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7. 某物理兴趣小组在“探究凸透镜成像的规律”时,将焦距为$10\ \mathrm{cm}$的凸透镜固定在光具座上$50\ \mathrm{cm}$刻度线处,光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜的两侧。如图3所示,若将蜡烛移至光具座上$25\ \mathrm{cm}$刻度线处,移动光屏,呈现在光屏上清晰的像是()。
A.倒立、缩小的实像
B.正立、放大的虚像
C.倒立、放大的实像
D.等大、倒立的实像
A.倒立、缩小的实像
B.正立、放大的虚像
C.倒立、放大的实像
D.等大、倒立的实像
答案
A
解析
【解析】
已知凸透镜焦距$f=10\ \mathrm{cm}$，凸透镜固定在$50\ \mathrm{cm}$刻度线处，蜡烛移至$25\ \mathrm{cm}$刻度线处，物距$u=50\ \mathrm{cm}-25\ \mathrm{cm}=25\ \mathrm{cm}$。
因为$u＞2f$（$25\ \mathrm{cm}＞2×10\ \mathrm{cm}$），根据凸透镜成像规律，此时成倒立、缩小的实像，对应选项A。
【答案】
A
【知识点】
凸透镜成像规律
【点评】
本题考查凸透镜成像规律的应用，需先准确计算物距，再结合成像规律判断成像性质，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.7
已知凸透镜焦距$f=10\ \mathrm{cm}$，凸透镜固定在$50\ \mathrm{cm}$刻度线处，蜡烛移至$25\ \mathrm{cm}$刻度线处，物距$u=50\ \mathrm{cm}-25\ \mathrm{cm}=25\ \mathrm{cm}$。
因为$u＞2f$（$25\ \mathrm{cm}＞2×10\ \mathrm{cm}$），根据凸透镜成像规律，此时成倒立、缩小的实像，对应选项A。
【答案】
A
【知识点】
凸透镜成像规律
【点评】
本题考查凸透镜成像规律的应用，需先准确计算物距，再结合成像规律判断成像性质，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.7
8. 下列情景中,利用了大气压强的是()。
A.借助重垂线砌墙
B.用吸管喝饮料
C.U形排水管
D.运动员跳远
A.借助重垂线砌墙
B.用吸管喝饮料
C.U形排水管
D.运动员跳远
答案
B
解析
【解析】
逐一分析各选项：
A. 借助重垂线砌墙利用的是重力的方向总是竖直向下的原理，与大气压强无关；
B. 用吸管喝饮料时，吸气使吸管内气压减小，外界大气压强将饮料压入吸管，利用了大气压强；
C. U形排水管利用的是连通器原理，与大气压强无关；
D. 运动员跳远利用的是惯性，与大气压强无关。
因此，利用了大气压强的是B选项。
【答案】
B
【知识点】
大气压强的应用、重力的方向、连通器原理
【点评】
本题考查对大气压强及常见物理原理的辨析，需准确区分不同物理现象对应的原理，属于基础识记类题目。
【难度系数】
0.8
逐一分析各选项：
A. 借助重垂线砌墙利用的是重力的方向总是竖直向下的原理，与大气压强无关；
B. 用吸管喝饮料时，吸气使吸管内气压减小，外界大气压强将饮料压入吸管，利用了大气压强；
C. U形排水管利用的是连通器原理，与大气压强无关；
D. 运动员跳远利用的是惯性，与大气压强无关。
因此，利用了大气压强的是B选项。
【答案】
B
【知识点】
大气压强的应用、重力的方向、连通器原理
【点评】
本题考查对大气压强及常见物理原理的辨析，需准确区分不同物理现象对应的原理，属于基础识记类题目。
【难度系数】
0.8
9. 图4是小慧同学掷出的实心球的运动轨迹示意图,球从$a$点上升到最高点$b$点后,落到地面$c$点,然后继续运动到$d$点停止。下列说法中正确的是()。
A.球从$a$点上升到$b$点,是因为受到惯性作用
B.球在$b$点受到的合力为零
C.球从$b$点下落到$c$点,运动状态不断改变
D.球最终运动到$d$点停止,说明物体运动需要力来维持
A.球从$a$点上升到$b$点,是因为受到惯性作用
B.球在$b$点受到的合力为零
C.球从$b$点下落到$c$点,运动状态不断改变
D.球最终运动到$d$点停止,说明物体运动需要力来维持
答案
C
解析
【解析】
A选项：惯性是物体的固有属性，不能说“受到惯性作用”，球从a点上升到b点是因为球具有惯性，A错误。
B选项：球在b点时，只受重力作用，合力不为零，B错误。
C选项：球从b点下落到c点，速度大小和运动方向均发生变化，运动状态不断改变，C正确。
D选项：球最终停止是因为受到阻力，说明力是改变物体运动状态的原因，不是维持运动的原因，D错误。
【答案】
C
【知识点】
惯性的理解、力与运动的关系、运动状态的判断
【点评】
本题考查力与运动的相关基础概念，需准确区分惯性的表述、力与运动的关系等易混淆知识点，注重对概念的正确理解。
【难度系数】
0.7
A选项：惯性是物体的固有属性，不能说“受到惯性作用”，球从a点上升到b点是因为球具有惯性，A错误。
B选项：球在b点时，只受重力作用，合力不为零，B错误。
C选项：球从b点下落到c点，速度大小和运动方向均发生变化，运动状态不断改变，C正确。
D选项：球最终停止是因为受到阻力，说明力是改变物体运动状态的原因，不是维持运动的原因，D错误。
【答案】
C
【知识点】
惯性的理解、力与运动的关系、运动状态的判断
【点评】
本题考查力与运动的相关基础概念，需准确区分惯性的表述、力与运动的关系等易混淆知识点，注重对概念的正确理解。
【难度系数】
0.7
10. 2023年5月10日,搭载着天舟六号货运飞船的长征七号遥七运载火箭点火发射,顺利升空。在火箭加速升空过程中,下列说法中正确的是()。
A.天舟六号货运飞船的重力势能增大
B.天舟六号货运飞船的动能保持不变
C.天舟六号货运飞船的机械能不变
D.天舟六号货运飞船的动能转化为重力势能
A.天舟六号货运飞船的重力势能增大
B.天舟六号货运飞船的动能保持不变
C.天舟六号货运飞船的机械能不变
D.天舟六号货运飞船的动能转化为重力势能
答案
A
解析
【解析】
在火箭加速升空过程中，天舟六号货运飞船的质量不变：
1. 速度增大，根据动能的影响因素（质量越大、速度越大，动能越大），可知其动能增大，故B选项错误；
2. 高度升高，根据重力势能的影响因素（质量越大、高度越高，重力势能越大），可知其重力势能增大，故A选项正确；
3. 机械能等于动能与重力势能之和，由于动能和重力势能均增大，所以机械能增大，故C选项错误；
4. 此过程中是燃料的化学能转化为飞船的机械能，动能和重力势能都在增加，并非动能转化为重力势能，故D选项错误。
【答案】
A
【知识点】
动能的影响因素、重力势能的影响因素、机械能的变化分析
【点评】
本题考查动能、重力势能及机械能的变化判断，需结合动能和重力势能的影响因素，分析飞船加速升空时的能量变化情况，属于对基础知识的考查。
【难度系数】
0.7
在火箭加速升空过程中，天舟六号货运飞船的质量不变：
1. 速度增大，根据动能的影响因素（质量越大、速度越大，动能越大），可知其动能增大，故B选项错误；
2. 高度升高，根据重力势能的影响因素（质量越大、高度越高，重力势能越大），可知其重力势能增大，故A选项正确；
3. 机械能等于动能与重力势能之和，由于动能和重力势能均增大，所以机械能增大，故C选项错误；
4. 此过程中是燃料的化学能转化为飞船的机械能，动能和重力势能都在增加，并非动能转化为重力势能，故D选项错误。
【答案】
A
【知识点】
动能的影响因素、重力势能的影响因素、机械能的变化分析
【点评】
本题考查动能、重力势能及机械能的变化判断，需结合动能和重力势能的影响因素，分析飞船加速升空时的能量变化情况，属于对基础知识的考查。
【难度系数】
0.7
11. 中国海军055型驱逐舰延安舰满载时,其排水量超过1万吨。下列说法中正确的是()。
A.排水量指的是船满载时排开水的重力
B.延安舰漂浮在海面上,所受重力小于浮力
C.延安舰漂浮在海面上,所受浮力方向竖直向上
D.延安舰不能与其他舰船近距离并排航行,是因为流体流速越大,压强越大
A.排水量指的是船满载时排开水的重力
B.延安舰漂浮在海面上,所受重力小于浮力
C.延安舰漂浮在海面上,所受浮力方向竖直向上
D.延安舰不能与其他舰船近距离并排航行,是因为流体流速越大,压强越大
答案
C
解析
【解析】
逐一分析各选项：
A. 排水量指的是船满载时排开水的质量，并非重力，故A错误；
B. 延安舰漂浮在海面上，根据漂浮条件，所受重力等于浮力，故B错误；
C. 浮力的方向始终是竖直向上的，因此延安舰所受浮力方向竖直向上，故C正确；
D. 流体流速越大，压强越小，延安舰不能与其他舰船近距离并排航行是因为两船中间流速大压强小，外侧压强大，易使船相撞，故D错误。
【答案】
C
【知识点】
漂浮条件、浮力方向、流体压强与流速关系
【点评】
本题考查浮力与流体压强的基础知识点，需准确掌握排水量定义、漂浮条件、浮力方向及流体压强与流速的关系，避免概念混淆。
【难度系数】
0.7
逐一分析各选项：
A. 排水量指的是船满载时排开水的质量，并非重力，故A错误；
B. 延安舰漂浮在海面上，根据漂浮条件，所受重力等于浮力，故B错误；
C. 浮力的方向始终是竖直向上的，因此延安舰所受浮力方向竖直向上，故C正确；
D. 流体流速越大，压强越小，延安舰不能与其他舰船近距离并排航行是因为两船中间流速大压强小，外侧压强大，易使船相撞，故D错误。
【答案】
C
【知识点】
漂浮条件、浮力方向、流体压强与流速关系
【点评】
本题考查浮力与流体压强的基础知识点，需准确掌握排水量定义、漂浮条件、浮力方向及流体压强与流速的关系，避免概念混淆。
【难度系数】
0.7
12. 杆秤是一种中国传统的称量工具。图5为某杆秤的示意图,其中$O$为杆秤提纽,$OA$为$4\ \mathrm{cm}$,秤砣质量$m$为$0.2\ \mathrm{kg}$,不挂重物和秤砣时,手提提纽,杆秤可水平平衡。用此杆秤称鱼,当秤砣置于$B$点时,杆秤再次水平平衡,此时测得$OB$为$16\ \mathrm{cm}$,则鱼的质量为()。
A.$1.0\ \mathrm{kg}$
B.$0.8\ \mathrm{kg}$
C.$0.6\ \mathrm{kg}$
D.$0.4\ \mathrm{kg}$
A.$1.0\ \mathrm{kg}$
B.$0.8\ \mathrm{kg}$
C.$0.6\ \mathrm{kg}$
D.$0.4\ \mathrm{kg}$
答案
B
解析
【解析】
不挂重物和秤砣时杆秤可水平平衡，说明杆秤自重对平衡无影响。根据杠杆平衡条件$F_1L_1=F_2L_2$，设鱼的质量为$M$，则鱼的重力$G_鱼=Mg$，秤砣的重力$G_砣=mg$，可得：
$Mg · OA = mg · OB$
代入数据$OA=4\ \mathrm{cm}$，$m=0.2\ \mathrm{kg}$，$OB=16\ \mathrm{cm}$，约去$g$，解得：
$M=\frac{m · OB}{OA}=\frac{0.2\ \mathrm{kg} × 16\ \mathrm{cm}}{4\ \mathrm{cm}}=0.8\ \mathrm{kg}$
【答案】
B
【知识点】
杠杆的平衡条件
【点评】
本题考查杠杆平衡条件的实际应用，解题关键是明确杆秤自重对平衡无影响，准确找出动力、阻力及其对应力臂，利用杠杆平衡公式进行计算。
【难度系数】
0.8
不挂重物和秤砣时杆秤可水平平衡，说明杆秤自重对平衡无影响。根据杠杆平衡条件$F_1L_1=F_2L_2$，设鱼的质量为$M$，则鱼的重力$G_鱼=Mg$，秤砣的重力$G_砣=mg$，可得：
$Mg · OA = mg · OB$
代入数据$OA=4\ \mathrm{cm}$，$m=0.2\ \mathrm{kg}$，$OB=16\ \mathrm{cm}$，约去$g$，解得：
$M=\frac{m · OB}{OA}=\frac{0.2\ \mathrm{kg} × 16\ \mathrm{cm}}{4\ \mathrm{cm}}=0.8\ \mathrm{kg}$
【答案】
B
【知识点】
杠杆的平衡条件
【点评】
本题考查杠杆平衡条件的实际应用，解题关键是明确杆秤自重对平衡无影响，准确找出动力、阻力及其对应力臂，利用杠杆平衡公式进行计算。
【难度系数】
0.8
13. 如图6所示,两位工人师傅用不同的滑轮装置分别把同一重物提升相同的高度,拉力之比为$F_{甲}:F_{乙}=5:3$,设有用功分别为$W_{甲}$、$W_{乙}$,机械效率为$\eta_{甲}$、$\eta_{乙}$,则()。
A.$W_{甲}:W_{乙}=5:3$
B.$W_{甲}:W_{乙}=6:5$
C.$\eta_{甲}:\eta_{乙}=6:5$
D.$\eta_{甲}:\eta_{乙}=5:3$
A.$W_{甲}:W_{乙}=5:3$
B.$W_{甲}:W_{乙}=6:5$
C.$\eta_{甲}:\eta_{乙}=6:5$
D.$\eta_{甲}:\eta_{乙}=5:3$
答案
C
解析
【解析】
1. 有用功分析：
同一重物提升相同高度，根据$ W_{有}=Gh $，可知$ W_{甲}=W_{乙} $，即$ W_{甲}:W_{乙}=1:1 $，故A、B错误。
2. 拉力移动距离分析：
甲是定滑轮，$ n_{甲}=1 $，则$ s_{甲}=h $；乙是动滑轮，$ n_{乙}=2 $，则$ s_{乙}=2h $。
3. 机械效率计算：
机械效率$ \eta=\frac{W_{有}}{W_{总}}=\frac{W_{有}}{Fs} $，则
$ \frac{\eta_{甲}}{\eta_{乙}}=\frac{\frac{W_{有}}{F_{甲}s_{甲}}}{\frac{W_{有}}{F_{乙}s_{乙}}}=\frac{F_{乙}s_{乙}}{F_{甲}s_{甲}}=\frac{F_{乙}×2h}{F_{甲}× h}=\frac{2F_{乙}}{F_{甲}} $。
已知$ F_{甲}:F_{乙}=5:3 $，即$ \frac{F_{乙}}{F_{甲}}=\frac{3}{5} $，代入得：
$ \frac{\eta_{甲}}{\eta_{乙}}=\frac{2×3}{5}=\frac{6}{5} $，即$ \eta_{甲}:\eta_{乙}=6:5 $，故C正确，D错误。
【答案】
C
【知识点】
有用功计算；机械效率计算；滑轮的特点
【点评】
本题考查定滑轮、动滑轮的有用功与机械效率的计算，关键是明确有用功的决定因素及机械效率的计算公式，注意区分总功与有用功。
【难度系数】
0.6
1. 有用功分析：
同一重物提升相同高度，根据$ W_{有}=Gh $，可知$ W_{甲}=W_{乙} $，即$ W_{甲}:W_{乙}=1:1 $，故A、B错误。
2. 拉力移动距离分析：
甲是定滑轮，$ n_{甲}=1 $，则$ s_{甲}=h $；乙是动滑轮，$ n_{乙}=2 $，则$ s_{乙}=2h $。
3. 机械效率计算：
机械效率$ \eta=\frac{W_{有}}{W_{总}}=\frac{W_{有}}{Fs} $，则
$ \frac{\eta_{甲}}{\eta_{乙}}=\frac{\frac{W_{有}}{F_{甲}s_{甲}}}{\frac{W_{有}}{F_{乙}s_{乙}}}=\frac{F_{乙}s_{乙}}{F_{甲}s_{甲}}=\frac{F_{乙}×2h}{F_{甲}× h}=\frac{2F_{乙}}{F_{甲}} $。
已知$ F_{甲}:F_{乙}=5:3 $，即$ \frac{F_{乙}}{F_{甲}}=\frac{3}{5} $，代入得：
$ \frac{\eta_{甲}}{\eta_{乙}}=\frac{2×3}{5}=\frac{6}{5} $，即$ \eta_{甲}:\eta_{乙}=6:5 $，故C正确，D错误。
【答案】
C
【知识点】
有用功计算；机械效率计算；滑轮的特点
【点评】
本题考查定滑轮、动滑轮的有用功与机械效率的计算，关键是明确有用功的决定因素及机械效率的计算公式，注意区分总功与有用功。
【难度系数】
0.6
