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7.某小学生书包的质量由原来的3 kg变成现在的2 kg，书包的重力减小了
10
N(g取10 N/kg)；泥瓦工人通常用线拴一小石子，来检验砌的墙是否竖直，这是利用重力方向竖直向下
的知识。答案
7.10 重力方向竖直向下
解析
【分析】
本题包含两个问题，第一问需利用重力公式计算书包重力的减小量，先求出质量变化量，再代入公式计算；第二问考查重垂线的原理，需明确重力的方向特点。
【解析】
1. 计算重力减小量：书包质量的变化量Δm = 3kg - 2kg = 1kg，根据重力公式G=mg，重力的减小量ΔG = Δm·g = 1kg × 10N/kg = 10N；
2. 泥瓦工人用线拴小石子制成重垂线，是利用重力的方向总是竖直向下的特点，若墙与重垂线平行，则墙竖直。
【答案】
10 重力方向竖直向下
【知识点】
重力的计算、重力的方向
【点评】
本题是重力相关的基础应用题，结合生活实例考查重力的计算和方向的应用，难度较低，侧重对基础知识的掌握。
【难度系数】
0.9
本题包含两个问题，第一问需利用重力公式计算书包重力的减小量，先求出质量变化量，再代入公式计算；第二问考查重垂线的原理，需明确重力的方向特点。
【解析】
1. 计算重力减小量：书包质量的变化量Δm = 3kg - 2kg = 1kg，根据重力公式G=mg，重力的减小量ΔG = Δm·g = 1kg × 10N/kg = 10N；
2. 泥瓦工人用线拴小石子制成重垂线，是利用重力的方向总是竖直向下的特点，若墙与重垂线平行，则墙竖直。
【答案】
10 重力方向竖直向下
【知识点】
重力的计算、重力的方向
【点评】
本题是重力相关的基础应用题，结合生活实例考查重力的计算和方向的应用，难度较低，侧重对基础知识的掌握。
【难度系数】
0.9
8. 如图所示，当无风吹过时，U形管A、B的液面相平，相当于一个
连通器
。当从右向左往玻璃管中吹风时，U形管A
液面比较高。答案
8.连通器 A
解析
【分析】
首先根据连通器的定义判断U形管的类型，再利用流体压强与流速的关系分析吹风时两侧的压强变化，进而确定液面高低。
【解析】
1. 判断连通器：U形管上端开口，底部相互连通，符合连通器“上端开口、底部相连通”的特征，因此相当于一个连通器。
2. 分析液面变化：当从右向左往玻璃管中吹风时，玻璃管内空气流动，B管上方的空气流速大于A管上方的空气流速。根据流体压强与流速的关系：流体流速越大的位置压强越小，可知B管上方的压强小于A管上方的压强。在压强差的作用下，U形管中A侧液面比较高。
【答案】
连通器；A
【知识点】
连通器；流体压强与流速的关系
【点评】
本题结合连通器概念和流体压强规律考查，属于基础题型，需准确掌握相关物理概念与规律，难度适中。
【难度系数】
0.6
首先根据连通器的定义判断U形管的类型，再利用流体压强与流速的关系分析吹风时两侧的压强变化，进而确定液面高低。
【解析】
1. 判断连通器：U形管上端开口，底部相互连通，符合连通器“上端开口、底部相连通”的特征，因此相当于一个连通器。
2. 分析液面变化：当从右向左往玻璃管中吹风时，玻璃管内空气流动，B管上方的空气流速大于A管上方的空气流速。根据流体压强与流速的关系：流体流速越大的位置压强越小，可知B管上方的压强小于A管上方的压强。在压强差的作用下，U形管中A侧液面比较高。
【答案】
连通器；A
【知识点】
连通器；流体压强与流速的关系
【点评】
本题结合连通器概念和流体压强规律考查，属于基础题型，需准确掌握相关物理概念与规律，难度适中。
【难度系数】
0.6
9.如图所示,两个重为20 N的相同物块A、B叠放在一起,受到10 N的水平推力$F_1$的作用,在水平地面上一起做匀速直线运动,则此时B受到的摩擦力为
10
N,A受到的摩擦力为0
N。答案
9.10 0
解析
【分析】要解决这个问题，需结合二力平衡，用隔离法和整体法分析。首先分析物块A：A随B一起匀速直线运动，处于平衡状态，水平方向若受摩擦力，无其他力与之平衡，因此A不受摩擦力；再将A、B视为整体，整体匀速直线运动，水平方向推力$F_1$与地面对B的摩擦力是一对平衡力，大小相等，由此可得出B受到的摩擦力。
【解析】1. 分析A的受力：A做匀速直线运动，水平方向合力为0。若A受到B施加的摩擦力，没有其他力与该摩擦力平衡，因此A受到的摩擦力为0N。2. 分析整体（A+B）的受力：整体做匀速直线运动，水平方向受到推力$F_1=10N$，根据二力平衡，地面对B的摩擦力与$F_1$大小相等，故B受到的摩擦力为10N。
【答案】10；0
【知识点】摩擦力、二力平衡
【点评】本题通过整体法与隔离法判断摩擦力，核心是利用二力平衡条件，明确匀速运动时物体受力平衡，判断摩擦力是否存在需看是否有相对运动或相对运动趋势，属于基础受力分析题。
【难度系数】0.5
【解析】1. 分析A的受力：A做匀速直线运动，水平方向合力为0。若A受到B施加的摩擦力，没有其他力与该摩擦力平衡，因此A受到的摩擦力为0N。2. 分析整体（A+B）的受力：整体做匀速直线运动，水平方向受到推力$F_1=10N$，根据二力平衡，地面对B的摩擦力与$F_1$大小相等，故B受到的摩擦力为10N。
【答案】10；0
【知识点】摩擦力、二力平衡
【点评】本题通过整体法与隔离法判断摩擦力，核心是利用二力平衡条件，明确匀速运动时物体受力平衡，判断摩擦力是否存在需看是否有相对运动或相对运动趋势，属于基础受力分析题。
【难度系数】0.5
10.一个重20 N的木块，若在10 N的水平向右拉力F的作用下，沿粗糙水平面以1 m/s的速度做匀速直线运动，该木块受到的摩擦力为
10
N；将水平拉力F增大到20 N，该木块受到的摩擦力为10
N；若木块运动速度增加到3 m/s，该木块受到的摩擦力为10
N。答案
10.10 10 10
解析
【分析】
要解决这道题，需明确两个核心要点：一是物体做匀速直线运动时受力平衡，水平方向的拉力与滑动摩擦力大小相等；二是滑动摩擦力的大小仅由压力大小和接触面的粗糙程度决定，与拉力大小、运动速度无关。首先根据匀速直线运动的平衡条件算出第一个摩擦力，再结合滑动摩擦力的决定因素分析后续变化即可。
【解析】
1. 木块在10 N的水平拉力作用下做匀速直线运动，水平方向受力平衡，滑动摩擦力与拉力是一对平衡力，因此摩擦力大小 $ f = F = 10 \, \mathrm{N} $；
2. 滑动摩擦力的大小由压力和接触面粗糙程度决定，当拉力增大到20 N时，木块对水平面的压力（等于木块重力20 N）和接触面粗糙程度均未改变，所以滑动摩擦力不变，仍为10 N；
3. 当木块运动速度增加到3 m/s时，压力和接触面粗糙程度依然不变，滑动摩擦力大小不变，还是10 N。
【答案】
10；10；10
【知识点】
二力平衡；滑动摩擦力的影响因素
【点评】
本题考查二力平衡的应用和滑动摩擦力的影响因素，关键是理解滑动摩擦力与拉力、运动速度无关，仅取决于压力和接触面粗糙程度，属于基础力学题，侧重对核心概念的掌握。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需明确两个核心要点：一是物体做匀速直线运动时受力平衡，水平方向的拉力与滑动摩擦力大小相等；二是滑动摩擦力的大小仅由压力大小和接触面的粗糙程度决定，与拉力大小、运动速度无关。首先根据匀速直线运动的平衡条件算出第一个摩擦力，再结合滑动摩擦力的决定因素分析后续变化即可。
【解析】
1. 木块在10 N的水平拉力作用下做匀速直线运动，水平方向受力平衡，滑动摩擦力与拉力是一对平衡力，因此摩擦力大小 $ f = F = 10 \, \mathrm{N} $；
2. 滑动摩擦力的大小由压力和接触面粗糙程度决定，当拉力增大到20 N时，木块对水平面的压力（等于木块重力20 N）和接触面粗糙程度均未改变，所以滑动摩擦力不变，仍为10 N；
3. 当木块运动速度增加到3 m/s时，压力和接触面粗糙程度依然不变，滑动摩擦力大小不变，还是10 N。
【答案】
10；10；10
【知识点】
二力平衡；滑动摩擦力的影响因素
【点评】
本题考查二力平衡的应用和滑动摩擦力的影响因素，关键是理解滑动摩擦力与拉力、运动速度无关，仅取决于压力和接触面粗糙程度，属于基础力学题，侧重对核心概念的掌握。
【难度系数】
0.6
11.如图所示，重为8 N的物体挂在A处，O为支点，要使杠杆保持水平平衡，在B处施加的最小的力是
2
N，方向竖直向下
。（杠杆的重力不计）答案
11.2 竖直向下
解析
【分析】
要解决这个问题，需运用杠杆平衡条件（$F_1L_1=F_2L_2$）：当阻力和阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，因此要找B处的最小力，需让动力臂最大，此时动力方向垂直于杠杆（竖直方向），再结合杠杆的刻度确定力臂长度，代入平衡条件计算力的大小，同时判断力的方向。
【解析】
1. 确定各力臂：设杠杆每小格长度为$L$，阻力为物体重力$G=8N$，阻力臂$L_{阻}=OA=L$；要使动力臂最大，动力方向垂直于杠杆，此时动力臂$L_{动}=OB=4L$。
2. 代入杠杆平衡条件：$F × L_{动}=G × L_{阻}$，即$F × 4L = 8N × L$，约去$L$后解得$F=\frac{8N}{4}=2N$。
3. 判断力的方向：A处的力使杠杆顺时针转动，B处的力需使杠杆逆时针转动，因此方向为竖直向下。
【答案】
2；竖直向下
【知识点】
杠杆平衡条件、最小力判断
【点评】
本题考查杠杆平衡条件的应用，核心是理解“最大动力臂对应最小动力”，需准确识别力臂长度，结合平衡条件计算，难度适中。
【难度系数】
0.4
要解决这个问题，需运用杠杆平衡条件（$F_1L_1=F_2L_2$）：当阻力和阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，因此要找B处的最小力，需让动力臂最大，此时动力方向垂直于杠杆（竖直方向），再结合杠杆的刻度确定力臂长度，代入平衡条件计算力的大小，同时判断力的方向。
【解析】
1. 确定各力臂：设杠杆每小格长度为$L$，阻力为物体重力$G=8N$，阻力臂$L_{阻}=OA=L$；要使动力臂最大，动力方向垂直于杠杆，此时动力臂$L_{动}=OB=4L$。
2. 代入杠杆平衡条件：$F × L_{动}=G × L_{阻}$，即$F × 4L = 8N × L$，约去$L$后解得$F=\frac{8N}{4}=2N$。
3. 判断力的方向：A处的力使杠杆顺时针转动，B处的力需使杠杆逆时针转动，因此方向为竖直向下。
【答案】
2；竖直向下
【知识点】
杠杆平衡条件、最小力判断
【点评】
本题考查杠杆平衡条件的应用，核心是理解“最大动力臂对应最小动力”，需准确识别力臂长度，结合平衡条件计算，难度适中。
【难度系数】
0.4
12. 在木棒的一端缠绕一些铜丝，制成两个完全相同的简易密度计，现将它们分别放入盛有不同液体的两个烧杯中，如图所示，当它们竖直静止在液体中时，液面高度相同。从观察到的现象可以判断：两个简易密度计所受浮力 $ F_{甲} $
=
$ F_{乙} $，两杯液体的密度 $ \rho_{甲} $ ＜
$ \rho_{乙} $，两个烧杯底部所受液体的压强 $ p_{甲} $ ＜
$ p_{乙} $。（均填“＜”“＞”或“=”）答案
12.＝ ＜ ＜
解析
【分析】
要解决本题，需结合密度计的工作原理、阿基米德原理和液体压强公式逐步分析：首先，密度计漂浮时浮力等于自身重力，由此判断两个密度计所受浮力的关系；再根据阿基米德原理，结合排开液体体积的差异判断两杯液体的密度；最后根据液体压强公式，结合液面高度和液体密度判断烧杯底部的压强。
【解析】
1. 比较浮力大小：两个简易密度计完全相同，因此重力$ G $相等；且密度计在两种液体中均处于漂浮状态，根据漂浮条件$ F_{浮}=G $，可得$ F_{甲}=F_{乙} $。
2. 比较液体密度：由图可知，密度计在甲液体中排开液体的体积$ V_{排甲} ＞ V_{排乙} $；根据阿基米德原理$ F_{浮}=\rho_{液}gV_{排} $，当浮力$ F_{浮} $相同时，排开液体体积越大，液体密度越小，因此$ \rho_{甲} ＜ \rho_{乙} $。
3. 比较烧杯底部的压强：两烧杯中液面高度$ h $相同，根据液体压强公式$ p=\rho gh $，$ g $为常量，$ h $相同，且$ \rho_{甲} ＜ \rho_{乙} $，因此烧杯底部所受液体压强$ p_{甲} ＜ p_{乙} $。
【答案】
＝ ＜ ＜
【知识点】
漂浮条件、阿基米德原理、液体压强
【点评】
本题考查密度计的工作原理及力学公式的应用，需掌握漂浮时浮力等于重力，结合阿基米德原理和液体压强公式分析，属于基础题型，注重对核心知识点的应用。
【难度系数】
0.6
要解决本题，需结合密度计的工作原理、阿基米德原理和液体压强公式逐步分析：首先，密度计漂浮时浮力等于自身重力，由此判断两个密度计所受浮力的关系；再根据阿基米德原理，结合排开液体体积的差异判断两杯液体的密度；最后根据液体压强公式，结合液面高度和液体密度判断烧杯底部的压强。
【解析】
1. 比较浮力大小：两个简易密度计完全相同，因此重力$ G $相等；且密度计在两种液体中均处于漂浮状态，根据漂浮条件$ F_{浮}=G $，可得$ F_{甲}=F_{乙} $。
2. 比较液体密度：由图可知，密度计在甲液体中排开液体的体积$ V_{排甲} ＞ V_{排乙} $；根据阿基米德原理$ F_{浮}=\rho_{液}gV_{排} $，当浮力$ F_{浮} $相同时，排开液体体积越大，液体密度越小，因此$ \rho_{甲} ＜ \rho_{乙} $。
3. 比较烧杯底部的压强：两烧杯中液面高度$ h $相同，根据液体压强公式$ p=\rho gh $，$ g $为常量，$ h $相同，且$ \rho_{甲} ＜ \rho_{乙} $，因此烧杯底部所受液体压强$ p_{甲} ＜ p_{乙} $。
【答案】
＝ ＜ ＜
【知识点】
漂浮条件、阿基米德原理、液体压强
【点评】
本题考查密度计的工作原理及力学公式的应用，需掌握漂浮时浮力等于重力，结合阿基米德原理和液体压强公式分析，属于基础题型，注重对核心知识点的应用。
【难度系数】
0.6
13.某同学用如图所示的滑轮组将水桶匀速提升,请用笔画线代替绳子,用最省力的方法连接滑轮组。
答案
13.
解析
【分析】要使滑轮组最省力，需让承担物重的绳子段数最多。对于由1个定滑轮和1个动滑轮组成的滑轮组，最多可由3段绳子承担物重，根据“奇动偶定”的绕线原则（n为奇数时，绳子固定端在动滑轮；n为偶数时，固定端在定滑轮），应选择n=3的绕法，才能达到最省力的效果。
【解析】具体绕线步骤：1. 将绳子的一端固定在动滑轮的挂钩上；2. 向上绕过顶部的定滑轮；3. 再向下绕过下方的动滑轮，最终拉力方向向下，适配图中人物的位置，此时动滑轮上有3段绳子，拉力为物重的1/3，是最省力的绕法。
【答案】
【知识点】滑轮组绕线、滑轮组省力特点
【点评】本题考查滑轮组最省力的绕线方法，核心是理解“奇动偶定”原则，确定最大承担物重的绳子段数，属于初中物理基础应用题目，难度适中。
【难度系数】0.6
【解析】具体绕线步骤：1. 将绳子的一端固定在动滑轮的挂钩上；2. 向上绕过顶部的定滑轮；3. 再向下绕过下方的动滑轮，最终拉力方向向下，适配图中人物的位置，此时动滑轮上有3段绳子，拉力为物重的1/3，是最省力的绕法。
【答案】
【知识点】滑轮组绕线、滑轮组省力特点
【点评】本题考查滑轮组最省力的绕线方法，核心是理解“奇动偶定”原则，确定最大承担物重的绳子段数，属于初中物理基础应用题目，难度适中。
【难度系数】0.6
