1. 在物理学中，把电流在某段时间内所做的跟这段的比叫做电功率。

1. 功 时间

【分析】
本题考查电功率的定义，需回忆物理中电功率的概念：电功率是描述电流做功快慢的物理量，其定义为电流在某段时间内所做的功与这段时间的比值，据此可确定填空内容。
【解析】
根据物理学中电功率的定义：电流在某段时间内所做的功跟这段时间的比叫做电功率，因此两个空依次应填功、时间。
【答案】
功；时间
【知识点】
电功率的定义
【点评】
本题为电学基础概念题，直接考察电功率的定义，属于识记类题目，难度较低，需准确记忆相关物理概念。
【难度系数】
0.9

2. 电功率是表示的物理量，即电功率大的用电器电流做功。

2. 电流做功快慢 快

【分析】要解答本题，需回忆电功率的核心概念：电功率是用于描述电流做功快慢的物理量，其大小直接反映电流做功的快慢程度，电功率越大，电流在单位时间内做的功越多，即做功越快。
【解析】根据电功率的物理意义，第一个空应填“电流做功快慢”；电功率的大小体现电流做功的快慢，所以电功率大的用电器电流做功更快，第二个空填“快”。
【答案】电流做功快慢 快
【知识点】电功率的概念
【点评】本题考查电功率的基础定义，属于识记类基础题，是初中电学的核心知识点，需准确记忆概念内容。
【难度系数】0.9

3. 电功率用字母表示，公式为。电功率的国际单位是，常用单位还有千瓦（kW），1 kW= W。

3. P $P=\frac{W}{t}$ 瓦特 $10^3$

【分析】
本题考查电功率的基础概念，需回忆物理中电功率的符号、定义式、国际单位及单位换算关系，逐一对应填写即可。
【解析】
根据物理电学的基础规定：电功率用字母P表示，其定义式为电功率等于电功与时间的比值，即$P=\frac{W}{t}$；电功率的国际单位是瓦特，常用单位千瓦（kW）与瓦（W）的换算关系为$1\ \mathrm{kW}=10^3\ \mathrm{W}$。
【答案】
P；$P=\frac{W}{t}$；瓦特；$10^3$
【知识点】
电功率的符号与公式、电功率的单位及换算
【点评】
本题为物理电学的基础概念记忆题，考查学生对电功率核心基础知识点的掌握，属于难度较低的送分题。
【难度系数】
0.9

4. 精确的实验表明，电功率等于电压U跟电流I的乘积，即$P=$，应用公式计算时，物理量必须使用国际单位，即U的单位为V，I的单位为A，P的单位为W。

4. UI

【分析】本题考查电功率的定义式，解题思路是回忆电功率的基本定义，根据题目中“电功率等于电压U跟电流I的乘积”的描述，直接对应公式即可，同时结合国际单位的对应关系验证，确定公式表达式。
【解析】精确实验表明电功率等于电压U与电流I的乘积，因此电功率的公式为$P=UI$，结合题目要求，直接填写对应表达式即可。
【答案】UI
【知识点】电功率公式
【点评】本题为电学基础概念题，直接考查电功率的定义式，难度较低，属于必须掌握的基础知识点，只要牢记基本公式就能轻松解答。
【难度系数】0.9

例1 一个标注为“220 V,850 W”的电水壶,接在220 V的家庭电路中烧水。若水的质量为1.5 kg,初温为20℃,经过12 min,水被烧开,即达到100℃。已知水的比热容为$4.2×10^3 J/(kg·℃)$,这个过程中:
(1) 水吸收了多少热量?
(2) 电水壶消耗了多少电能?
(3) “浪费的电能”到哪里去了?
解析 (1) $Q=cm(t_2 - t_1)=4.2×10^3 J/(kg·℃)×1.5 kg×80℃=5.04×10^5 J$。
(2) $W=Pt=850 W×12×60 s=6.12×10^5 J$。
(3) $W＞Q$,那些“浪费的电能”,有的以内能的形式被释放到空气中,以加热空气;导线中也有一些热量产生,并释放到空气中。
$R_1$

解：
(1) 水吸收的热量：
$Q_{吸}=cm(t-t_0)=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·℃)×1.5\ \mathrm{kg}×(100℃-20℃)=5.04×10^5\ \mathrm{J}$
(2) 电水壶接在220V额定电压下工作，实际功率等于额定功率$P=850\ \mathrm{W}$，工作时间$t=12\ \mathrm{min}=720\ \mathrm{s}$，
电水壶消耗的电能：
$W=Pt=850\ \mathrm{W}×720\ \mathrm{s}=6.12×10^5\ \mathrm{J}$
(3) 该过程中消耗的总电能大于水吸收的热量，浪费的电能全部转化为内能：一部分被电水壶自身吸收，一部分直接释放到空气中加热周围环境，还有一部分在连接电水壶的导线上产生热量，最终也散失到周围环境中。
答：(1) 水吸收了$5.04×10^5\ \mathrm{J}$的热量；(2) 电水壶消耗了$6.12×10^5\ \mathrm{J}$的电能；(3) 浪费的电能最终都以内能的形式散失到电水壶、空气、导线等周围环境中。

【分析】
本题分为三个小问，第一问计算水吸收的热量，需运用吸热公式$Q_{吸}=cm(t-t_0)$，确定水的比热容、质量、温度变化量（末温与初温的差值）后代入计算；第二问计算电水壶消耗的电能，电水壶在额定电压下工作，实际功率等于额定功率，利用电能公式$W=Pt$，需先将时间单位换算为秒再计算；第三问分析浪费的电能去向，结合能量转化规律，电能除被水吸收外，还会转化为其他形式的内能散失。
【解析】
(1) 水吸收的热量根据吸热公式计算：
$Q_{吸}=cm(t-t_0)=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·℃)×1.5\ \mathrm{kg}×(100℃-20℃)=5.04×10^5\ \mathrm{J}$；
(2) 电水壶在220V额定电压下工作，实际功率等于额定功率$P=850\ \mathrm{W}$，工作时间$t=12\ \mathrm{min}=12×60\ \mathrm{s}=720\ \mathrm{s}$，消耗的电能：
$W=Pt=850\ \mathrm{W}×720\ \mathrm{s}=6.12×10^5\ \mathrm{J}$；
(3) 消耗的总电能大于水吸收的热量，浪费的电能全部转化为内能：一部分被电水壶自身吸收，一部分直接释放到空气中加热周围环境，还有一部分在连接电水壶的导线上产生热量，最终也散失到周围环境中。
【答案】
(1) 水吸收了$5.04×10^5\ \mathrm{J}$的热量；(2) 电水壶消耗了$6.12×10^5\ \mathrm{J}$的电能；(3) 浪费的电能最终都以内能的形式散失到电水壶、空气、导线等周围环境中。
【知识点】
热量计算、电能计算、能量转化
【点评】
本题是电热相关的基础应用题，结合生活实例考查吸热公式、电能公式的应用，以及能量转化的理解，注重物理知识与实际生活的结合，难度适中。
【难度系数】
0.6

例2 如图15-2-1所示，电源电压保持不变，电阻$ R_1 $为12 Ω，闭合开关S，通过$ R_1 $的电流为0.5 A，电路中的总电流为0.6 A，求：
（1）电源电压；
（2）电阻$ R_2 $的阻值；
（3）电路的总功率。
解析 （1）由图可知，$ R_1 $、$ R_2 $并联，根据$ I=\frac{U}{R} $可知，$ R_1 $两端的电压：$ U_1=I_1R_1=0.5 A×12 Ω=6 V $，根据并联电路的电压特点可知，电源电压：$ U=U_2=U_1=6 V $。
（2）根据并联电路的电流特点可知，通过电阻$ R_2 $的电流：$ I_2=I-I_1=0.6 A - 0.5 A=0.1 A $，根据$ I=\frac{U}{R} $可知，电阻$ R_2 $的阻值：$ R_2=\frac{U_2}{R_2}=\frac{6 V}{0.1 A}=60 Ω $。
（3）电路的总功率：$ P=UI=6 V×0.6 A=3.6 W $。

解：
（1）由电路图可知，$R_1$与$R_2$并联。
根据欧姆定律$I=\frac{U}{R}$，可得$R_1$两端的电压：
$U_1 = I_1 R_1 = 0.5\ \mathrm{A} × 12\ \Omega = 6\ \mathrm{V}$
并联电路中各支路两端电压相等，等于电源电压，因此电源电压：
$U = U_2 = U_1 = 6\ \mathrm{V}$
（2）根据并联电路的电流特点，干路电流等于各支路电流之和，可得通过$R_2$的电流：
$I_2 = I - I_1 = 0.6\ \mathrm{A} - 0.5\ \mathrm{A} = 0.1\ \mathrm{A}$
根据欧姆定律$I=\frac{U}{R}$变形，可得$R_2$的阻值：
$R_2 = \frac{U_2}{I_2} = \frac{6\ \mathrm{V}}{0.1\ \mathrm{A}} = 60\ \Omega$
（3）电路的总功率：
$P = UI = 6\ \mathrm{V} × 0.6\ \mathrm{A} = 3.6\ \mathrm{W}$
答：（1）电源电压为6V；（2）电阻$R_2$的阻值为$60\ \Omega$；（3）电路的总功率为3.6W。

【分析】首先观察电路图，明确$R_1$与$R_2$为并联关系。解题思路：（1）利用已知的$R_1$电阻和电流，结合欧姆定律求出$R_1$两端电压，根据并联电路电压特点，该电压等于电源电压；（2）根据并联电路电流特点，干路电流等于各支路电流之和，求出通过$R_2$的电流，再用欧姆定律计算$R_2$的阻值；（3）利用电源电压和总电流，根据电功率公式计算电路总功率。
【解析】（1）由电路图可知，$R_1$与$R_2$并联。根据欧姆定律$I=\frac{U}{R}$，可得$R_1$两端的电压：$U_1 = I_1R_1 = 0.5\ \mathrm{A} × 12\ \Omega = 6\ \mathrm{V}$。因为并联电路中各支路两端电压相等，等于电源电压，所以电源电压$U = U_1 = 6\ \mathrm{V}$。
（2）根据并联电路的电流特点，干路电流等于各支路电流之和，所以通过$R_2$的电流：$I_2 = I - I_1 = 0.6\ \mathrm{A} - 0.5\ \mathrm{A} = 0.1\ \mathrm{A}$。再根据欧姆定律变形公式$R=\frac{U}{I}$，可得$R_2$的阻值：$R_2 = \frac{U}{I_2} = \frac{6\ \mathrm{V}}{0.1\ \mathrm{A}} = 60\ \Omega$。
（3）电路的总功率根据公式$P=UI$计算，代入数据得：$P = UI = 6\ \mathrm{V} × 0.6\ \mathrm{A} = 3.6\ \mathrm{W}$。
【答案】（1）电源电压为6V；（2）电阻$R_2$的阻值为$60\ \Omega$；（3）电路的总功率为3.6W。
【知识点】并联电路特点、欧姆定律、电功率计算
【点评】本题是电学基础计算题，主要考查并联电路的电压、电流规律，以及欧姆定律和电功率公式的应用，属于常规题型，难度适中。
【难度系数】0.7