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1. 下列关于图中简单机械的说法正确的是(
A.图甲中的剪铁片剪刀的动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆
B.图乙中旗杆顶端装有动滑轮，利用它来升旗，可以改变力的方向
C.利用图丙中的滑轮提升重物省功但费距离
D.利用图丁中的滑轮组提升重物既省力又能改变力的方向，使用方便
D
)A.图甲中的剪铁片剪刀的动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆
B.图乙中旗杆顶端装有动滑轮，利用它来升旗，可以改变力的方向
C.利用图丙中的滑轮提升重物省功但费距离
D.利用图丁中的滑轮组提升重物既省力又能改变力的方向，使用方便
答案
1.D
解析
【分析】
要判断各选项的正误，需掌握简单机械的核心知识点：杠杆根据动力臂与阻力臂的大小关系分为省力、费力、等臂杠杆；定滑轮轴固定不动，作用是改变力的方向，不省力；动滑轮轴随物体运动，能省力但不改变力的方向；滑轮组结合定滑轮和动滑轮的特点，可省力且能改变力的方向；任何机械都不省功。逐一分析选项即可得出答案。
【解析】
选项A：图甲的剪铁片剪刀，剪铁片时需省力，其动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，而非费力杠杆，故A错误。
选项B：图乙中旗杆顶端的滑轮是定滑轮（轴固定不动），定滑轮的作用是改变力的方向，并非动滑轮，故B错误。
选项C：图丙中的滑轮是动滑轮，动滑轮省力但费距离；根据功的原理，使用任何机械都不省功，故C错误。
选项D：图丁中的滑轮组由定滑轮和动滑轮组成，既可以省力，又能改变力的方向，使用方便，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
杠杆分类、定滑轮与动滑轮、滑轮组特点
【点评】
本题考查简单机械的基本特点，属于基础题，需准确区分杠杆类型、定滑轮与动滑轮的作用，牢记功的原理，是对简单机械知识点的综合应用，难度不大。
【难度系数】
0.6
要判断各选项的正误，需掌握简单机械的核心知识点：杠杆根据动力臂与阻力臂的大小关系分为省力、费力、等臂杠杆；定滑轮轴固定不动，作用是改变力的方向，不省力；动滑轮轴随物体运动，能省力但不改变力的方向；滑轮组结合定滑轮和动滑轮的特点，可省力且能改变力的方向；任何机械都不省功。逐一分析选项即可得出答案。
【解析】
选项A：图甲的剪铁片剪刀，剪铁片时需省力，其动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，而非费力杠杆，故A错误。
选项B：图乙中旗杆顶端的滑轮是定滑轮（轴固定不动），定滑轮的作用是改变力的方向，并非动滑轮，故B错误。
选项C：图丙中的滑轮是动滑轮，动滑轮省力但费距离；根据功的原理，使用任何机械都不省功，故C错误。
选项D：图丁中的滑轮组由定滑轮和动滑轮组成，既可以省力，又能改变力的方向，使用方便，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
杠杆分类、定滑轮与动滑轮、滑轮组特点
【点评】
本题考查简单机械的基本特点，属于基础题，需准确区分杠杆类型、定滑轮与动滑轮的作用，牢记功的原理，是对简单机械知识点的综合应用，难度不大。
【难度系数】
0.6
2. 某同学利用拉杆箱运送物品的示意图如图所示。装有物品的拉杆箱整体可视为杠杆，O为支点，B为重心，A为拉杆的端点，在A点沿图示方向施加拉力F使拉杆箱保持静止。下列说法正确的是（
A.只伸长拉杆的长度，拉力F增大
B.只将拉力F的方向沿顺时针方向改变20°，拉力F减小
C.拉力F沿顺时针方向改变40°，拉杆箱无法保持静止
D.箱内物体下滑，重心由B变至B'，拉力F增大
C
）A.只伸长拉杆的长度，拉力F增大
B.只将拉力F的方向沿顺时针方向改变20°，拉力F减小
C.拉力F沿顺时针方向改变40°，拉杆箱无法保持静止
D.箱内物体下滑，重心由B变至B'，拉力F增大
答案
2.C
解析
【分析】
本题考查杠杆平衡条件的应用，解题思路是：以O为支点，明确阻力为拉杆箱的重力，阻力臂是重力作用线到支点O的垂直距离；动力为拉力F，动力臂是F作用线到支点O的垂直距离。根据杠杆平衡条件$F_1L_1=F_2L_2$，逐一分析各选项中力和力臂的变化，判断拉力F的大小变化及拉杆箱是否能保持静止。
【解析】
根据杠杆平衡条件$F_1L_1=F_2L_2$，对各选项分析如下：
1. 选项A：只伸长拉杆长度，拉力F方向不变，阻力（拉杆箱重力）和阻力臂不变，动力臂（支点O到F作用线的垂直距离）会变大。由$F=\frac{阻力×阻力臂}{动力臂}$可知，拉力F减小，A错误。
2. 选项B：拉力F沿顺时针方向改变20°，动力臂变小，阻力和阻力臂不变，拉力F会增大，B错误。
3. 选项C：拉力F沿顺时针方向改变40°，此时拉力F的动力臂会小于平衡所需的动力，无法满足杠杆平衡条件，拉杆箱无法保持静止，C正确。
4. 选项D：重心由B变至B'，阻力（重力）不变，阻力臂变小，动力臂不变，拉力F会减小，D错误。
【答案】
C
【知识点】
杠杆平衡条件
【点评】
本题结合拉杆箱的实际场景，考查杠杆平衡条件的应用，需要准确判断力臂的变化，是对杠杆知识的实际应用考查，难度适中。
【难度系数】
0.5
本题考查杠杆平衡条件的应用，解题思路是：以O为支点，明确阻力为拉杆箱的重力，阻力臂是重力作用线到支点O的垂直距离；动力为拉力F，动力臂是F作用线到支点O的垂直距离。根据杠杆平衡条件$F_1L_1=F_2L_2$，逐一分析各选项中力和力臂的变化，判断拉力F的大小变化及拉杆箱是否能保持静止。
【解析】
根据杠杆平衡条件$F_1L_1=F_2L_2$，对各选项分析如下：
1. 选项A：只伸长拉杆长度，拉力F方向不变，阻力（拉杆箱重力）和阻力臂不变，动力臂（支点O到F作用线的垂直距离）会变大。由$F=\frac{阻力×阻力臂}{动力臂}$可知，拉力F减小，A错误。
2. 选项B：拉力F沿顺时针方向改变20°，动力臂变小，阻力和阻力臂不变，拉力F会增大，B错误。
3. 选项C：拉力F沿顺时针方向改变40°，此时拉力F的动力臂会小于平衡所需的动力，无法满足杠杆平衡条件，拉杆箱无法保持静止，C正确。
4. 选项D：重心由B变至B'，阻力（重力）不变，阻力臂变小，动力臂不变，拉力F会减小，D错误。
【答案】
C
【知识点】
杠杆平衡条件
【点评】
本题结合拉杆箱的实际场景，考查杠杆平衡条件的应用，需要准确判断力臂的变化，是对杠杆知识的实际应用考查，难度适中。
【难度系数】
0.5
3.如图所示的简单机械中，忽略机械自重、绳重以及摩擦，提升同一重物，最省力的是（
B
）答案
3.B
解析
【分析】要找出最省力的简单机械，需根据定滑轮、动滑轮的特点以及杠杆平衡条件，分别计算各选项中拉力的大小，忽略机械自重、绳重和摩擦，比较拉力大小即可确定答案。
【解析】
1. 选项A：为定滑轮，定滑轮不省力，仅改变力的方向，因此拉力$ F_1 = G $；
2. 选项B：为杠杆，支点为$ O $，动力臂$ L_1 = 4L $，阻力臂$ L_2 = L $，根据杠杆平衡条件$ F_1L_1 = F_2L_2 $，代入得$ F_2 × 4L = G × L $，解得$ F_2 = \frac{G}{4} $；
3. 选项C：为动滑轮，动滑轮可省一半力，因此拉力$ F_3 = \frac{G}{2} $；
4. 选项D：为杠杆，支点为$ O $，动力$ F_4 $与杠杆成$ 30° $，动力臂为$ OA × \sin30° $，阻力臂为$ OB $（由图可知$ OB = \frac{OA}{2} $），根据杠杆平衡条件：$ F_4 × (OA × \sin30°) = G × OB $，代入$ \sin30° = 0.5 $、$ OB = \frac{OA}{2} $，解得$ F_4 = G $。
比较四个拉力：$ F_2 = \frac{G}{4} ＜ F_3 = \frac{G}{2} ＜ F_1 = F_4 = G $，因此最省力的是选项B。
【答案】B
【知识点】定滑轮特点、动滑轮特点、杠杆平衡条件
【点评】本题考查常见简单机械的省力分析，需掌握定滑轮、动滑轮的工作特点，以及杠杆平衡条件的应用，通过逐一计算各机械的拉力大小即可得出结论，属于基础应用类题目。
【难度系数】0.5
【解析】
1. 选项A：为定滑轮，定滑轮不省力，仅改变力的方向，因此拉力$ F_1 = G $；
2. 选项B：为杠杆，支点为$ O $，动力臂$ L_1 = 4L $，阻力臂$ L_2 = L $，根据杠杆平衡条件$ F_1L_1 = F_2L_2 $，代入得$ F_2 × 4L = G × L $，解得$ F_2 = \frac{G}{4} $；
3. 选项C：为动滑轮，动滑轮可省一半力，因此拉力$ F_3 = \frac{G}{2} $；
4. 选项D：为杠杆，支点为$ O $，动力$ F_4 $与杠杆成$ 30° $，动力臂为$ OA × \sin30° $，阻力臂为$ OB $（由图可知$ OB = \frac{OA}{2} $），根据杠杆平衡条件：$ F_4 × (OA × \sin30°) = G × OB $，代入$ \sin30° = 0.5 $、$ OB = \frac{OA}{2} $，解得$ F_4 = G $。
比较四个拉力：$ F_2 = \frac{G}{4} ＜ F_3 = \frac{G}{2} ＜ F_1 = F_4 = G $，因此最省力的是选项B。
【答案】B
【知识点】定滑轮特点、动滑轮特点、杠杆平衡条件
【点评】本题考查常见简单机械的省力分析，需掌握定滑轮、动滑轮的工作特点，以及杠杆平衡条件的应用，通过逐一计算各机械的拉力大小即可得出结论，属于基础应用类题目。
【难度系数】0.5
