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1. 人们常常利用物体具有的各种形式的能来完成某项工作. 如机械手表里拧紧的发条具有
弹性势
能,可以带动小齿轮和指针转动;风具有动
能,可以推动帆船航行;打桩机举高的锤具有重力势
能,可以完成打桩工作.答案
1. 弹性势 动 重力势
解析
【分析】
我们可以逐个结合不同能量的定义，对应每个场景里物体的状态来推导答案：首先看第一个对象“拧紧的发条”，它发生了弹性形变，对应发生弹性形变的物体具备的能量类型；再看第二个对象“风”，风是流动的空气，处于运动状态，对应运动物体具备的能量类型；最后看第三个对象“举高的锤”，它被抬升到了一定高度，对应被举高的物体具备的能量类型，依次匹配就能填出所有空。
【解析】
1. 机械手表里拧紧的发条发生了弹性形变，发生弹性形变的物体具有弹性势能，因此第一个空填弹性势；
2. 风是流动的空气，处于运动状态，运动的物体具有动能，因此风可以推动帆船航行，第二个空填动；
3. 打桩机举高的锤处在一定高度，被举高的物体具有重力势能，下落时可以对外做功完成打桩，第三个空填重力势。
【答案】
弹性势 动 重力势
【知识点】
弹性势能、动能、重力势能
【点评】
本题属于机械能相关的基础概念辨析题，结合生活中常见的实例考察三种不同机械能的定义区分，只要准确掌握三类能量的概念特征就可以轻松完成作答，是巩固机械能基础概念的典型习题。
【难度系数】
0.9
我们可以逐个结合不同能量的定义，对应每个场景里物体的状态来推导答案：首先看第一个对象“拧紧的发条”，它发生了弹性形变，对应发生弹性形变的物体具备的能量类型；再看第二个对象“风”，风是流动的空气，处于运动状态，对应运动物体具备的能量类型；最后看第三个对象“举高的锤”，它被抬升到了一定高度，对应被举高的物体具备的能量类型，依次匹配就能填出所有空。
【解析】
1. 机械手表里拧紧的发条发生了弹性形变，发生弹性形变的物体具有弹性势能，因此第一个空填弹性势；
2. 风是流动的空气，处于运动状态，运动的物体具有动能，因此风可以推动帆船航行，第二个空填动；
3. 打桩机举高的锤处在一定高度，被举高的物体具有重力势能，下落时可以对外做功完成打桩，第三个空填重力势。
【答案】
弹性势 动 重力势
【知识点】
弹性势能、动能、重力势能
【点评】
本题属于机械能相关的基础概念辨析题，结合生活中常见的实例考察三种不同机械能的定义区分，只要准确掌握三类能量的概念特征就可以轻松完成作答，是巩固机械能基础概念的典型习题。
【难度系数】
0.9
2. (2024·东台期中)如图所示,将摆球从A点静止释放,经过最低点O到达B点,A、B两点等高,摆球到达B点时动能为
0
J;摆球从A点到O点的过程中,重力势
能转化为动能.整个过程中,摆球的机械能不变
(填“不变”或“减少”).答案
2. 0 重力势 不变
解析
【分析】
我们可以分三步来梳理这道题的解题思路：第一步，先看第一空，已知摆球从A点静止释放，A、B两点高度相等，摆球在A点初始速度为0、动能为0，A和B的重力势能相等，说明摆球到达B点时速度也为0，结合动能的影响因素就能得出B点的动能数值。第二步，分析A到O的过程，观察摆球的高度和速度变化：高度降低意味着重力势能减小，速度变大意味着动能增大，就能判断能量转化方向。第三步，整个过程中A、B两点的机械能总和完全相等，没有额外的能量损耗，就可以判断整体机械能的变化情况。
【解析】
1. 摆球从A点静止释放，初始动能为0，A、B两点等高，摆球质量不变，因此A、B两点的重力势能完全相等，说明摆球到达B点时速度为0，动能与速度相关，速度为0时动能为0J。
2. 摆球从A点运动到O点的过程中，质量不变，高度不断减小，重力势能减小，同时运动速度不断增大，动能增大，因此该过程是重力势能转化为动能。
3. 整个过程中A、B两点的机械能（动能与重力势能之和）完全相等，没有机械能转化为内能等其他形式的能量，因此摆球的机械能不变。
【答案】
0；重力势；不变
【知识点】
动能势能转化；机械能守恒
【点评】
本题是单摆能量转化的基础题型，解题核心是抓住A、B两点等高的隐含条件，判断出B点摆球速度为零，同时结合动能、重力势能的影响因素分析能量转化方向，整体难度较低，主要考查学生对机械能基础概念的理解应用能力。
【难度系数】
0.9
我们可以分三步来梳理这道题的解题思路：第一步，先看第一空，已知摆球从A点静止释放，A、B两点高度相等，摆球在A点初始速度为0、动能为0，A和B的重力势能相等，说明摆球到达B点时速度也为0，结合动能的影响因素就能得出B点的动能数值。第二步，分析A到O的过程，观察摆球的高度和速度变化：高度降低意味着重力势能减小，速度变大意味着动能增大，就能判断能量转化方向。第三步，整个过程中A、B两点的机械能总和完全相等，没有额外的能量损耗，就可以判断整体机械能的变化情况。
【解析】
1. 摆球从A点静止释放，初始动能为0，A、B两点等高，摆球质量不变，因此A、B两点的重力势能完全相等，说明摆球到达B点时速度为0，动能与速度相关，速度为0时动能为0J。
2. 摆球从A点运动到O点的过程中，质量不变，高度不断减小，重力势能减小，同时运动速度不断增大，动能增大，因此该过程是重力势能转化为动能。
3. 整个过程中A、B两点的机械能（动能与重力势能之和）完全相等，没有机械能转化为内能等其他形式的能量，因此摆球的机械能不变。
【答案】
0；重力势；不变
【知识点】
动能势能转化；机械能守恒
【点评】
本题是单摆能量转化的基础题型，解题核心是抓住A、B两点等高的隐含条件，判断出B点摆球速度为零，同时结合动能、重力势能的影响因素分析能量转化方向，整体难度较低，主要考查学生对机械能基础概念的理解应用能力。
【难度系数】
0.9
3. 人们常用热水袋取暖,这是用
热传递
的方式改变物体的内能.热水袋里装水是因为水具有较大的比热容
.用水取暖的过程中,水的内能不断减小
(填“增大”“减小”或“不变”).答案
3. 热传递 比热容 减小
解析
【分析】
我们可以分三个空逐一梳理思路：首先回忆改变物体内能的两种途径，做功的本质是能量形式的转化，热传递的本质是内能的转移，热水袋取暖时热量从高温的热水袋流向低温的人体，没有发生能量形式的转化，由此就能确定第一个空的答案。接着思考热水袋选用水作为传热介质的原因，相同质量的不同物质降低相同温度时，比热容越大的物质能释放出的热量越多，取暖效果越好，水刚好具备这个特性。最后判断水的内能变化，取暖过程中水持续向外释放热量，温度不断降低，内能自然随之改变，就能得到第三个空的结果。
【解析】
1. 第一空：改变物体内能包含做功和热传递两种方式，用热水袋取暖的过程中，内能直接从热水袋转移到人体，没有发生能量形式的转化，是通过热传递的方式改变物体内能。
2. 第二空：水的比热容较大，和相同质量的其他常见物质相比，降低相同温度时可以放出更多的热量，取暖效果更优，因此热水袋里选择装水。
3. 第三空：用水取暖的过程中，水持续向外界放出热量，温度不断降低，因此水的内能不断减小。
【答案】
热传递 比热容 减小
【知识点】
热传递改变内能，水的比热容大的应用，内能变化判断
【点评】
本题属于热学基础应用题，结合生活中常见的取暖场景考察核心基础知识点，引导学生把物理知识和生活实际关联起来，只要牢记相关基础概念就可以顺利答对。
【难度系数】
0.9
我们可以分三个空逐一梳理思路：首先回忆改变物体内能的两种途径，做功的本质是能量形式的转化，热传递的本质是内能的转移，热水袋取暖时热量从高温的热水袋流向低温的人体，没有发生能量形式的转化，由此就能确定第一个空的答案。接着思考热水袋选用水作为传热介质的原因，相同质量的不同物质降低相同温度时，比热容越大的物质能释放出的热量越多，取暖效果越好，水刚好具备这个特性。最后判断水的内能变化，取暖过程中水持续向外释放热量，温度不断降低，内能自然随之改变，就能得到第三个空的结果。
【解析】
1. 第一空：改变物体内能包含做功和热传递两种方式，用热水袋取暖的过程中，内能直接从热水袋转移到人体，没有发生能量形式的转化，是通过热传递的方式改变物体内能。
2. 第二空：水的比热容较大，和相同质量的其他常见物质相比，降低相同温度时可以放出更多的热量，取暖效果更优，因此热水袋里选择装水。
3. 第三空：用水取暖的过程中，水持续向外界放出热量，温度不断降低，因此水的内能不断减小。
【答案】
热传递 比热容 减小
【知识点】
热传递改变内能，水的比热容大的应用，内能变化判断
【点评】
本题属于热学基础应用题，结合生活中常见的取暖场景考察核心基础知识点，引导学生把物理知识和生活实际关联起来，只要牢记相关基础概念就可以顺利答对。
【难度系数】
0.9
4.(2024·响水县二模)如图是对0.5kg的某固体均匀加热获得的温度—时间图像.不计热损失，物质在$AB$段和$CD$段两种状态下的比热容较大的是
CD
段，物质在$BC$段的内能变化
(填“变化”或“不变”)；若物质在$AB$段的比热容为$2× 10^{3}\mathrm{J/(kg· °C)}$，则物质在$BC$段吸收的热量为$3×10^4$
J.答案
4. CD 变化 $3×10^4$
解析
【分析】
我们一步步来思考这道题：
1. 比较AB、CD段的比热容：题目说明是均匀加热，不计热损失，所以相同加热时间内物质吸收的热量相等。先从图像读出两段的温度变化，结合Q=cmΔt公式，质量m相同的情况下，吸收相同热量时，温度升高越慢（Δt越小），比热容c就越大，就能判断哪段比热容更大。
2. 判断BC段内能变化：BC段温度保持不变，属于晶体的熔化过程，熔化时持续从外界吸热，虽然温度不升高，但内能会不断增加，因此内能是变化的。
3. 计算BC段吸收的热量：先根据已知的AB段比热容，算出AB段2分钟内吸收的热量，得到每分钟物质吸收的热量，再数出BC段的总加热时长，相乘就能得到BC段吸收的总热量。
【解析】
① 比较比热容：用相同的热源均匀加热，相同时间内物质吸收的热量相同。AB段加热2min，温度从-20℃升高到-10℃，Δt_AB=10℃；CD段加热4min，温度从-10℃升高到-5℃，Δt_CD=5℃。根据Q=cmΔt，变形得c=Q/(mΔt)，质量m相等时，升高相同温度，CD段需要吸收的热量更多，因此CD段的比热容更大。
② BC段内能变化：BC段是晶体熔化过程，持续吸热，温度不变，内能不断增大，因此内能发生变化。
③ 计算BC段吸收的热量：
AB段2min吸收的热量：
$Q_{AB} = c_{AB} m \Delta t_{AB} = 2×10^3 \mathrm{J/(kg· ° C)} × 0.5\mathrm{kg} × 10° \mathrm{C} = 1×10^4 \mathrm{J}$
则每分钟物质吸收的热量：
$Q_0 = \frac{Q_{AB}}{t_{AB}} = \frac{1×10^4 \mathrm{J}}{2\mathrm{min}} = 5×10^3 \mathrm{J/min}$
BC段的加热时长$t_{BC} = 8\mathrm{min} - 2\mathrm{min} = 6\mathrm{min}$
因此BC段吸收的总热量：
$Q_{BC} = Q_0 × t_{BC} = 5×10^3 \mathrm{J/min} × 6\mathrm{min} = 3×10^4 \mathrm{J}$
【答案】
CD；变化；$3×10^4$
【知识点】
晶体熔化特点，比热容，热量计算
【点评】
本题结合晶体熔化的温度-时间图像综合考察热学基础知识点，核心是利用“相同加热器相同时间吸热相等”的隐含条件完成热量推导，易错点是忽略熔化过程持续吸热、内能增加，部分同学容易数错BC段的加热时长导致第三空计算错误。
【难度系数】
0.6
我们一步步来思考这道题：
1. 比较AB、CD段的比热容：题目说明是均匀加热，不计热损失，所以相同加热时间内物质吸收的热量相等。先从图像读出两段的温度变化，结合Q=cmΔt公式，质量m相同的情况下，吸收相同热量时，温度升高越慢（Δt越小），比热容c就越大，就能判断哪段比热容更大。
2. 判断BC段内能变化：BC段温度保持不变，属于晶体的熔化过程，熔化时持续从外界吸热，虽然温度不升高，但内能会不断增加，因此内能是变化的。
3. 计算BC段吸收的热量：先根据已知的AB段比热容，算出AB段2分钟内吸收的热量，得到每分钟物质吸收的热量，再数出BC段的总加热时长，相乘就能得到BC段吸收的总热量。
【解析】
① 比较比热容：用相同的热源均匀加热，相同时间内物质吸收的热量相同。AB段加热2min，温度从-20℃升高到-10℃，Δt_AB=10℃；CD段加热4min，温度从-10℃升高到-5℃，Δt_CD=5℃。根据Q=cmΔt，变形得c=Q/(mΔt)，质量m相等时，升高相同温度，CD段需要吸收的热量更多，因此CD段的比热容更大。
② BC段内能变化：BC段是晶体熔化过程，持续吸热，温度不变，内能不断增大，因此内能发生变化。
③ 计算BC段吸收的热量：
AB段2min吸收的热量：
$Q_{AB} = c_{AB} m \Delta t_{AB} = 2×10^3 \mathrm{J/(kg· ° C)} × 0.5\mathrm{kg} × 10° \mathrm{C} = 1×10^4 \mathrm{J}$
则每分钟物质吸收的热量：
$Q_0 = \frac{Q_{AB}}{t_{AB}} = \frac{1×10^4 \mathrm{J}}{2\mathrm{min}} = 5×10^3 \mathrm{J/min}$
BC段的加热时长$t_{BC} = 8\mathrm{min} - 2\mathrm{min} = 6\mathrm{min}$
因此BC段吸收的总热量：
$Q_{BC} = Q_0 × t_{BC} = 5×10^3 \mathrm{J/min} × 6\mathrm{min} = 3×10^4 \mathrm{J}$
【答案】
CD；变化；$3×10^4$
【知识点】
晶体熔化特点，比热容，热量计算
【点评】
本题结合晶体熔化的温度-时间图像综合考察热学基础知识点，核心是利用“相同加热器相同时间吸热相等”的隐含条件完成热量推导，易错点是忽略熔化过程持续吸热、内能增加，部分同学容易数错BC段的加热时长导致第三空计算错误。
【难度系数】
0.6
5. 如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，棉花会立即燃烧。下压过程中活塞对筒内空气
做功
，空气的内
能增大，该能量转化过程与汽油机的压缩
冲程相同。答案
5. 做功 内 压缩
解析
【分析】
我们可以顺着实验过程逐步推导：首先观察下压活塞的动作，活塞对筒内空气施加向下的力，且空气在力的方向上移动了距离，满足做功的条件，因此活塞对空气做了功；接着根据做功改变内能的规律，对物体做功时机械能会转化为物体的内能，因此空气的内能会升高，温度达到棉花燃点后棉花燃烧；最后对比汽油机四个冲程的能量转化特点，找到和“机械能转化为内能”过程一致的冲程，就能依次填出三个空的答案。
【解析】
1. 用力将活塞迅速下压的过程中，活塞对筒内的空气施加向下的作用力，空气沿力的方向发生位移，因此活塞对筒内空气做功；
2. 该过程中活塞的机械能转化为空气的内能，因此空气的内能增大，温度快速升高，达到干燥棉花的着火点后棉花立即燃烧；
3. 汽油机的压缩冲程中，活塞上行压缩气缸内的油气混合物，同样是将机械能转化为内能，和该实验的能量转化过程完全相同。
【答案】
做功 内 压缩
【知识点】
做功改变内能，内燃机压缩冲程，能量转化
【点评】
本题是热学的经典基础题型，以空气压缩引火仪实验为载体，考察做功改变内能的规律和汽油机冲程的能量转化特点，属于热学部分的高频基础考点，只要理解实验的能量转化本质，牢记内燃机各冲程的特征就可以顺利作答。
【难度系数】
0.9
我们可以顺着实验过程逐步推导：首先观察下压活塞的动作，活塞对筒内空气施加向下的力，且空气在力的方向上移动了距离，满足做功的条件，因此活塞对空气做了功；接着根据做功改变内能的规律，对物体做功时机械能会转化为物体的内能，因此空气的内能会升高，温度达到棉花燃点后棉花燃烧；最后对比汽油机四个冲程的能量转化特点，找到和“机械能转化为内能”过程一致的冲程，就能依次填出三个空的答案。
【解析】
1. 用力将活塞迅速下压的过程中，活塞对筒内的空气施加向下的作用力，空气沿力的方向发生位移，因此活塞对筒内空气做功；
2. 该过程中活塞的机械能转化为空气的内能，因此空气的内能增大，温度快速升高，达到干燥棉花的着火点后棉花立即燃烧；
3. 汽油机的压缩冲程中，活塞上行压缩气缸内的油气混合物，同样是将机械能转化为内能，和该实验的能量转化过程完全相同。
【答案】
做功 内 压缩
【知识点】
做功改变内能，内燃机压缩冲程，能量转化
【点评】
本题是热学的经典基础题型，以空气压缩引火仪实验为载体，考察做功改变内能的规律和汽油机冲程的能量转化特点，属于热学部分的高频基础考点，只要理解实验的能量转化本质，牢记内燃机各冲程的特征就可以顺利作答。
【难度系数】
0.9
6.(2025·大丰区模拟)下列说法正确的是（
A.物体的温度越高，含有的热量越多
B.物体的温度不变，其内能就一定不变
C.物体的内能增加，则一定是外界对物体做了功
D.内能是物体内所有分子动能和分子势能的总和
D
）A.物体的温度越高，含有的热量越多
B.物体的温度不变，其内能就一定不变
C.物体的内能增加，则一定是外界对物体做了功
D.内能是物体内所有分子动能和分子势能的总和
答案
6. D
解析
【分析】
这是一道热学基础概念辨析题，解题思路是逐个对照热学核心定义和规律排查选项正误：首先明确热量是过程量、内能是状态量，改变内能有做功和热传递两种等效方式，再结合晶体熔化等特殊实例排除错误表述，最终锁定正确答案。解题时先逐个对应每个选项的考点，判断表述是否符合物理定义即可。
【解析】
我们逐一分析各选项：
1. 选项A：热量是热传递过程中传递能量的多少，属于过程量，只能描述为“吸收热量”或“放出热量”，不能说物体“含有热量”，该表述错误。
2. 选项B：物体温度不变时内能可能发生变化，比如晶体熔化过程中，物体吸收热量、温度保持不变，但内能持续增大，因此温度不变内能不一定不变，该表述错误。
3. 选项C：改变物体内能的方式有做功和热传递两种，物体内能增加，既可能是外界对物体做功，也可能是物体从外界吸收了热量，并非一定是外界对物体做功，该表述错误。
4. 选项D：符合内能的定义，内能是物体内所有分子动能和分子势能的总和，该表述正确。
【答案】
D
【知识点】
热量的概念、内能的定义、改变内能的方式
【点评】
本题属于热学基础概念辨析题，易错点集中在对“热量是过程量”的理解，以及容易忽略晶体熔化等特殊场景下温度不变但内能变化的情况，学生需要明确区分状态量和过程量，牢记两种改变内能的等效方式，避免概念混淆。
【难度系数】
0.8
这是一道热学基础概念辨析题，解题思路是逐个对照热学核心定义和规律排查选项正误：首先明确热量是过程量、内能是状态量，改变内能有做功和热传递两种等效方式，再结合晶体熔化等特殊实例排除错误表述，最终锁定正确答案。解题时先逐个对应每个选项的考点，判断表述是否符合物理定义即可。
【解析】
我们逐一分析各选项：
1. 选项A：热量是热传递过程中传递能量的多少，属于过程量，只能描述为“吸收热量”或“放出热量”，不能说物体“含有热量”，该表述错误。
2. 选项B：物体温度不变时内能可能发生变化，比如晶体熔化过程中，物体吸收热量、温度保持不变，但内能持续增大，因此温度不变内能不一定不变，该表述错误。
3. 选项C：改变物体内能的方式有做功和热传递两种，物体内能增加，既可能是外界对物体做功，也可能是物体从外界吸收了热量，并非一定是外界对物体做功，该表述错误。
4. 选项D：符合内能的定义，内能是物体内所有分子动能和分子势能的总和，该表述正确。
【答案】
D
【知识点】
热量的概念、内能的定义、改变内能的方式
【点评】
本题属于热学基础概念辨析题，易错点集中在对“热量是过程量”的理解，以及容易忽略晶体熔化等特殊场景下温度不变但内能变化的情况，学生需要明确区分状态量和过程量，牢记两种改变内能的等效方式，避免概念混淆。
【难度系数】
0.8
7.(2024·临沂)2024年4月20日,我国研制的全球首款本体热效率达53.09%的柴油机正式亮相世界内燃机大会,刷新了柴油机热效率的世界纪录.下列内燃机的四个冲程中,汽缸内气体的内能最小的是
（
（
D
）答案
7. D
解析
【分析】
我们的解题思路是先判断四个图分别对应的内燃机冲程，再结合各冲程的能量变化、缸内气体的温度特点，判断内能最小的状态：
1. 首先回忆四冲程内燃机的判断方法：通过气门的开闭状态、活塞的运动方向两个维度，确定每个图对应的冲程。
2. 内能的大小和物体温度直接相关，气缸内气体温度越低，对应的内能就越小。
3. 逐一分析每个冲程的缸内气体特征：压缩冲程活塞对气体做功，内能大幅升高；做功冲程燃气对外做功，内能部分转化为机械能，气体温度仍较高；排气冲程排出高温废气，缸内残留气体温度也偏高；吸气冲程吸入外界常温的新鲜空气，缸内气体温度最低，内能最小。
【解析】
首先逐一识别四个冲程：
A图：两个气门均关闭，火花塞点火，活塞向下运动，属于做功冲程，此时缸内燃气温度较高，内能较大；
B图：排气门打开，进气门关闭，活塞向上运动，属于排气冲程，排出做功后的高温废气，缸内残留气体温度偏高，内能较大；
C图：两个气门均关闭，活塞向上运动，属于压缩冲程，活塞对缸内气体做功，机械能转化为内能，气体温度升高，内能是四个冲程中最大的；
D图：进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，属于吸气冲程，将外界常温的新鲜空气吸入气缸，缸内气体温度最低，因此内能最小。
综上，符合题意的是D选项。
【答案】
D
【知识点】
内燃机四冲程，内能影响因素
【点评】
本题结合热点科技成果考查内燃机相关基础知识点，需要学生熟练掌握四冲程的判断技巧，再结合内能和温度的关联分析内能大小，易错点是混淆不同冲程的气门状态和活塞运动方向，属于对基础概念的综合考查。
【难度系数】
0.7
我们的解题思路是先判断四个图分别对应的内燃机冲程，再结合各冲程的能量变化、缸内气体的温度特点，判断内能最小的状态：
1. 首先回忆四冲程内燃机的判断方法：通过气门的开闭状态、活塞的运动方向两个维度，确定每个图对应的冲程。
2. 内能的大小和物体温度直接相关，气缸内气体温度越低，对应的内能就越小。
3. 逐一分析每个冲程的缸内气体特征：压缩冲程活塞对气体做功，内能大幅升高；做功冲程燃气对外做功，内能部分转化为机械能，气体温度仍较高；排气冲程排出高温废气，缸内残留气体温度也偏高；吸气冲程吸入外界常温的新鲜空气，缸内气体温度最低，内能最小。
【解析】
首先逐一识别四个冲程：
A图：两个气门均关闭，火花塞点火，活塞向下运动，属于做功冲程，此时缸内燃气温度较高，内能较大；
B图：排气门打开，进气门关闭，活塞向上运动，属于排气冲程，排出做功后的高温废气，缸内残留气体温度偏高，内能较大；
C图：两个气门均关闭，活塞向上运动，属于压缩冲程，活塞对缸内气体做功，机械能转化为内能，气体温度升高，内能是四个冲程中最大的；
D图：进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，属于吸气冲程，将外界常温的新鲜空气吸入气缸，缸内气体温度最低，因此内能最小。
综上，符合题意的是D选项。
【答案】
D
【知识点】
内燃机四冲程，内能影响因素
【点评】
本题结合热点科技成果考查内燃机相关基础知识点，需要学生熟练掌握四冲程的判断技巧，再结合内能和温度的关联分析内能大小，易错点是混淆不同冲程的气门状态和活塞运动方向，属于对基础概念的综合考查。
【难度系数】
0.7
