登录
6. 下列关于温度、热量和内能的说法，正确的是（
A.发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体
B.在相同温度下，1 kg 的水比 1 kg 的冰含有的热量多
C.一块 $0°\mathrm{C}$ 的冰熔化成 $0°\mathrm{C}$ 的水，内能增大
D.物体温度升高，内能不一定增加，但一定要吸收热量
C
）A.发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体
B.在相同温度下，1 kg 的水比 1 kg 的冰含有的热量多
C.一块 $0°\mathrm{C}$ 的冰熔化成 $0°\mathrm{C}$ 的水，内能增大
D.物体温度升高，内能不一定增加，但一定要吸收热量
答案
C
解析
【分析】
本题考查温度、热量和内能的关系，解题思路是逐一分析每个选项，结合热传递的定义、热量的特性、内能的影响因素及改变方式，判断各选项的正误。
【解析】
选项A：热传递过程中，传递的是热量而非温度，温度是物体的状态属性，不能传递，故A错误。
选项B：热量是过程量，只能描述为“吸收”或“放出”，不能说物体“含有”热量，故B错误。
选项C：0℃的冰熔化为0℃的水时，需要吸收热量，虽然温度不变，但内能增大，故C正确。
选项D：物体温度升高，内能一定增加；且温度升高可能是外界对物体做功，不一定是吸收热量，故D错误。
【答案】
C
【知识点】
温度、热量与内能的关系；热传递的概念；内能的改变
【点评】
本题为热学基础概念题，需准确区分温度、热量、内能的定义及联系，易错点在于热量的表述规范、热传递的实质，以及内能变化与温度、做功的关系，是初中物理的高频考点。
【难度系数】
0.6
本题考查温度、热量和内能的关系，解题思路是逐一分析每个选项，结合热传递的定义、热量的特性、内能的影响因素及改变方式，判断各选项的正误。
【解析】
选项A：热传递过程中，传递的是热量而非温度，温度是物体的状态属性，不能传递，故A错误。
选项B：热量是过程量，只能描述为“吸收”或“放出”，不能说物体“含有”热量，故B错误。
选项C：0℃的冰熔化为0℃的水时，需要吸收热量，虽然温度不变，但内能增大，故C正确。
选项D：物体温度升高，内能一定增加；且温度升高可能是外界对物体做功，不一定是吸收热量，故D错误。
【答案】
C
【知识点】
温度、热量与内能的关系；热传递的概念；内能的改变
【点评】
本题为热学基础概念题，需准确区分温度、热量、内能的定义及联系，易错点在于热量的表述规范、热传递的实质，以及内能变化与温度、做功的关系，是初中物理的高频考点。
【难度系数】
0.6
7. (2023·青海)“起火烧水”是利用热传递的方式改变物体内能的，下列与之相同的是 (
A.擦燃火柴
B.围炉烤火
C.钻木取火
D.搓手取暖
B
)A.擦燃火柴
B.围炉烤火
C.钻木取火
D.搓手取暖
答案
B
解析
【分析】
要解决这道题，需先明确改变物体内能的两种方式：做功和热传递。热传递是内能从高温物体转移到低温物体，能量形式不变；做功是其他形式的能与内能的相互转化。题目中“起火烧水”是火焰的内能转移到水，属于热传递改变内能，需找出同样属于热传递的选项。
【解析】
1. 明确内能改变的两种方式：做功（能量转化）和热传递（能量转移）。
2. 分析题干例子：“起火烧水”是通过热传递（火焰的内能转移到水）改变内能。
3. 逐一分析选项：
A. 擦燃火柴：克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于做功改变内能，不符合。
B. 围炉烤火：炉火的内能转移到人体，属于热传递改变内能，与题干例子相同，符合。
C. 钻木取火：克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于做功改变内能，不符合。
D. 搓手取暖：克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于做功改变内能，不符合。
【答案】
B
【知识点】
内能的改变方式
【点评】
本题考查内能改变的两种基础方式，核心是区分热传递（能量转移）和做功（能量转化）的本质，属于概念辨析类基础题，难度较低。
【难度系数】
0.8
要解决这道题，需先明确改变物体内能的两种方式：做功和热传递。热传递是内能从高温物体转移到低温物体，能量形式不变；做功是其他形式的能与内能的相互转化。题目中“起火烧水”是火焰的内能转移到水，属于热传递改变内能，需找出同样属于热传递的选项。
【解析】
1. 明确内能改变的两种方式：做功（能量转化）和热传递（能量转移）。
2. 分析题干例子：“起火烧水”是通过热传递（火焰的内能转移到水）改变内能。
3. 逐一分析选项：
A. 擦燃火柴：克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于做功改变内能，不符合。
B. 围炉烤火：炉火的内能转移到人体，属于热传递改变内能，与题干例子相同，符合。
C. 钻木取火：克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于做功改变内能，不符合。
D. 搓手取暖：克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于做功改变内能，不符合。
【答案】
B
【知识点】
内能的改变方式
【点评】
本题考查内能改变的两种基础方式，核心是区分热传递（能量转移）和做功（能量转化）的本质，属于概念辨析类基础题，难度较低。
【难度系数】
0.8
8. 下列实例中,属于内能转化为机械能的是 （
A.弯折铁丝发烫
B.臀部摩擦发热
C.蒸汽顶起壶盖
D.压缩点燃棉花
C
）A.弯折铁丝发烫
B.臀部摩擦发热
C.蒸汽顶起壶盖
D.压缩点燃棉花
答案
C
解析
【分析】
要判断哪个实例属于内能转化为机械能，需明确该转化的特点：消耗内能，获得机械能，即物体对外做功，内能减少、机械能增加。需逐个分析各选项的能量转化过程，对比得出正确答案。
【解析】
A选项：弯折铁丝发烫，是对铁丝做功，将机械能转化为铁丝的内能，使铁丝温度升高，不符合内能转化为机械能的要求；
B选项：臀部摩擦发热，是克服摩擦做功，将机械能转化为内能，不符合题意；
C选项：蒸汽顶起壶盖，是蒸汽对壶盖做功，蒸汽的内能转化为壶盖的机械能，属于内能转化为机械能，符合题意；
D选项：压缩点燃棉花，是压缩空气做功，将机械能转化为空气的内能，使棉花温度升高达到燃点，不符合题意。
【答案】
C
【知识点】
能量的转化，内能与机械能的转化
【点评】
本题考查能量转化的判断，需掌握常见现象对应的能量变化，通过分析做功过程中能量的转化来解题，属于基础题型。
【难度系数】
0.6
要判断哪个实例属于内能转化为机械能，需明确该转化的特点：消耗内能，获得机械能，即物体对外做功，内能减少、机械能增加。需逐个分析各选项的能量转化过程，对比得出正确答案。
【解析】
A选项：弯折铁丝发烫，是对铁丝做功，将机械能转化为铁丝的内能，使铁丝温度升高，不符合内能转化为机械能的要求；
B选项：臀部摩擦发热，是克服摩擦做功，将机械能转化为内能，不符合题意；
C选项：蒸汽顶起壶盖，是蒸汽对壶盖做功，蒸汽的内能转化为壶盖的机械能，属于内能转化为机械能，符合题意；
D选项：压缩点燃棉花，是压缩空气做功，将机械能转化为空气的内能，使棉花温度升高达到燃点，不符合题意。
【答案】
C
【知识点】
能量的转化，内能与机械能的转化
【点评】
本题考查能量转化的判断，需掌握常见现象对应的能量变化，通过分析做功过程中能量的转化来解题，属于基础题型。
【难度系数】
0.6
9. 如图是小明同学探究“海水和海滩的温度随时间变化的规律”时画的一张示意图。根据图示给的信息，他观察的时间是
夜晚
（中午/夜晚），产生这一现象的原因是水的比热容
比沙石的大。答案
夜晚 比热容
解析
【分析】要判断观察时间，需利用水和沙石的比热容差异分析温度变化规律：比热容越大的物质，吸放热时温度变化越慢。白天时，陆地（沙石）吸热升温快，温度高于海水；夜晚时，陆地放热降温快，温度低于海水。图中显示海水温度高、海滩温度低，符合夜晚的温度特征，因此可判断时间，该现象的原因与水的比热容特性有关。
【解析】水的比热容比沙石大，相同质量的海水和海滩沙石，放出相同热量时，海水温度降低幅度更小，因此夜晚时海水温度较高，海滩温度较低，与图示信息一致，故观察时间为夜晚，产生该现象的原因是水的比热容比沙石大。
【答案】夜晚 比热容
【知识点】比热容、热现象
【点评】本题结合生活中的海陆温度差异，考查比热容的实际应用，属于基础知识点的运用，难度适中。
【难度系数】0.5
【解析】水的比热容比沙石大，相同质量的海水和海滩沙石，放出相同热量时，海水温度降低幅度更小，因此夜晚时海水温度较高，海滩温度较低，与图示信息一致，故观察时间为夜晚，产生该现象的原因是水的比热容比沙石大。
【答案】夜晚 比热容
【知识点】比热容、热现象
【点评】本题结合生活中的海陆温度差异，考查比热容的实际应用，属于基础知识点的运用，难度适中。
【难度系数】0.5
10. (2024·徐州)在探究不同物质吸热升温的现象时,将相等
质量
的沙子和水分别装入易拉罐中,用相同的热源和方法加热,则单位时间内沙子和水吸收的热量相等
。如图所示,实验得到沙子和水的温度随时间变化的图像,其中a是沙子
的图像。答案
质量 相等 沙子
解析
【分析】
要解答本题，需结合“探究不同物质吸热升温现象”的实验原理与控制变量法分析：
1. 探究不同物质的吸热能力时，需控制物质的质量相等，保证实验变量唯一；
2. 相同热源在相同时间内放出的热量相同，因此被加热的沙子和水单位时间吸收的热量相等；
3. 根据公式$Q = cm\Delta t$，当质量$m$和吸收热量$Q$相同时，比热容$c$越小，温度变化$\Delta t$越大。沙子的比热容小于水，温度升高更快，对应图像更陡，由此判断图像对应的物质。
【解析】
1. 实验中需取质量相等的沙子和水，运用控制变量法，确保只有物质种类不同，其他条件一致；
2. 使用相同热源加热，相同时间内热源释放的热量相同，因此单位时间内沙子和水吸收的热量相等；
3. 由$\Delta t=\frac{Q}{cm}$可知，质量和吸热相同时，比热容小的物质温度变化大。沙子比热容比水小，温度升高更快，图中$a$的温度变化更显著，故$a$是沙子的图像。
【答案】
质量 相等 沙子
【知识点】
比热容 控制变量法 吸热升温实验
【点评】
本题考查探究不同物质吸热升温的实验，核心是控制变量法的应用和比热容公式的理解，需明确比热容对温度变化的影响，属于基础实验题。
【难度系数】
0.5
要解答本题，需结合“探究不同物质吸热升温现象”的实验原理与控制变量法分析：
1. 探究不同物质的吸热能力时，需控制物质的质量相等，保证实验变量唯一；
2. 相同热源在相同时间内放出的热量相同，因此被加热的沙子和水单位时间吸收的热量相等；
3. 根据公式$Q = cm\Delta t$，当质量$m$和吸收热量$Q$相同时，比热容$c$越小，温度变化$\Delta t$越大。沙子的比热容小于水，温度升高更快，对应图像更陡，由此判断图像对应的物质。
【解析】
1. 实验中需取质量相等的沙子和水，运用控制变量法，确保只有物质种类不同，其他条件一致；
2. 使用相同热源加热，相同时间内热源释放的热量相同，因此单位时间内沙子和水吸收的热量相等；
3. 由$\Delta t=\frac{Q}{cm}$可知，质量和吸热相同时，比热容小的物质温度变化大。沙子比热容比水小，温度升高更快，图中$a$的温度变化更显著，故$a$是沙子的图像。
【答案】
质量 相等 沙子
【知识点】
比热容 控制变量法 吸热升温实验
【点评】
本题考查探究不同物质吸热升温的实验，核心是控制变量法的应用和比热容公式的理解，需明确比热容对温度变化的影响，属于基础实验题。
【难度系数】
0.5
11. (2024·镇江)为比较A、B两保温杯的保温性能，小红在两个保温杯中分别倒入0.1 kg相同温度的热水，用温度计测量其初温$t_0$，示数如图甲所示，$t_0=$
[$c_{\mathrm{水}}=4.2× 10^{3}\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}· °\mathrm{C})$]
80
℃。绘制水温随时间的变化图像如图乙所示，A杯中水放出的热量为$2.1×10^4$
J，保温性能更好的是A
(A/B)杯。[$c_{\mathrm{水}}=4.2× 10^{3}\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}· °\mathrm{C})$]
答案
80 $2.1×10^4$ A
解析
【分析】
要解决这道题，分三步思考：第一步读取温度计示数，观察甲图温度计的分度值确定初温；第二步利用放热公式计算A杯水放出的热量，需明确初温、末温、水的质量和比热容；第三步根据温度随时间变化的图像判断保温性能，温度下降越慢，保温效果越好。
【解析】
1. 温度计读数：图甲中温度计的分度值为1℃，液柱上表面与80℃刻度线对齐，因此初温$t_0=80℃$。
2. 计算A杯放出的热量：根据放热公式$Q_{\mathrm{放}}=c_{\mathrm{水}}m\Delta t$，其中$c_{\mathrm{水}}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·℃})$，水的质量$m=0.1\ \mathrm{kg}$；由图乙可知水的末温为30℃，则温度变化$\Delta t=80℃-30℃=50℃$，代入公式得：
$Q_{\mathrm{放}}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·℃})×0.1\ \mathrm{kg}×50℃=2.1×10^4\ \mathrm{J}$。
3. 判断保温性能：由图乙可知，相同时间内A杯水温下降比B杯慢，说明A杯热量散失更慢，保温性能更好。
【答案】
80；$2.1×10^4$；A
【知识点】
温度计读数、热量计算、保温性能判断
【点评】
本题结合温度计读数、热量公式应用和图像分析，考查热学基础知识点的综合运用，难度适中，需准确读取温度计示数、熟练运用热量公式，并能从图像中提取信息判断保温性能。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，分三步思考：第一步读取温度计示数，观察甲图温度计的分度值确定初温；第二步利用放热公式计算A杯水放出的热量，需明确初温、末温、水的质量和比热容；第三步根据温度随时间变化的图像判断保温性能，温度下降越慢，保温效果越好。
【解析】
1. 温度计读数：图甲中温度计的分度值为1℃，液柱上表面与80℃刻度线对齐，因此初温$t_0=80℃$。
2. 计算A杯放出的热量：根据放热公式$Q_{\mathrm{放}}=c_{\mathrm{水}}m\Delta t$，其中$c_{\mathrm{水}}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·℃})$，水的质量$m=0.1\ \mathrm{kg}$；由图乙可知水的末温为30℃，则温度变化$\Delta t=80℃-30℃=50℃$，代入公式得：
$Q_{\mathrm{放}}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·℃})×0.1\ \mathrm{kg}×50℃=2.1×10^4\ \mathrm{J}$。
3. 判断保温性能：由图乙可知，相同时间内A杯水温下降比B杯慢，说明A杯热量散失更慢，保温性能更好。
【答案】
80；$2.1×10^4$；A
【知识点】
温度计读数、热量计算、保温性能判断
【点评】
本题结合温度计读数、热量公式应用和图像分析，考查热学基础知识点的综合运用，难度适中，需准确读取温度计示数、熟练运用热量公式，并能从图像中提取信息判断保温性能。
【难度系数】
0.6
12. 在如图所示的四幅图中，甲、乙是两个演示实验示意图；丙、丁是四冲程汽油机工作过程中的两个冲程示意图。与压缩冲程原理相同的是如图
乙
所示的演示实验；汽油机利用内能来做功的冲程是图丁
。若某机动车转速表上显示发动机转速为2400 r/min，则1 s内发动机做功为20
次。答案
乙 丁 20
解析
【分析】要解决本题，需明确各演示实验和汽油机冲程的能量转化、判断方法，以及汽油机转速与做功次数的关系：压缩冲程的能量转化是机械能→内能，做功冲程是内能→机械能；演示实验中，乙图是压缩空气做功，对应压缩冲程原理；汽油机做功冲程可通过气门状态和活塞运动判断；四冲程汽油机每2圈飞轮转动对应1次做功，据此计算做功次数。
【解析】1. 压缩冲程原理是机械能转化为内能：乙图中，下压活塞对空气做功，机械能转化为空气内能，使棉花燃烧，与压缩冲程原理相同，故第一个空填乙；2. 汽油机做功冲程是内能转化为机械能：丙图气门关闭、活塞上行，是压缩冲程；丁图气门关闭、活塞下行且火花塞点火，是做功冲程，故第二个空填丁；3. 发动机转速2400 r/min，即每秒转2400÷60=40圈，四冲程汽油机每2圈做功1次，故1秒内做功40÷2=20次，第三个空填20。
【答案】乙 丁 20
【知识点】内能的转化、汽油机冲程判断、热机转速计算
【点评】本题综合考查内能转化、汽油机工作原理及转速计算，需掌握各实验和冲程的核心特征，难度适中，属于基础应用类题目。
【难度系数】0.5
【解析】1. 压缩冲程原理是机械能转化为内能：乙图中，下压活塞对空气做功，机械能转化为空气内能，使棉花燃烧，与压缩冲程原理相同，故第一个空填乙；2. 汽油机做功冲程是内能转化为机械能：丙图气门关闭、活塞上行，是压缩冲程；丁图气门关闭、活塞下行且火花塞点火，是做功冲程，故第二个空填丁；3. 发动机转速2400 r/min，即每秒转2400÷60=40圈，四冲程汽油机每2圈做功1次，故1秒内做功40÷2=20次，第三个空填20。
【答案】乙 丁 20
【知识点】内能的转化、汽油机冲程判断、热机转速计算
【点评】本题综合考查内能转化、汽油机工作原理及转速计算，需掌握各实验和冲程的核心特征，难度适中，属于基础应用类题目。
【难度系数】0.5
