登录
1.（2025扬州一模）下列事例中，与“水的比热容较大”这个特性无关的是（
A.汽车发动机用水做冷却剂
B.人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷
C.海边昼夜温度变化比沙漠中小，适于居住
D.生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度
B
）A.汽车发动机用水做冷却剂
B.人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷
C.海边昼夜温度变化比沙漠中小，适于居住
D.生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度
答案
1. B
解析
【分析】首先明确水的比热容较大的特性：相同质量的水与其他物质相比，吸收或放出相同热量时温度变化更小；升高或降低相同温度时，吸收或放出的热量更多。接下来逐一分析选项，判断各选项是否利用了水的比热容大的特性，从而选出无关的选项。
【解析】
选项A：汽车发动机用水做冷却剂，是因为水的比热容大，相同质量的水和其他物质比较，升高相同温度时能吸收更多热量，可有效带走发动机的热量，与水的比热容大有关。
选项B：人游泳后从水中出来，风一吹加快了身体表面水分的蒸发，蒸发（汽化）吸热，使人体温度降低，感觉更冷，这一现象与水的比热容无关，属于蒸发吸热的原理。
选项C：海边昼夜温度变化比沙漠中小，是因为水的比热容比砂石大，白天相同质量的水和砂石吸收相同热量时，水温度升高得少；夜晚放出相同热量时，水温度降低得少，所以昼夜温差小，与水的比热容大有关。
选项D：生物体内水的比例很高，利用水的比热容大的特性，有助于调节生物体自身温度，避免温度变化过快，与水的比热容大有关。
综上，与“水的比热容较大”这个特性无关的是选项B。
【答案】B
【知识点】水的比热容的特点及应用、蒸发吸热
【点评】本题考查水的比热容特性的实际应用，需区分比热容相关热现象与蒸发吸热等其他热现象，属于基础概念题，难度较低。
【难度系数】0.7
【解析】
选项A：汽车发动机用水做冷却剂，是因为水的比热容大，相同质量的水和其他物质比较，升高相同温度时能吸收更多热量，可有效带走发动机的热量，与水的比热容大有关。
选项B：人游泳后从水中出来，风一吹加快了身体表面水分的蒸发，蒸发（汽化）吸热，使人体温度降低，感觉更冷，这一现象与水的比热容无关，属于蒸发吸热的原理。
选项C：海边昼夜温度变化比沙漠中小，是因为水的比热容比砂石大，白天相同质量的水和砂石吸收相同热量时，水温度升高得少；夜晚放出相同热量时，水温度降低得少，所以昼夜温差小，与水的比热容大有关。
选项D：生物体内水的比例很高，利用水的比热容大的特性，有助于调节生物体自身温度，避免温度变化过快，与水的比热容大有关。
综上，与“水的比热容较大”这个特性无关的是选项B。
【答案】B
【知识点】水的比热容的特点及应用、蒸发吸热
【点评】本题考查水的比热容特性的实际应用，需区分比热容相关热现象与蒸发吸热等其他热现象，属于基础概念题，难度较低。
【难度系数】0.7
2. (2025 宿迁)将质量均为100 g的沙子和水分别放在两个相同瓷盘中，初始温度相同，用同一热源加热相同时间，
实验中测得水的温度升高了20 ℃，则水吸收的热量为
沙子
升温快，这是因为沙子的比热容小于水的比热容
；实验中测得水的温度升高了20 ℃，则水吸收的热量为
$8.4×10^{3}$
J。$[c_{水}=4.2×10^{3}\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·℃})]$答案
2. 沙子 沙子的比热容小于水的比热容 $8.4×10^{3}$
解析
【分析】
要解决这道题，首先需理解比热容的特性：相同质量的不同物质，吸收相同热量时，比热容越小，温度升高越快；其次利用热量计算公式$Q_{吸}=cm\Delta t$计算水吸收的热量，计算时要注意单位统一。
【解析】
1. 判断升温快慢：同一热源加热相同时间，沙子和水吸收的热量$Q$相同，质量$m$均为100g。根据公式$\Delta t=\frac{Q}{cm}$，由于沙子的比热容$c_{沙}$小于水的比热容$c_{水}$，所以沙子的温度变化$\Delta t$更大，即沙子升温快，原因是沙子的比热容小于水的比热容。
2. 计算水吸收的热量：先将水的质量单位转换为kg，$m=100g=0.1kg$，代入热量公式得：
$Q_{吸}=c_{水}m\Delta t=4.2×10^{3}\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·℃})×0.1kg×20℃=8.4×10^{3}\ \mathrm{J}$。
【答案】
沙子；沙子的比热容小于水的比热容；$8.4×10^{3}$
【知识点】
比热容、热量计算
【点评】
本题考查比热容的特性及热量的计算，属于基础题型，需掌握比热容与温度变化的关系，计算时注意单位换算即可，难度不大。
【难度系数】
0.3
要解决这道题，首先需理解比热容的特性：相同质量的不同物质，吸收相同热量时，比热容越小，温度升高越快；其次利用热量计算公式$Q_{吸}=cm\Delta t$计算水吸收的热量，计算时要注意单位统一。
【解析】
1. 判断升温快慢：同一热源加热相同时间，沙子和水吸收的热量$Q$相同，质量$m$均为100g。根据公式$\Delta t=\frac{Q}{cm}$，由于沙子的比热容$c_{沙}$小于水的比热容$c_{水}$，所以沙子的温度变化$\Delta t$更大，即沙子升温快，原因是沙子的比热容小于水的比热容。
2. 计算水吸收的热量：先将水的质量单位转换为kg，$m=100g=0.1kg$，代入热量公式得：
$Q_{吸}=c_{水}m\Delta t=4.2×10^{3}\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·℃})×0.1kg×20℃=8.4×10^{3}\ \mathrm{J}$。
【答案】
沙子；沙子的比热容小于水的比热容；$8.4×10^{3}$
【知识点】
比热容、热量计算
【点评】
本题考查比热容的特性及热量的计算，属于基础题型，需掌握比热容与温度变化的关系，计算时注意单位换算即可，难度不大。
【难度系数】
0.3
3. (2025淮安涟水三模)“曲水流觞”是古代文人墨客诗酒唱酬的一种雅事。将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，会降低酒的温度，这是通过
热传递
的方式改变酒的内能；若酒盏里质量为100 g、温度为30 ℃的酒在漂流过程中，放出了1700 J的热量，酒的温度降低至25
℃。[$c_{酒}=3.4×10^{3}\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·℃)$]答案
3. 热传递 25
解析
【分析】
本题分为两小问，第一问考查改变内能的方式，需明确热传递和做功的区别；第二问利用放热公式计算酒的末温，要注意质量单位的换算。首先，酒的温度降低是因为与溪水存在温度差，热量发生转移，属于热传递；其次，根据放热公式计算温度变化量，再结合初始温度得到末温。
【解析】
1. 改变内能的方式：酒漂浮在溪水上，酒与溪水之间存在温度差，热量从酒传递到溪水，使酒的内能减少、温度降低，这是通过热传递的方式改变酒的内能。
2. 计算酒的末温：已知酒的质量$m=100\ \mathrm{g}=0.1\ \mathrm{kg}$，放出的热量$Q_{\mathrm{放}}=1700\ \mathrm{J}$，酒的比热容$c_{\mathrm{酒}}=3.4×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·℃)$。根据放热公式$Q_{\mathrm{放}}=cm\Delta t$，可得温度变化量$\Delta t=\frac{Q_{\mathrm{放}}}{c_{\mathrm{酒}}m}=\frac{1700\ \mathrm{J}}{3.4×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·℃)×0.1\ \mathrm{kg}}=5℃$，因此酒降低后的温度$t=30℃-5℃=25℃$。
【答案】
热传递 25
【知识点】
热传递改变内能、热量的计算
【点评】
本题结合文化场景考查基础知识点，难度较低，需注意质量单位的换算，是内能和热量计算的常规基础题。
【难度系数】
0.8
本题分为两小问，第一问考查改变内能的方式，需明确热传递和做功的区别；第二问利用放热公式计算酒的末温，要注意质量单位的换算。首先，酒的温度降低是因为与溪水存在温度差，热量发生转移，属于热传递；其次，根据放热公式计算温度变化量，再结合初始温度得到末温。
【解析】
1. 改变内能的方式：酒漂浮在溪水上，酒与溪水之间存在温度差，热量从酒传递到溪水，使酒的内能减少、温度降低，这是通过热传递的方式改变酒的内能。
2. 计算酒的末温：已知酒的质量$m=100\ \mathrm{g}=0.1\ \mathrm{kg}$，放出的热量$Q_{\mathrm{放}}=1700\ \mathrm{J}$，酒的比热容$c_{\mathrm{酒}}=3.4×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·℃)$。根据放热公式$Q_{\mathrm{放}}=cm\Delta t$，可得温度变化量$\Delta t=\frac{Q_{\mathrm{放}}}{c_{\mathrm{酒}}m}=\frac{1700\ \mathrm{J}}{3.4×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·℃)×0.1\ \mathrm{kg}}=5℃$，因此酒降低后的温度$t=30℃-5℃=25℃$。
【答案】
热传递 25
【知识点】
热传递改变内能、热量的计算
【点评】
本题结合文化场景考查基础知识点，难度较低，需注意质量单位的换算，是内能和热量计算的常规基础题。
【难度系数】
0.8
4. 把冰块放在食品上面，利用冰块吸热保鲜食品。一块低温的冰吸收了$8.4× 10^{3}\ \mathrm{J}$的热量，温度从$-14\ °\mathrm{C}$升高到$-4\ °\mathrm{C}$，这块冰的质量为
0.4
$\mathrm{kg}$。$[c_{\mathrm{冰}}=2.1× 10^{3}\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})]$答案
4. 0.4
解析
【分析】本题考查利用吸热公式计算物质质量，解题思路为：先确定冰吸收的热量、冰的比热容、冰升高的温度，再根据吸热公式的变形公式计算冰的质量。其中温度变化量Δt等于末温减去初温，需注意温度差的计算方法。
【解析】已知冰吸收的热量$Q_{\mathrm{吸}}=8.4×10^3\ \mathrm{J}$，冰的比热容$c_{\mathrm{冰}}=2.1×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·℃})$，初温$t_0=-14\ \mathrm{℃}$，末温$t=-4\ \mathrm{℃}$。
冰升高的温度：$\Delta t = t - t_0 = (-4\ \mathrm{℃}) - (-14\ \mathrm{℃}) = 10\ \mathrm{℃}$。
根据吸热公式$Q_{\mathrm{吸}}=c_{\mathrm{冰}}m\Delta t$，变形得冰的质量：
$m=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{c_{\mathrm{冰}}\Delta t}=\frac{8.4×10^3\ \mathrm{J}}{2.1×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·℃})×10\ \mathrm{℃}}=0.4\ \mathrm{kg}$。
【答案】0.4
【知识点】热量的计算、比热容
【点评】本题是热学部分的基础计算题，直接考查吸热公式的应用，只要掌握公式并正确计算温度差，即可顺利求解，难度较低。
【难度系数】0.7
【解析】已知冰吸收的热量$Q_{\mathrm{吸}}=8.4×10^3\ \mathrm{J}$，冰的比热容$c_{\mathrm{冰}}=2.1×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·℃})$，初温$t_0=-14\ \mathrm{℃}$，末温$t=-4\ \mathrm{℃}$。
冰升高的温度：$\Delta t = t - t_0 = (-4\ \mathrm{℃}) - (-14\ \mathrm{℃}) = 10\ \mathrm{℃}$。
根据吸热公式$Q_{\mathrm{吸}}=c_{\mathrm{冰}}m\Delta t$，变形得冰的质量：
$m=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{c_{\mathrm{冰}}\Delta t}=\frac{8.4×10^3\ \mathrm{J}}{2.1×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·℃})×10\ \mathrm{℃}}=0.4\ \mathrm{kg}$。
【答案】0.4
【知识点】热量的计算、比热容
【点评】本题是热学部分的基础计算题，直接考查吸热公式的应用，只要掌握公式并正确计算温度差，即可顺利求解，难度较低。
【难度系数】0.7
5. (2025常州钟楼区月考)如图12-3-5所示是热管的工作原理图，当热管的热端受热时，吸液芯里的液体吸收热量变成蒸气，蒸气在管子里跑到冷端
放出
（选填“吸收”或“放出”）热量变成液态，液体通过吸液芯又回到热端。这一过程循环进行，不断地将热量从热端带到冷端。若50 g的该液体吸收2400 J的热量后，温度升高了40 ℃，则该液体的比热容为$1.2×10^{3}$
J/(kg·℃)。答案
5. 放出 $1.2×10^{3}$
解析
【分析】
本题分为两部分：第一部分判断蒸气变为液态的吸放热，需明确气态变液态是液化现象，液化放热；第二部分计算液体比热容，利用比热容公式，注意质量单位换算（克转千克），代入数值计算即可。
【解析】
1. 吸放热判断：蒸气在冷端由气态变为液态，属于液化过程，液化放出热量，故第一个空填“放出”。
2. 比热容计算：已知液体质量 $ m = 50\ \mathrm{g} = 0.05\ \mathrm{kg} $，吸收热量 $ Q = 2400\ \mathrm{J} $，温度变化 $ \Delta t = 40\ \mathrm{℃} $。根据公式 $ Q = cm\Delta t $，变形得 $ c = \frac{Q}{m\Delta t} $，代入计算：
$ c = \frac{2400\ \mathrm{J}}{0.05\ \mathrm{kg} × 40\ \mathrm{℃}} = 1.2 × 10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)} $。
【答案】
放出；$ 1.2×10^3 $
【知识点】
液化、比热容计算
【点评】
本题结合热管工作原理，考查液化的吸放热判断和比热容计算，属于基础题型，解题关键是单位换算和公式正确应用。
【难度系数】
0.6
本题分为两部分：第一部分判断蒸气变为液态的吸放热，需明确气态变液态是液化现象，液化放热；第二部分计算液体比热容，利用比热容公式，注意质量单位换算（克转千克），代入数值计算即可。
【解析】
1. 吸放热判断：蒸气在冷端由气态变为液态，属于液化过程，液化放出热量，故第一个空填“放出”。
2. 比热容计算：已知液体质量 $ m = 50\ \mathrm{g} = 0.05\ \mathrm{kg} $，吸收热量 $ Q = 2400\ \mathrm{J} $，温度变化 $ \Delta t = 40\ \mathrm{℃} $。根据公式 $ Q = cm\Delta t $，变形得 $ c = \frac{Q}{m\Delta t} $，代入计算：
$ c = \frac{2400\ \mathrm{J}}{0.05\ \mathrm{kg} × 40\ \mathrm{℃}} = 1.2 × 10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)} $。
【答案】
放出；$ 1.2×10^3 $
【知识点】
液化、比热容计算
【点评】
本题结合热管工作原理，考查液化的吸放热判断和比热容计算，属于基础题型，解题关键是单位换算和公式正确应用。
【难度系数】
0.6
6.（2025徐州贾汪区校级月考）甲、乙两物体的质量之比是$3:2$，吸收相同的热量之后，升高的温度之比是$8:15$，则甲、乙两物体的比热容之比是（
A.$2:3$
B.$15:8$
C.$5:4$
D.$4:15$
C
）A.$2:3$
B.$15:8$
C.$5:4$
D.$4:15$
答案
6. C
解析
【分析】
本题是比热容的比值计算问题，解题思路为：已知甲、乙吸收的热量相同，质量之比和升高温度之比，利用热量公式$ Q=cm\Delta t $变形得到比热容表达式$ c=\frac{Q}{m\Delta t} $，将已知的各物理量的比值代入表达式，即可求出比热容之比。
【解析】
根据热量计算公式$ Q=cm\Delta t $，变形可得比热容公式：$ c=\frac{Q}{m\Delta t} $。
由题意可知：甲、乙吸收的热量相同，即$ Q_甲:Q_乙=1:1 $；质量之比$ m_甲:m_乙=3:2 $；升高温度之比$ \Delta t_甲:\Delta t_乙=8:15 $。
则甲、乙的比热容之比：
$\frac{c_甲}{c_乙} = \frac{\frac{Q_甲}{m_甲\Delta t_甲}}{\frac{Q_乙}{m_乙\Delta t_乙}} = \frac{Q_甲}{Q_乙} × \frac{m_乙}{m_甲} × \frac{\Delta t_乙}{\Delta t_甲}$
代入已知比值：
$\frac{c_甲}{c_乙} = \frac{1}{1} × \frac{2}{3} × \frac{15}{8} = \frac{30}{24} = \frac{5}{4}$
因此甲、乙比热容之比为$ 5:4 $，对应选项C。
【答案】
C
【知识点】
比热容计算、热量公式应用
【点评】
本题属于初中物理基础题型，核心是灵活运用热量公式进行变形，代入比值时需注意各物理量的对应关系，计算过程简单，主要考查学生对公式的掌握和比值运算能力。
【难度系数】
0.6
本题是比热容的比值计算问题，解题思路为：已知甲、乙吸收的热量相同，质量之比和升高温度之比，利用热量公式$ Q=cm\Delta t $变形得到比热容表达式$ c=\frac{Q}{m\Delta t} $，将已知的各物理量的比值代入表达式，即可求出比热容之比。
【解析】
根据热量计算公式$ Q=cm\Delta t $，变形可得比热容公式：$ c=\frac{Q}{m\Delta t} $。
由题意可知：甲、乙吸收的热量相同，即$ Q_甲:Q_乙=1:1 $；质量之比$ m_甲:m_乙=3:2 $；升高温度之比$ \Delta t_甲:\Delta t_乙=8:15 $。
则甲、乙的比热容之比：
$\frac{c_甲}{c_乙} = \frac{\frac{Q_甲}{m_甲\Delta t_甲}}{\frac{Q_乙}{m_乙\Delta t_乙}} = \frac{Q_甲}{Q_乙} × \frac{m_乙}{m_甲} × \frac{\Delta t_乙}{\Delta t_甲}$
代入已知比值：
$\frac{c_甲}{c_乙} = \frac{1}{1} × \frac{2}{3} × \frac{15}{8} = \frac{30}{24} = \frac{5}{4}$
因此甲、乙比热容之比为$ 5:4 $，对应选项C。
【答案】
C
【知识点】
比热容计算、热量公式应用
【点评】
本题属于初中物理基础题型，核心是灵活运用热量公式进行变形，代入比值时需注意各物理量的对应关系，计算过程简单，主要考查学生对公式的掌握和比值运算能力。
【难度系数】
0.6
7. (2024南通崇川区校级月考)用相同的加热装置给甲、乙两个初温相同的铝块加热，乙的质量是甲的质量的3倍，甲加热时间是8 min，乙加热时间是9 min，则甲、乙的比热容之比是
$1:1$
，甲、乙升高的温度之比是$8:3$
。答案
7. $1:1$ $8:3$
解析
【分析】
首先，甲、乙均为铝块，属于同种物质，比热容是物质的固有特性，与质量、吸收热量等无关；相同加热装置下，物体吸收的热量与加热时间成正比。解题时，先根据物质种类确定比热容之比，再利用热量公式$Q=cm\Delta t$，结合加热时间得出的热量关系、已知的质量关系，计算升高的温度之比。
【解析】
1. 比热容之比：
甲、乙都是铝块，是同种物质，比热容相同，因此$c_甲:c_乙 = 1:1$。
2. 升高的温度之比：
相同加热装置，相同时间内物体吸收的热量相等，故吸收的热量之比$\frac{Q_甲}{Q_乙} = \frac{t_甲}{t_乙} = \frac{8\ \mathrm{min}}{9\ \mathrm{min}} = \frac{8}{9}$。
根据热量公式$Q=cm\Delta t$，变形得$\Delta t = \frac{Q}{cm}$，则：
$\frac{\Delta t_甲}{\Delta t_乙} = \frac{\frac{Q_甲}{c_甲 m_甲}}{\frac{Q_乙}{c_乙 m_乙}}$
代入$c_甲 = c_乙$、$m_乙 = 3m_甲$、$\frac{Q_甲}{Q_乙} = \frac{8}{9}$：
$\frac{\Delta t_甲}{\Delta t_乙} = \frac{Q_甲}{Q_乙} × \frac{m_乙}{m_甲} = \frac{8}{9} × \frac{3}{1} = \frac{8}{3}$。
【答案】
$1:1$ $8:3$
【知识点】
比热容、热量计算
【点评】
本题考查比热容的特性及热量公式的应用，核心是利用相同加热装置建立热量与加热时间的关系，结合物质种类确定比热容，难度适中，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.6
首先，甲、乙均为铝块，属于同种物质，比热容是物质的固有特性，与质量、吸收热量等无关；相同加热装置下，物体吸收的热量与加热时间成正比。解题时，先根据物质种类确定比热容之比，再利用热量公式$Q=cm\Delta t$，结合加热时间得出的热量关系、已知的质量关系，计算升高的温度之比。
【解析】
1. 比热容之比：
甲、乙都是铝块，是同种物质，比热容相同，因此$c_甲:c_乙 = 1:1$。
2. 升高的温度之比：
相同加热装置，相同时间内物体吸收的热量相等，故吸收的热量之比$\frac{Q_甲}{Q_乙} = \frac{t_甲}{t_乙} = \frac{8\ \mathrm{min}}{9\ \mathrm{min}} = \frac{8}{9}$。
根据热量公式$Q=cm\Delta t$，变形得$\Delta t = \frac{Q}{cm}$，则：
$\frac{\Delta t_甲}{\Delta t_乙} = \frac{\frac{Q_甲}{c_甲 m_甲}}{\frac{Q_乙}{c_乙 m_乙}}$
代入$c_甲 = c_乙$、$m_乙 = 3m_甲$、$\frac{Q_甲}{Q_乙} = \frac{8}{9}$：
$\frac{\Delta t_甲}{\Delta t_乙} = \frac{Q_甲}{Q_乙} × \frac{m_乙}{m_甲} = \frac{8}{9} × \frac{3}{1} = \frac{8}{3}$。
【答案】
$1:1$ $8:3$
【知识点】
比热容、热量计算
【点评】
本题考查比热容的特性及热量公式的应用，核心是利用相同加热装置建立热量与加热时间的关系，结合物质种类确定比热容，难度适中，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.6
8.（2025南京玄武区校级期末）已知$c_{\mathrm{铜}}＜c_{\mathrm{铁}}$。将初温和质量均相等的铜块和铁块分别冷却，当它们放出相同的热量后，彼此接触，则下列说法正确的是（
A.它们之间不发生热传递
B.热量会从铜块传到铁块
C.热量会从铁块传到铜块
D.无法确定热传递的情况
C
）A.它们之间不发生热传递
B.热量会从铜块传到铁块
C.热量会从铁块传到铜块
D.无法确定热传递的情况
答案
8. C
解析
【分析】要判断热传递的方向，需先确定铜块和铁块放出相同热量后的末温，热传递的方向是从高温物体传向低温物体。根据热量公式$Q_{\mathrm{放}}=cm\Delta t$，结合已知条件（初温、质量相等，放出热量相同，$c_{\mathrm{铜}}＜c_{\mathrm{铁}}$），可比较两者温度变化量，进而得到末温高低，从而确定热传递方向。
【解析】根据热量计算公式$Q_{\mathrm{放}}=cm\Delta t$，变形得温度变化量$\Delta t=\frac{Q_{\mathrm{放}}}{cm}$。已知铜块和铁块的质量$m$相等，放出的热量$Q_{\mathrm{放}}$相等，且$c_{\mathrm{铜}}＜c_{\mathrm{铁}}$，因此：
$\Delta t_{\mathrm{铜}}=\frac{Q_{\mathrm{放}}}{c_{\mathrm{铜}}m}$，$\Delta t_{\mathrm{铁}}=\frac{Q_{\mathrm{放}}}{c_{\mathrm{铁}}m}$，可得$\Delta t_{\mathrm{铜}}＞\Delta t_{\mathrm{铁}}$。
由于两者初温$t_0$相同，末温$t=t_0-\Delta t$，所以$t_{\mathrm{铜}}=t_0-\Delta t_{\mathrm{铜}}$，$t_{\mathrm{铁}}=t_0-\Delta t_{\mathrm{铁}}$，结合$\Delta t_{\mathrm{铜}}＞\Delta t_{\mathrm{铁}}$，可知$t_{\mathrm{铜}}＜t_{\mathrm{铁}}$。
热传递的条件是存在温度差，热量从高温物体传向低温物体，因此热量会从铁块传到铜块，选项C正确。
【答案】C
【知识点】比热容、热传递
【点评】本题考查比热容公式的应用及热传递方向的判断，核心是利用比热容与温度变化的关系确定末温，属于基础题型，需熟练掌握热量公式和热传递的基本规律。
【难度系数】0.6
【解析】根据热量计算公式$Q_{\mathrm{放}}=cm\Delta t$，变形得温度变化量$\Delta t=\frac{Q_{\mathrm{放}}}{cm}$。已知铜块和铁块的质量$m$相等，放出的热量$Q_{\mathrm{放}}$相等，且$c_{\mathrm{铜}}＜c_{\mathrm{铁}}$，因此：
$\Delta t_{\mathrm{铜}}=\frac{Q_{\mathrm{放}}}{c_{\mathrm{铜}}m}$，$\Delta t_{\mathrm{铁}}=\frac{Q_{\mathrm{放}}}{c_{\mathrm{铁}}m}$，可得$\Delta t_{\mathrm{铜}}＞\Delta t_{\mathrm{铁}}$。
由于两者初温$t_0$相同，末温$t=t_0-\Delta t$，所以$t_{\mathrm{铜}}=t_0-\Delta t_{\mathrm{铜}}$，$t_{\mathrm{铁}}=t_0-\Delta t_{\mathrm{铁}}$，结合$\Delta t_{\mathrm{铜}}＞\Delta t_{\mathrm{铁}}$，可知$t_{\mathrm{铜}}＜t_{\mathrm{铁}}$。
热传递的条件是存在温度差，热量从高温物体传向低温物体，因此热量会从铁块传到铜块，选项C正确。
【答案】C
【知识点】比热容、热传递
【点评】本题考查比热容公式的应用及热传递方向的判断，核心是利用比热容与温度变化的关系确定末温，属于基础题型，需熟练掌握热量公式和热传递的基本规律。
【难度系数】0.6
9.（教材素材题）（2025南通海安校级月考）盐城位于黄海之滨，拥有丰富的风能资源，海边修建很多风力发电机组，发电时其旋翼自动迎风，如图12-3-6甲所示。在海边，仅在海陆风因素的影响下，出现如图乙所示的情形，则下列说法中正确的是（
A.发生在白天，且陆地温度较高
B.发生在白天，且海水温度较高
C.发生在夜晚，且陆地温度较高
D.发生在夜晚，且海水温度较高
D
）A.发生在白天，且陆地温度较高
B.发生在白天，且海水温度较高
C.发生在夜晚，且陆地温度较高
D.发生在夜晚，且海水温度较高
答案
9. D
解析
【分析】
要解决这道题，需结合水的比热容特点分析海陆风的形成：水的比热容比陆地（砂石）大，相同吸放热条件下，水的温度变化比陆地小。白天陆地升温快、温度高，夜晚陆地降温快、温度低，结合气压与温度的关系可判断风向，进而确定图乙对应的时间和温度情况。
【解析】
根据比热容知识，水的比热容大于砂石，因此：
1. 白天：陆地吸收相同热量升温更快，温度高于海洋，陆地气压低，海洋气压高，风从海洋吹向陆地（海风）；
2. 夜晚：陆地放出相同热量降温更快，温度低于海洋，陆地气压高，海洋气压低，风从陆地吹向海洋（陆风）。
观察图乙，风从左侧陆地吹向右侧大海，属于陆风，说明发生在夜晚，此时海水温度较高，对应选项D。
【答案】
D
【知识点】
比热容、海陆风形成
【点评】
本题结合生活中的海陆风现象，考查比热容知识的应用，需理解比热容对温度变化的影响，进而分析气压与风向的关系，属于基础应用类题目，难度适中。
【难度系数】
0.5
要解决这道题，需结合水的比热容特点分析海陆风的形成：水的比热容比陆地（砂石）大，相同吸放热条件下，水的温度变化比陆地小。白天陆地升温快、温度高，夜晚陆地降温快、温度低，结合气压与温度的关系可判断风向，进而确定图乙对应的时间和温度情况。
【解析】
根据比热容知识，水的比热容大于砂石，因此：
1. 白天：陆地吸收相同热量升温更快，温度高于海洋，陆地气压低，海洋气压高，风从海洋吹向陆地（海风）；
2. 夜晚：陆地放出相同热量降温更快，温度低于海洋，陆地气压高，海洋气压低，风从陆地吹向海洋（陆风）。
观察图乙，风从左侧陆地吹向右侧大海，属于陆风，说明发生在夜晚，此时海水温度较高，对应选项D。
【答案】
D
【知识点】
比热容、海陆风形成
【点评】
本题结合生活中的海陆风现象，考查比热容知识的应用，需理解比热容对温度变化的影响，进而分析气压与风向的关系，属于基础应用类题目，难度适中。
【难度系数】
0.5
