11. 某公司推销员在讲到他们公司上半年共省电 5 000 kW·h 的时候，他拿起手里的一个电熨斗说：“我这个电熨斗是 500 W 的，也就是 0.5 kW。我们公司节省的电力可以供 10 000 个这样的电熨斗同时使用。”他的说法正确吗？你的理由是什么？

11. 不正确，他混淆了电功和电功率的概念

【分析】
要判断推销员的说法是否正确，需先明确电功和电功率的物理意义及单位：电功是表示电流做功多少（消耗电能多少）的物理量，单位为kW·h；电功率是表示电流做功快慢（消耗电能快慢）的物理量，单位为kW。题目中“节省5000kW·h”是电功，“电熨斗500W”是电功率，两者是不同物理量，不能直接混淆计算，据此判断说法错误。
【解析】
首先明确物理量的单位含义：“5000kW·h”是电能（电功）的单位，描述的是公司节省电能的总量；“500W=0.5kW”是电功率的单位，描述的是电熨斗消耗电能的快慢。电功和电功率是两个不同的物理量，物理意义不同，不能直接进行“节省的电能可供多少个电熨斗同时使用”的计算，推销员混淆了这两个概念，因此说法不正确。
【答案】
不正确，他混淆了电功和电功率的概念
【知识点】
电功与电功率的概念
【点评】
本题考查电学基础概念的区分，需准确把握电功和电功率的物理意义及单位，避免概念混淆，属于易错题。
【难度系数】
0.3

1. 在物理学中，用电器正常工作时的电压值和电流值，分别叫做和。
在额定电压下工作时的电功率，叫做。

1. 额定电压 额定电流 额定功率

【分析】本题考查电学中用电器额定参数的基本概念，解题时需回忆课本中关于用电器正常工作时的电压、电流及对应电功率的定义，直接匹配对应概念即可完成填空。
【解析】根据物理学中电学的基础定义：用电器正常工作时的电压值叫做额定电压，正常工作时的电流值叫做额定电流；在额定电压下工作的电功率叫做额定功率，因此依次填写对应概念。
【答案】额定电压 额定电流 额定功率
【知识点】额定电压、额定电流、额定功率
【点评】本题为电学基础概念识记题，考查对用电器额定参数的基本定义的掌握，属于入门级知识点，难度较低。
【难度系数】0.9

2. 小灯泡的亮度由小灯泡的决定，实际功率越大，小灯泡越。

2. 实际功率 亮

【分析】
要解决这道题，需明确小灯泡亮度的决定因素：小灯泡发光是电能转化为光能，实际功率反映了单位时间内电能转化为光能的多少，而额定功率是额定电压下的功率，不随实际工作状态变化，因此亮度由实际功率决定，实际功率越大，发光越亮。
【解析】
小灯泡的亮度取决于其实际工作时的实际功率，而非额定功率；实际功率越大，单位时间内消耗的电能转化为的光能越多，小灯泡就越亮。因此第一个空填实际功率，第二个空填亮。
【答案】
实际功率 亮
【知识点】
实际功率，小灯泡的亮度
【点评】
本题为电学基础概念题，考查对小灯泡亮度决定因素的理解，需区分额定功率与实际功率的不同作用，属于需记忆的基础知识点。
【难度系数】
0.2

3. 测量小灯泡电功率的实验原理是$P=$。测出灯泡的和，就可以计算出小灯泡的电功率。

3. UI 电流 电压

【分析】要解决这个问题，需回忆测量小灯泡电功率的实验原理：电功率的计算公式为$P=UI$，小灯泡属于纯电阻用电器，可直接利用该公式计算其电功率，因此实验中需要测量小灯泡两端的电压和通过小灯泡的电流，代入公式即可得到电功率。
【解析】测量小灯泡电功率的实验原理是电功率的计算公式，对于纯电阻元件（小灯泡），电功率$P=UI$，所以实验需要测出小灯泡两端的电压和通过小灯泡的电流，将这两个物理量代入公式就能计算出小灯泡的电功率。
【答案】UI 电流 电压
【知识点】电功率的计算、测量小灯泡的电功率
【点评】本题考查测量小灯泡电功率的基础实验原理，属于电学实验的核心基础知识点，难度较低，需准确记忆实验原理及所需测量的物理量。
【难度系数】0.9

4. 小灯泡的额定电功率=×。

4. 额定电流 额定电压

【分析】
要确定小灯泡额定电功率的表达式，需先回忆电功率的通用计算公式，再结合“额定”的含义：额定电功率是用电器在额定电压下工作的电功率，此时对应的电流为额定电流，因此可推导得出额定电功率的组成部分。
【解析】
根据电功率的基本公式 $ P = UI $，当小灯泡处于额定工作状态时，两端的电压为额定电压，通过的电流为额定电流，因此小灯泡的额定电功率等于额定电压与额定电流的乘积，即额定电功率=额定电流×额定电压。
【答案】
额定电流 额定电压
【知识点】
电功率公式 额定电压 额定电流
【点评】
本题考查额定电功率的基础计算公式，属于电学核心基础知识点，侧重对公式的识记，难度较低，是学生需熟练掌握的基础内容。
【难度系数】
0.8

5. 实验进行多次测量的目的：测量小灯泡在不同下的电功率，并进行比较，（选填“能”或“不能”）用多次测量小灯泡的电功率求平均值，因为灯丝的电阻受影响。

5. 电压 不能 温度

【分析】
这道题围绕测量小灯泡电功率的实验展开，解题思路是：首先明确测量小灯泡电功率的实验目的是探究不同电压下的电功率；其次要区分该实验与定值电阻测量实验多次测量的不同作用，关键在于理解灯丝电阻的影响因素。
【解析】
测量小灯泡电功率时，需要改变小灯泡两端的电压，测量不同电压下的电功率，以此比较小灯泡在不同工作状态下的功率；由于灯丝的电阻受温度影响，当小灯泡两端电压变化时，灯丝的温度会改变，电阻也随之变化，因此不同电压下测得的电功率是不同状态的真实值，并非误差导致的差异，所以不能用多次测量小灯泡的电功率求平均值。
【答案】
电压 不能 温度
【知识点】
测量小灯泡的电功率；温度对电阻的影响
【点评】
本题是电学实验的基础题，重点考查测量小灯泡电功率实验中多次测量的目的，需准确把握该实验与定值电阻测量实验的区别，理解灯丝电阻随温度变化的特性是解题核心。
【难度系数】
0.7

例1 图15-3-1是根据实验测量数据画出的两灯泡的U-I图像(又称伏安特性曲线)，根据图像，回答下列问题。
(1) 电压为80 V时，两灯泡(消耗)的电功率分别是多少？
(2) 从图像上可以发现，两灯泡的U-I图像是曲线，这说明了什么物理问题？
解析 (1) 从图像上可以读出，$U=80\ \mathrm{V}$时，$I_1=0.16\ \mathrm{A}$，$I_2=0.27\ \mathrm{A}$，于是有$P_1=UI_1=12.8\ \mathrm{W}$，$P_2=UI_2=21.6\ \mathrm{W}$。

图15-3-1
(2) 说明灯丝的电阻是变化的，即随着温度的变化(因加在两端的电压不同引起的)而变化，且温度越高，其电阻值越大(相比直线向上偏)。

解：
(1) 从U-I图像中读出，当灯泡两端电压为80 V时，通过L₁的电流$I_1=0.16\ \mathrm{A}$，通过L₂的电流$I_2=0.27\ \mathrm{A}$。
根据电功率公式$P=UI$：
$P_1 = UI_1 = 80\ \mathrm{V} × 0.16\ \mathrm{A} = 12.8\ \mathrm{W}$
$P_2 = UI_2 = 80\ \mathrm{V} × 0.27\ \mathrm{A} = 21.6\ \mathrm{W}$
(2) 两灯泡的U-I图像是曲线，说明灯丝的电阻不是定值：灯泡两端电压不同时，灯丝的温度不同，灯丝的电阻随温度的升高而增大。
答：(1)电压为80 V时，灯泡L₁消耗的电功率为12.8 W，灯泡L₂消耗的电功率为21.6 W；(2)说明灯丝的电阻随温度的升高而增大，并非定值。

【分析】
本题分为两小问，第(1)问需从U-I图像中读取电压为80V时两灯泡对应的电流，再利用电功率公式$P=UI$计算各自的电功率；第(2)问需结合电阻的定义式$R=\frac{U}{I}$，分析曲线的物理意义，联系灯丝电阻受温度影响的特点进行解答。
【解析】
(1) 从U-I图像中，当电压$U=80\ \mathrm{V}$时，读取$L_1$对应的电流$I_1=0.16\ \mathrm{A}$，$L_2$对应的电流$I_2=0.27\ \mathrm{A}$。根据电功率公式$P=UI$，分别计算两灯泡的功率：
$P_1 = UI_1 = 80\ \mathrm{V} × 0.16\ \mathrm{A} = 12.8\ \mathrm{W}$；
$P_2 = UI_2 = 80\ \mathrm{V} × 0.27\ \mathrm{A} = 21.6\ \mathrm{W}$。
(2) 由电阻的定义式$R=\frac{U}{I}$可知，U-I图像的斜率表示电阻大小。两灯泡的U-I图像为曲线，说明斜率随电流（电压）变化，即灯丝的电阻不是定值；因为灯泡工作时，电压不同，电流不同，灯丝的温度不同，而灯丝的电阻随温度升高而增大，所以图像为曲线，反映了灯丝电阻随温度变化的特性。
【答案】
(1) 电压为80V时，灯泡$L_1$消耗的电功率为12.8W，灯泡$L_2$消耗的电功率为21.6W；
(2) 说明灯丝的电阻不是定值，灯丝的电阻随温度的升高而增大。
【知识点】
电功率计算；U-I图像分析；导体电阻与温度的关系
【点评】
本题结合伏安特性曲线考查电功率计算和电阻的影响因素，重点考查学生从图像提取数据、分析物理规律的能力，是电学基础题，需掌握图像读取和公式应用的方法。
【难度系数】
0.6