活中的“省电模式”，考查电功率与电功公式的应用，将物理知识与生活实际结合，难度适中，能帮助学生理解物理知识在生活中的应用。
【难度系数】0.7
3.图15.2-1是通过甲、乙两导体的电流与其两端电压关系的图像。若将甲、乙串联接在电路中，它们两端的电压之比$U_甲:U_乙=$；若将甲、乙并联接在电路中，它们的电功率之比$P_甲:P_乙=$。
答案
$1:2$；$2:1$
解析
【分析】要解决该问题，需先从I-U图像中求出甲、乙两导体的电阻，再结合串并联电路的特点，利用欧姆定律和电功率公式计算对应比值。步骤如下：①从图像中选取甲、乙的一组电压和电流值，通过R=U/I计算各自电阻；②串联时电流相等，根据U=IR，电压之比等于电阻之比；③并联时电压相等，根据P=U²/R，电功率之比等于电阻的反比。
【解析】
1. 计算甲、乙的电阻：
由图像可知，当U=2V时，I甲=0.2A，I乙=0.1A。
根据欧姆定律 $ R=\frac{U}{I} $，得：
$ R_甲=\frac{U}{I_甲}=\frac{2V}{0.2A}=10Ω $，
$ R_乙=\frac{U}{I_乙}=\frac{2V}{0.1A}=20Ω $。
2. 串联时的电压之比：
串联电路中电流处处相等，即 $ I_{甲串}=I_{乙串}=I $，
根据 $ U=IR $，$ U_甲=IR_甲 $，$ U_乙=IR_乙 $，
故 $ U_甲:U_乙=R_甲:R_乙=10Ω:20Ω=1:2 $。
3. 并联时的电功率之比：
并联电路中各支路电压相等，即 $ U_{甲并}=U_{乙并}=U $，
根据电功率公式 $ P=\frac{U^2}{R} $，
故 $ P_甲:P_乙=\frac{U^2}{R_甲}:\frac{U^2}{R_乙}=R_乙:R_甲=20Ω:10Ω=2:1 $。
【答案】
1:2；2:1
【知识点】
欧姆定律、串联电路电压规律、并联电路电功率计算
【点评】
本题结合I-U图像考查电学核心公式的应用，关键是从图像中提取电阻信息，再利用串并联电路的基本规律进行比值计算，属于基础应用题型。
【难度系数】
0.4
【解析】
1. 计算甲、乙的电阻：
由图像可知，当U=2V时，I甲=0.2A，I乙=0.1A。
根据欧姆定律 $ R=\frac{U}{I} $，得：
$ R_甲=\frac{U}{I_甲}=\frac{2V}{0.2A}=10Ω $，
$ R_乙=\frac{U}{I_乙}=\frac{2V}{0.1A}=20Ω $。
2. 串联时的电压之比：
串联电路中电流处处相等，即 $ I_{甲串}=I_{乙串}=I $，
根据 $ U=IR $，$ U_甲=IR_甲 $，$ U_乙=IR_乙 $，
故 $ U_甲:U_乙=R_甲:R_乙=10Ω:20Ω=1:2 $。
3. 并联时的电功率之比：
并联电路中各支路电压相等，即 $ U_{甲并}=U_{乙并}=U $，
根据电功率公式 $ P=\frac{U^2}{R} $，
故 $ P_甲:P_乙=\frac{U^2}{R_甲}:\frac{U^2}{R_乙}=R_乙:R_甲=20Ω:10Ω=2:1 $。
【答案】
1:2；2:1
【知识点】
欧姆定律、串联电路电压规律、并联电路电功率计算
【点评】
本题结合I-U图像考查电学核心公式的应用，关键是从图像中提取电阻信息，再利用串并联电路的基本规律进行比值计算，属于基础应用题型。
【难度系数】
0.4
4.一台标有“220 V 1 000 W”的电炉，正常工作时的电阻是 Ω；$3.6× 10^7$ J的电能可以让其正常工作 h。
答案
解：
电炉正常工作时额定电压$ U=220\ \mathrm{V} $，额定功率$ P=1000\ \mathrm{W} $，
由$ P=\frac{U^2}{R} $得正常工作的电阻：
$ R=\frac{U^2}{P}=\frac{(220\ \mathrm{V})^2}{1000\ \mathrm{W}}=48.4\ \Omega $
由$ P=\frac{W}{t} $得电能$ W=3.6×10^7\ \mathrm{J} $下的正常工作时间：
$ t=\frac{W}{P}=\frac{3.6×10^7\ \mathrm{J}}{1000\ \mathrm{W}}=3.6×10^4\ \mathrm{s}=10\ \mathrm{h} $
答案依次为：$\boldsymbol{48.4}$；$\boldsymbol{10}$。
电炉正常工作时额定电压$ U=220\ \mathrm{V} $，额定功率$ P=1000\ \mathrm{W} $，
由$ P=\frac{U^2}{R} $得正常工作的电阻：
$ R=\frac{U^2}{P}=\frac{(220\ \mathrm{V})^2}{1000\ \mathrm{W}}=48.4\ \Omega $
由$ P=\frac{W}{t} $得电能$ W=3.6×10^7\ \mathrm{J} $下的正常工作时间：
$ t=\frac{W}{P}=\frac{3.6×10^7\ \mathrm{J}}{1000\ \mathrm{W}}=3.6×10^4\ \mathrm{s}=10\ \mathrm{h} $
答案依次为：$\boldsymbol{48.4}$；$\boldsymbol{10}$。
解析
【分析】
本题考查电学中电功率和电能的基本计算，解题思路为：①电炉正常工作时，其电压和功率为额定值，利用电功率公式的变形求电阻；②利用电能公式的变形求工作时间，计算时需注意单位换算（将秒转换为小时）。
【解析】
已知电炉的额定电压$ U = 220\ \mathrm{V} $，额定功率$ P = 1000\ \mathrm{W} $，消耗的电能$ W = 3.6×10^7\ \mathrm{J} $。
1. 求正常工作的电阻：
根据电功率公式$ P = \frac{U^2}{R} $，变形得电阻$ R = \frac{U^2}{P} $，代入数值计算：
$ R = \frac{(220\ \mathrm{V})^2}{1000\ \mathrm{W}} = \frac{48400\ \mathrm{V^2}}{1000\ \mathrm{W}} = 48.4\ \Omega $。
2. 求正常工作的时间：
根据电能公式$ P = \frac{W}{t} $，变形得时间$ t = \frac{W}{P} $，代入数值计算（先得秒，再转换为小时）：
$ t = \frac{3.6×10^7\ \mathrm{J}}{1000\ \mathrm{W}} = 3.6×10^4\ \mathrm{s} $，
因为$ 1\ \mathrm{h} = 3600\ \mathrm{s} $，所以$ t = \frac{3.6×10^4\ \mathrm{s}}{3600\ \mathrm{s/h}} = 10\ \mathrm{h} $。
【答案】
48.4；10
【知识点】
电功率计算、电能计算、额定功率应用
【点评】
本题为电学基础计算题，主要考查电功率公式和电能公式的灵活应用，解题关键是明确电炉正常工作时的参数为额定值，计算时需注意单位的统一与换算，难度较低，属于学生应掌握的常规题型。
【难度系数】
0.8
本题考查电学中电功率和电能的基本计算，解题思路为：①电炉正常工作时，其电压和功率为额定值，利用电功率公式的变形求电阻；②利用电能公式的变形求工作时间，计算时需注意单位换算（将秒转换为小时）。
【解析】
已知电炉的额定电压$ U = 220\ \mathrm{V} $，额定功率$ P = 1000\ \mathrm{W} $，消耗的电能$ W = 3.6×10^7\ \mathrm{J} $。
1. 求正常工作的电阻：
根据电功率公式$ P = \frac{U^2}{R} $，变形得电阻$ R = \frac{U^2}{P} $，代入数值计算：
$ R = \frac{(220\ \mathrm{V})^2}{1000\ \mathrm{W}} = \frac{48400\ \mathrm{V^2}}{1000\ \mathrm{W}} = 48.4\ \Omega $。
2. 求正常工作的时间：
根据电能公式$ P = \frac{W}{t} $，变形得时间$ t = \frac{W}{P} $，代入数值计算（先得秒，再转换为小时）：
$ t = \frac{3.6×10^7\ \mathrm{J}}{1000\ \mathrm{W}} = 3.6×10^4\ \mathrm{s} $，
因为$ 1\ \mathrm{h} = 3600\ \mathrm{s} $，所以$ t = \frac{3.6×10^4\ \mathrm{s}}{3600\ \mathrm{s/h}} = 10\ \mathrm{h} $。
【答案】
48.4；10
【知识点】
电功率计算、电能计算、额定功率应用
【点评】
本题为电学基础计算题，主要考查电功率公式和电能公式的灵活应用，解题关键是明确电炉正常工作时的参数为额定值，计算时需注意单位的统一与换算，难度较低，属于学生应掌握的常规题型。
【难度系数】
0.8
5.定值电阻$R_1$标有“20 V 40 W”的字样，定值电阻$R_2$标有“50 Ω 0.5 A”的字样。若将它们串联使用，允许加在它们两端的电压最大为V；
若将它们并联使用，电路允许的最大功率为W。
若将它们并联使用，电路允许的最大功率为W。
答案
$\boldsymbol{30}$；$\boldsymbol{48}$
解析
【分析】
要解决本题，需结合串并联电路的特点，利用额定参数计算：串联时电流处处相等，允许的最大电流为两个电阻额定电流的较小值；并联时各支路电压相等，允许的最大电压为两个电阻额定电压的较小值，再结合欧姆定律、电功率公式计算对应物理量。
【解析】
步骤1：计算定值电阻$R_1$的额定电流和电阻
根据公式$P=UI$，$R_1$的额定电流：
$I_{1额}=\frac{P_1}{U_1}=\frac{40\ \mathrm{W}}{20\ \mathrm{V}}=2\ \mathrm{A}$
根据公式$P=\frac{U^2}{R}$，$R_1$的电阻：
$R_1=\frac{U_1^2}{P_1}=\frac{(20\ \mathrm{V})^2}{40\ \mathrm{W}}=10\ \Omega$
步骤2：计算串联时允许加的最大电压
串联电路电流处处相等，允许的最大电流取较小的额定电流，即$I_{max}=I_{2额}=0.5\ \mathrm{A}$（$R_2$的额定电流为0.5A）。
串联总电阻：$R_{总}=R_1+R_2=10\ \Omega+50\ \Omega=60\ \Omega$
允许的最大电压：
$U_{串max}=I_{max}× R_{总}=0.5\ \mathrm{A}×60\ \Omega=30\ \mathrm{V}$
步骤3：计算并联时电路允许的最大功率
并联电路各支路电压相等，允许的最大电压取较小的额定电压：
$R_2$的额定电压$U_{2额}=I_{2额}× R_2=0.5\ \mathrm{A}×50\ \Omega=25\ \mathrm{V}$，$R_1$额定电压为20V，故并联最大电压$U_{并max}=20\ \mathrm{V}$。
此时$R_1$正常工作，功率$P_1=40\ \mathrm{W}$；$R_2$的功率：
$P_2=\frac{U_{并max}^2}{R_2}=\frac{(20\ \mathrm{V})^2}{50\ \Omega}=8\ \mathrm{W}$
电路允许的最大功率：
$P_{总max}=P_1+P_2=40\ \mathrm{W}+8\ \mathrm{W}=48\ \mathrm{W}$
【答案】
30；48
【知识点】
欧姆定律；电功率；串并联电路特点
【点评】
本题考查串并联电路中额定参数的应用，核心是明确串联取小电流、并联取小电压的原则，结合电学公式计算，属于电学基础题型。
【难度系数】
0.6
要解决本题，需结合串并联电路的特点，利用额定参数计算：串联时电流处处相等，允许的最大电流为两个电阻额定电流的较小值；并联时各支路电压相等，允许的最大电压为两个电阻额定电压的较小值，再结合欧姆定律、电功率公式计算对应物理量。
【解析】
步骤1：计算定值电阻$R_1$的额定电流和电阻
根据公式$P=UI$，$R_1$的额定电流：
$I_{1额}=\frac{P_1}{U_1}=\frac{40\ \mathrm{W}}{20\ \mathrm{V}}=2\ \mathrm{A}$
根据公式$P=\frac{U^2}{R}$，$R_1$的电阻：
$R_1=\frac{U_1^2}{P_1}=\frac{(20\ \mathrm{V})^2}{40\ \mathrm{W}}=10\ \Omega$
步骤2：计算串联时允许加的最大电压
串联电路电流处处相等，允许的最大电流取较小的额定电流，即$I_{max}=I_{2额}=0.5\ \mathrm{A}$（$R_2$的额定电流为0.5A）。
串联总电阻：$R_{总}=R_1+R_2=10\ \Omega+50\ \Omega=60\ \Omega$
允许的最大电压：
$U_{串max}=I_{max}× R_{总}=0.5\ \mathrm{A}×60\ \Omega=30\ \mathrm{V}$
步骤3：计算并联时电路允许的最大功率
并联电路各支路电压相等，允许的最大电压取较小的额定电压：
$R_2$的额定电压$U_{2额}=I_{2额}× R_2=0.5\ \mathrm{A}×50\ \Omega=25\ \mathrm{V}$，$R_1$额定电压为20V，故并联最大电压$U_{并max}=20\ \mathrm{V}$。
此时$R_1$正常工作，功率$P_1=40\ \mathrm{W}$；$R_2$的功率：
$P_2=\frac{U_{并max}^2}{R_2}=\frac{(20\ \mathrm{V})^2}{50\ \Omega}=8\ \mathrm{W}$
电路允许的最大功率：
$P_{总max}=P_1+P_2=40\ \mathrm{W}+8\ \mathrm{W}=48\ \mathrm{W}$
【答案】
30；48
【知识点】
欧姆定律；电功率；串并联电路特点
【点评】
本题考查串并联电路中额定参数的应用，核心是明确串联取小电流、并联取小电压的原则，结合电学公式计算，属于电学基础题型。
【难度系数】
0.6
6.某商家销售的移动电源相当于大型“充电宝”，其铭牌如图15.2-2所示。顾客咨询：“该移动电源可以供2.5 kW的用电器正常工作吗？”客服回复：“没问题，这是3 kW·h的，3 kW以内的用电器都可以正常使用。”该客服
（）
图15.2-2
A.说法正确
B.混淆了电功率和电能
C.混淆了电功率和电流
D.混淆了电功率和电压
（）
图15.2-2
A.说法正确
B.混淆了电功率和电能
C.混淆了电功率和电流
D.混淆了电功率和电压
答案
B
解析
【分析】
解题时需明确电能和电功率的物理意义及单位：移动电源铭牌中的“3 kW·h”是电能（电功）的单位，描述电源能提供的总电能；用电器功率单位“kW”是电功率的单位，描述用电器消耗电能的快慢。客服混淆了电能和电功率的单位，错误将3 kW·h对应为3 kW的电功率，判断逻辑错误。
【解析】
1. 单位含义：kW·h是电能单位，1 kW·h表示功率1kW的用电器工作1h消耗的电能；kW是电功率单位，反映用电器消耗电能的快慢。
2. 移动电源的“3 kW·h”是储存的总电能，并非电功率。客服将电能数值等同于电功率，混淆了电能和电功率的概念，因此说法错误。
【答案】
B
【知识点】
电能、电功率的概念及单位
【点评】
本题结合生活实例考查电能与电功率的概念辨析，核心是区分两者的物理意义和单位，属于基础概念题，难度适中。
【难度系数】
0.6
解题时需明确电能和电功率的物理意义及单位：移动电源铭牌中的“3 kW·h”是电能（电功）的单位，描述电源能提供的总电能；用电器功率单位“kW”是电功率的单位，描述用电器消耗电能的快慢。客服混淆了电能和电功率的单位，错误将3 kW·h对应为3 kW的电功率，判断逻辑错误。
【解析】
1. 单位含义：kW·h是电能单位，1 kW·h表示功率1kW的用电器工作1h消耗的电能；kW是电功率单位，反映用电器消耗电能的快慢。
2. 移动电源的“3 kW·h”是储存的总电能，并非电功率。客服将电能数值等同于电功率，混淆了电能和电功率的概念，因此说法错误。
【答案】
B
【知识点】
电能、电功率的概念及单位
【点评】
本题结合生活实例考查电能与电功率的概念辨析，核心是区分两者的物理意义和单位，属于基础概念题，难度适中。
【难度系数】
0.6
7. 提升题 在图15.2-3所示的电路中，电源电压保持不变，开关S始终闭合。当开关S₁由断开切换到闭合时，下列说法正确的是（）
A.电路的总电阻变小
B.电路的总功率变小
C.电流表的示数变小
D.电压表的示数不变
A.电路的总电阻变小
B.电路的总功率变小
C.电流表的示数变小
D.电压表的示数不变
答案
A
解析
【分析】
首先明确开关S始终闭合，当S₁断开时，R₁与R₂串联，电流表测电路电流，电压表测R₂两端电压；当S₁闭合时，R₁被短路，电路为R₂的简单电路，电流表测电路电流，电压表测R₂两端电压（此时等于电源电压）。接下来根据串联电路特点、欧姆定律、电功率公式，分析各选项中总电阻、总功率、电流、电压表示数的变化。
【解析】
开关S始终闭合：
1. 当S₁断开时，R₁与R₂串联，总电阻$ R_{串}=R_1+R_2 $，电路电流$ I_{串}=\frac{U}{R_1+R_2} $，电压表的示数$ U_2=I_{串}R_2 $；
2. 当S₁闭合时，R₁被短路，电路为R₂的简单电路，总电阻$ R_{单}=R_2 $，电路电流$ I_{单}=\frac{U}{R_2} $，电压表的示数等于电源电压$ U $。
对各选项分析：
选项A：总电阻$ R_{串}=R_1+R_2 ＞ R_{单}=R_2 $，总电阻变小，A正确；
选项B：总功率$ P=\frac{U^2}{R} $，电源电压$ U $不变，总电阻$ R $变小，总功率变大，B错误；
选项C：电流$ I=\frac{U}{R} $，$ U $不变，$ R $变小，电流变大，电流表示数变大，C错误；
选项D：S₁断开时电压表的示数小于电源电压，S₁闭合时电压表的示数等于电源电压，电压表示数变大，D错误。
【答案】
A
【知识点】
欧姆定律应用、电路动态分析、电功率计算
【点评】
本题为电路动态分析题，核心是明确开关通断时的电路连接方式，结合欧姆定律和电功率公式判断各物理量的变化，需掌握串联电路特点及电表测量对象的判断。
【难度系数】
0.5
首先明确开关S始终闭合，当S₁断开时，R₁与R₂串联，电流表测电路电流，电压表测R₂两端电压；当S₁闭合时，R₁被短路，电路为R₂的简单电路，电流表测电路电流，电压表测R₂两端电压（此时等于电源电压）。接下来根据串联电路特点、欧姆定律、电功率公式，分析各选项中总电阻、总功率、电流、电压表示数的变化。
【解析】
开关S始终闭合：
1. 当S₁断开时，R₁与R₂串联，总电阻$ R_{串}=R_1+R_2 $，电路电流$ I_{串}=\frac{U}{R_1+R_2} $，电压表的示数$ U_2=I_{串}R_2 $；
2. 当S₁闭合时，R₁被短路，电路为R₂的简单电路，总电阻$ R_{单}=R_2 $，电路电流$ I_{单}=\frac{U}{R_2} $，电压表的示数等于电源电压$ U $。
对各选项分析：
选项A：总电阻$ R_{串}=R_1+R_2 ＞ R_{单}=R_2 $，总电阻变小，A正确；
选项B：总功率$ P=\frac{U^2}{R} $，电源电压$ U $不变，总电阻$ R $变小，总功率变大，B错误；
选项C：电流$ I=\frac{U}{R} $，$ U $不变，$ R $变小，电流变大，电流表示数变大，C错误；
选项D：S₁断开时电压表的示数小于电源电压，S₁闭合时电压表的示数等于电源电压，电压表示数变大，D错误。
【答案】
A
【知识点】
欧姆定律应用、电路动态分析、电功率计算
【点评】
本题为电路动态分析题，核心是明确开关通断时的电路连接方式，结合欧姆定律和电功率公式判断各物理量的变化，需掌握串联电路特点及电表测量对象的判断。
【难度系数】
0.5
