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7 关于冰的熔化过程，下列判断正确的是 （
A.内能不变，比热容不变
B.比热容变大，内能增加，温度不变
C.比热容、内能、温度都不变
D.比热容变大，内能增加，温度升高
B
）A.内能不变，比热容不变
B.比热容变大，内能增加，温度不变
C.比热容、内能、温度都不变
D.比热容变大，内能增加，温度升高
答案
7. B
解析
【分析】
要解决这道题，需明确冰是晶体，晶体熔化过程的特点，以及内能、比热容的变化规律：首先，晶体熔化时温度保持不变，可先排除温度升高的选项；其次，冰熔化为水，水的比热容大于冰的比热容，可知比热容变大；最后，熔化过程需要吸收热量，虽然温度不变，但内能会增加，据此判断选项。
【解析】
冰是晶体，熔化过程的特点如下：①温度保持不变，因此排除温度升高的选项D；②熔化过程需要吸收热量，内能增加，排除内能不变的选项A、C；③冰的比热容为2.1×10³J/(kg·℃)，水的比热容为4.2×10³J/(kg·℃)，冰熔化为水后比热容变大。综上，只有选项B的描述符合规律。
【答案】
B
【知识点】
晶体熔化特点；内能变化；比热容
【点评】
本题考查晶体熔化过程中温度、内能、比热容的变化，属于基础概念题，需准确掌握相关物理量的变化规律。
【难度系数】
0.8
要解决这道题，需明确冰是晶体，晶体熔化过程的特点，以及内能、比热容的变化规律：首先，晶体熔化时温度保持不变，可先排除温度升高的选项；其次，冰熔化为水，水的比热容大于冰的比热容，可知比热容变大；最后，熔化过程需要吸收热量，虽然温度不变，但内能会增加，据此判断选项。
【解析】
冰是晶体，熔化过程的特点如下：①温度保持不变，因此排除温度升高的选项D；②熔化过程需要吸收热量，内能增加，排除内能不变的选项A、C；③冰的比热容为2.1×10³J/(kg·℃)，水的比热容为4.2×10³J/(kg·℃)，冰熔化为水后比热容变大。综上，只有选项B的描述符合规律。
【答案】
B
【知识点】
晶体熔化特点；内能变化；比热容
【点评】
本题考查晶体熔化过程中温度、内能、比热容的变化，属于基础概念题，需准确掌握相关物理量的变化规律。
【难度系数】
0.8
8 质量相同的两金属块，吸收相同的热量，升高的温度不同，则 （
A.升高温度较大的金属块比热容一定大
B.升高温度较大的金属块比热容一定小
C.温度高的金属块比热容一定大
D.温度高的金属块比热容一定小
B
）A.升高温度较大的金属块比热容一定大
B.升高温度较大的金属块比热容一定小
C.温度高的金属块比热容一定大
D.温度高的金属块比热容一定小
答案
8. B
解析
【分析】
要解决这道题，需利用热量计算公式$Q_{吸}=cm\Delta t$推导分析。题目明确两金属块质量$m$相同、吸收热量$Q_{吸}$相同，将公式变形可得到比热容的表达式，进而分析比热容与升高温度的关系；同时要注意区分“升高的温度”和“温度高低”，避免概念混淆。
【解析】
根据热量计算公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，已知两金属块质量$m$相等，吸收的热量$Q_{吸}$相等，将公式变形为$c=\frac{Q_{吸}}{m\Delta t}$。由于$Q_{吸}$和$m$均为定值，因此比热容$c$与升高的温度$\Delta t$成反比，即$\Delta t$越大，$c$越小。
对各选项分析如下：
A选项：升高温度较大的金属块$\Delta t$大，由上述关系可知其比热容更小，而非更大，A错误；
B选项：升高温度较大的金属块$\Delta t$大，对应比热容更小，B正确；
C、D选项：题目中比较的是“升高的温度$\Delta t$”，而非金属块的“末温”，“温度高”与$\Delta t$无直接关联，C、D错误。
【答案】
B
【知识点】
热量的计算；比热容
【点评】
本题考查热量计算公式的应用，关键在于掌握$Q_{吸}=cm\Delta t$的变形及各物理量的关系，需注意区分“升高的温度”和“温度高低”，避免概念混淆，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需利用热量计算公式$Q_{吸}=cm\Delta t$推导分析。题目明确两金属块质量$m$相同、吸收热量$Q_{吸}$相同，将公式变形可得到比热容的表达式，进而分析比热容与升高温度的关系；同时要注意区分“升高的温度”和“温度高低”，避免概念混淆。
【解析】
根据热量计算公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，已知两金属块质量$m$相等，吸收的热量$Q_{吸}$相等，将公式变形为$c=\frac{Q_{吸}}{m\Delta t}$。由于$Q_{吸}$和$m$均为定值，因此比热容$c$与升高的温度$\Delta t$成反比，即$\Delta t$越大，$c$越小。
对各选项分析如下：
A选项：升高温度较大的金属块$\Delta t$大，由上述关系可知其比热容更小，而非更大，A错误；
B选项：升高温度较大的金属块$\Delta t$大，对应比热容更小，B正确；
C、D选项：题目中比较的是“升高的温度$\Delta t$”，而非金属块的“末温”，“温度高”与$\Delta t$无直接关联，C、D错误。
【答案】
B
【知识点】
热量的计算；比热容
【点评】
本题考查热量计算公式的应用，关键在于掌握$Q_{吸}=cm\Delta t$的变形及各物理量的关系，需注意区分“升高的温度”和“温度高低”，避免概念混淆，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.6
9 甲、乙的质量相等，各自吸收的热量之比为2:3，而升高的温度之比为1:3，则甲、乙两物质的比热容之比为（
A.3:4
B.4:3
C.2:1
D.1:3
C
）A.3:4
B.4:3
C.2:1
D.1:3
答案
9. C
解析
【分析】
要解决甲、乙两物质的比热容之比问题，需利用热量计算公式$Q=cm\Delta t$推导。已知甲、乙质量相等，吸收热量之比和升高温度之比，将公式变形为$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，代入各量比值即可求出比热容之比。
【解析】
根据热量计算公式$Q=cm\Delta t$，变形得比热容表达式：$c=\frac{Q}{m\Delta t}$。
由题意可知：甲、乙质量相等，即$m_甲=m_乙$；吸收热量之比$Q_甲:Q_乙=2:3$；升高温度之比$\Delta t_甲:\Delta t_乙=1:3$。
则甲的比热容$c_甲=\frac{Q_甲}{m_甲\Delta t_甲}$，乙的比热容$c_乙=\frac{Q_乙}{m_乙\Delta t_乙}$。
因此，比热容之比：
$\frac{c_甲}{c_乙}=\frac{\frac{Q_甲}{m_甲\Delta t_甲}}{\frac{Q_乙}{m_乙\Delta t_乙}}=\frac{Q_甲}{Q_乙}×\frac{m_乙}{m_甲}×\frac{\Delta t_乙}{\Delta t_甲}$
代入已知比值：
$\frac{c_甲}{c_乙}=\frac{2}{3}×\frac{1}{1}×\frac{3}{1}=\frac{2}{1}$
故甲、乙比热容之比为2:1，对应选项C。
【答案】C
【知识点】比热容的计算、热量公式应用
【点评】本题是热学基础比例计算问题，核心是灵活运用热量公式变形，代入比值时需注意物理量对应关系，避免比例颠倒，属于常规基础题型。
【难度系数】0.7
要解决甲、乙两物质的比热容之比问题，需利用热量计算公式$Q=cm\Delta t$推导。已知甲、乙质量相等，吸收热量之比和升高温度之比，将公式变形为$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，代入各量比值即可求出比热容之比。
【解析】
根据热量计算公式$Q=cm\Delta t$，变形得比热容表达式：$c=\frac{Q}{m\Delta t}$。
由题意可知：甲、乙质量相等，即$m_甲=m_乙$；吸收热量之比$Q_甲:Q_乙=2:3$；升高温度之比$\Delta t_甲:\Delta t_乙=1:3$。
则甲的比热容$c_甲=\frac{Q_甲}{m_甲\Delta t_甲}$，乙的比热容$c_乙=\frac{Q_乙}{m_乙\Delta t_乙}$。
因此，比热容之比：
$\frac{c_甲}{c_乙}=\frac{\frac{Q_甲}{m_甲\Delta t_甲}}{\frac{Q_乙}{m_乙\Delta t_乙}}=\frac{Q_甲}{Q_乙}×\frac{m_乙}{m_甲}×\frac{\Delta t_乙}{\Delta t_甲}$
代入已知比值：
$\frac{c_甲}{c_乙}=\frac{2}{3}×\frac{1}{1}×\frac{3}{1}=\frac{2}{1}$
故甲、乙比热容之比为2:1，对应选项C。
【答案】C
【知识点】比热容的计算、热量公式应用
【点评】本题是热学基础比例计算问题，核心是灵活运用热量公式变形，代入比值时需注意物理量对应关系，避免比例颠倒，属于常规基础题型。
【难度系数】0.7
10 同学们通过地理课的学习知道，温带海洋性气候大多分布在沿海地区，而温带大陆性气候大多分布在内陆地区。如图所示为两气候地区的全年温度变化曲线，从物理的角度分析，下列说法正确的是 （
A.A气温变化小是因为沙石吸收热量少
B.A气温变化小是因为海水的比热容大
C.B气温变化大是因为沙石放出热量多
D.B气温变化大是因为海水吸收热量多
B
）A.A气温变化小是因为沙石吸收热量少
B.A气温变化小是因为海水的比热容大
C.B气温变化大是因为沙石放出热量多
D.B气温变化大是因为海水吸收热量多
答案
10. B
解析
【分析】首先观察A、B两气候的气温变化曲线：A气候气温年变化幅度小，B气候气温年变化幅度大。结合地理知识，沿海地区多海水，对应温带海洋性气候（气温变化小）；内陆地区多沙石，对应温带大陆性气候（气温变化大）。解题核心是利用比热容的特性：水的比热容比沙石大，相同质量的水和沙石吸收/放出相同热量时，水的温度变化更小，沙石温度变化更大，据此分析选项。
【解析】1. 判断A、B对应的环境：A气温变化小，对应沿海（多海水）；B气温变化大，对应内陆（多沙石）。2. 比热容特性：水的比热容大，相同质量的海水和沙石，吸收或放出相同热量时，海水温度变化小，沙石温度变化大。3. 分析选项：A选项错误，A气温变化小是因为海水比热容大，并非沙石；B选项正确，A为沿海，海水比热容大，导致气温变化小；C选项错误，B气温变化大是因为沙石比热容小，不是放出热量多；D选项错误，B为内陆，不是海水。
【答案】B
【知识点】比热容、气候类型
【点评】本题为跨学科题目，结合地理气候分布与物理比热容知识，考查学生对物质比热容特性的理解及跨学科分析能力，需理清气候差异与比热容的关联。
【难度系数】0.5
【解析】1. 判断A、B对应的环境：A气温变化小，对应沿海（多海水）；B气温变化大，对应内陆（多沙石）。2. 比热容特性：水的比热容大，相同质量的海水和沙石，吸收或放出相同热量时，海水温度变化小，沙石温度变化大。3. 分析选项：A选项错误，A气温变化小是因为海水比热容大，并非沙石；B选项正确，A为沿海，海水比热容大，导致气温变化小；C选项错误，B气温变化大是因为沙石比热容小，不是放出热量多；D选项错误，B为内陆，不是海水。
【答案】B
【知识点】比热容、气候类型
【点评】本题为跨学科题目，结合地理气候分布与物理比热容知识，考查学生对物质比热容特性的理解及跨学科分析能力，需理清气候差异与比热容的关联。
【难度系数】0.5
11 [2025宿城期中]如图甲所示为“观察不同物质吸热升温的现象”实验装置。将
质量
(质量/体积)相等的水和沙子分别装入瓷盘中，用红外灯均匀照射两个瓷盘，观察沙子和水升高的温度，升高温度较大的物质，其比热容较小
(大/小)；多次实验后绘制了温度随时间变化的关系图像，图像中的B
(A/B)是水的图像。答案
11. 质量 小 B
解析
【分析】
本题考查探究不同物质吸热升温现象的实验，解题思路为：①实验需用控制变量法，保证水和沙子的质量相等，才能准确比较比热容；②根据热量公式$Q=cm\Delta t$，当吸收热量$Q$和质量$m$相同时，温度变化$\Delta t$与比热容$c$成反比，据此判断比热容大小；③水的比热容比沙子大，相同吸热时温度升高更慢，据此判断水的图像。
【解析】
1. 探究不同物质吸热升温的实验中，需控制变量，保证水和沙子的质量相等，因此第一空填“质量”；
2. 根据热量公式$Q=cm\Delta t$，相同红外灯照射相同时间，水和沙子吸收的热量$Q$相同，质量$m$也相同，温度升高量$\Delta t$越大，比热容$c$越小，所以升高温度较大的物质比热容较“小”；
3. 水的比热容大于沙子，相同时间吸收相同热量时，水的温度升高更慢，图像中B升温更慢，因此B是水的图像。
【答案】
质量；小；B
【知识点】
比热容；控制变量法
【点评】
本题是比热容实验的基础考查题，核心是控制变量法的应用和比热容公式的理解，属于学生需掌握的基础知识点，难度较低。
【难度系数】
0.7
本题考查探究不同物质吸热升温现象的实验，解题思路为：①实验需用控制变量法，保证水和沙子的质量相等，才能准确比较比热容；②根据热量公式$Q=cm\Delta t$，当吸收热量$Q$和质量$m$相同时，温度变化$\Delta t$与比热容$c$成反比，据此判断比热容大小；③水的比热容比沙子大，相同吸热时温度升高更慢，据此判断水的图像。
【解析】
1. 探究不同物质吸热升温的实验中，需控制变量，保证水和沙子的质量相等，因此第一空填“质量”；
2. 根据热量公式$Q=cm\Delta t$，相同红外灯照射相同时间，水和沙子吸收的热量$Q$相同，质量$m$也相同，温度升高量$\Delta t$越大，比热容$c$越小，所以升高温度较大的物质比热容较“小”；
3. 水的比热容大于沙子，相同时间吸收相同热量时，水的温度升高更慢，图像中B升温更慢，因此B是水的图像。
【答案】
质量；小；B
【知识点】
比热容；控制变量法
【点评】
本题是比热容实验的基础考查题，核心是控制变量法的应用和比热容公式的理解，属于学生需掌握的基础知识点，难度较低。
【难度系数】
0.7
12 如图所示是2025年某日沿海城市上海和内陆城市兰州两地的气温情况，请根据两个地方的气温变化情况判断城市
乙
（甲/乙）是上海，你的判断依据是水的比热容较大，沿海城市昼夜温差小
。答案
12. 乙 水的比热容较大，沿海城市昼夜温差小
解析
【分析】要判断哪个城市是沿海城市（上海），需结合比热容的特性分析：水的比热容比砂石大，相同条件下，水的温度变化更小，因此沿海城市昼夜温差小，内陆城市昼夜温差大。先计算两城市的昼夜温差，再对比温差大小即可判断。
【解析】1. 计算昼夜温差：城市甲的温差为$34°\mathrm{C} -14°\mathrm{C}=20°\mathrm{C}$；城市乙的温差为$34°\mathrm{C} -28°\mathrm{C}=6°\mathrm{C}$。2. 根据比热容知识，沿海城市水域多，水的比热容较大，昼夜温差小；内陆城市砂石多，比热容小，昼夜温差大。对比可知，乙城市温差更小，符合沿海城市的特点，因此乙是上海。
【答案】乙；水的比热容较大，沿海城市昼夜温差小
【知识点】比热容、气温的影响因素
【点评】本题结合实际气温场景考查比热容的应用，需学生掌握比热容特性并能结合温差分析，难度适中。
【难度系数】0.6
【解析】1. 计算昼夜温差：城市甲的温差为$34°\mathrm{C} -14°\mathrm{C}=20°\mathrm{C}$；城市乙的温差为$34°\mathrm{C} -28°\mathrm{C}=6°\mathrm{C}$。2. 根据比热容知识，沿海城市水域多，水的比热容较大，昼夜温差小；内陆城市砂石多，比热容小，昼夜温差大。对比可知，乙城市温差更小，符合沿海城市的特点，因此乙是上海。
【答案】乙；水的比热容较大，沿海城市昼夜温差小
【知识点】比热容、气温的影响因素
【点评】本题结合实际气温场景考查比热容的应用，需学生掌握比热容特性并能结合温差分析，难度适中。
【难度系数】0.6
13 新趋势 学科融合 [2024宿近期中]在沿海地区炎热晴朗的天气里，易形成海陆风。陆风和海风是由于地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气对流形成的。形成海陆风的根本原因是海水和沙石的 
比热容
不同。如图所示是海陆风形成的示意图，图 甲
反映了晚上陆风的形成。答案
13. 比热容 甲
【解析】由于地面和海水的比热容不同，海水的比热容大于陆地的比热容，在同样太阳光的照射下，地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气形成对流，白天，地面比大海升温快，地面热空气密度较小，热空气上升，海面较冷的空气就会来补充，于是冷空气沿海面吹向陆地，形成海风，故图甲是陆风，图乙是海风。
【解析】由于地面和海水的比热容不同，海水的比热容大于陆地的比热容，在同样太阳光的照射下，地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气形成对流，白天，地面比大海升温快，地面热空气密度较小，热空气上升，海面较冷的空气就会来补充，于是冷空气沿海面吹向陆地，形成海风，故图甲是陆风，图乙是海风。
解析
【分析】
要解答本题，需先明确海陆风形成的核心原理：海陆风是由于海水和沙石的比热容不同，导致两者升温和降温的快慢不同，进而引发空气对流形成的。需结合比热容的特性（比热容大的物质吸放热时温度变化小，比热容小的物质温度变化大），区分白天和夜晚的空气流动方向，对应到图中判断陆风的示意图。
【解析】
海陆风形成的根本原因是海水和沙石的比热容不同，因为海水的比热容大于陆地沙石的比热容，相同条件下，海水升温和降温的速度比陆地慢。白天，陆地升温快，热空气密度小上升，海面冷空气补充流向陆地，形成海风（对应图乙）；夜晚，陆地降温快，气温低，空气下沉，陆地冷空气流向海面，形成陆风，对应图甲。因此，第一个空填“比热容”，第二个空填“甲”。
【答案】
比热容；甲
【知识点】
比热容、空气对流
【点评】
本题结合生活中的海陆风现象，考查比热容的实际应用，将物理知识与自然现象结合，帮助学生理解比热容对温度变化的影响，难度适中。
【难度系数】
0.6
要解答本题，需先明确海陆风形成的核心原理：海陆风是由于海水和沙石的比热容不同，导致两者升温和降温的快慢不同，进而引发空气对流形成的。需结合比热容的特性（比热容大的物质吸放热时温度变化小，比热容小的物质温度变化大），区分白天和夜晚的空气流动方向，对应到图中判断陆风的示意图。
【解析】
海陆风形成的根本原因是海水和沙石的比热容不同，因为海水的比热容大于陆地沙石的比热容，相同条件下，海水升温和降温的速度比陆地慢。白天，陆地升温快，热空气密度小上升，海面冷空气补充流向陆地，形成海风（对应图乙）；夜晚，陆地降温快，气温低，空气下沉，陆地冷空气流向海面，形成陆风，对应图甲。因此，第一个空填“比热容”，第二个空填“甲”。
【答案】
比热容；甲
【知识点】
比热容、空气对流
【点评】
本题结合生活中的海陆风现象，考查比热容的实际应用，将物理知识与自然现象结合，帮助学生理解比热容对温度变化的影响，难度适中。
【难度系数】
0.6
