登录
10 [2026 南通海门模拟]实验小组为了测量额定电压为2.4 V的小灯泡L正常发光时的电阻和额定功率，设计了如图甲所示的电路，已知电源电压恒定，滑动变阻器满足实验要求。
第10题图
（1）连接好电路进行“试触”时，电压表指针偏向电压表“0”刻度线左侧没有刻度的位置，原因是
（2）排除故障后连接电路，按照正确操作进行实验，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移动到某一位置时，电压表示数为2.2 V，为使小灯泡L正常发光，他们应将滑动变阻器的滑片P向
（3）当小灯泡L正常发光时，电流表示数如图乙所示，小灯泡L正常发光时的电阻为
（4）经过多次实验，实验小组的同学了解到灯泡灯丝电阻的大小会随温度的升高而增大，为了减小测量电阻和额定功率时的误差，可以采取的措施是
（5）实验结束后，实验小组的同学查阅资料了解到，实际使用电压表测量某段电路两端电压时，并不是没有电流通过电压表，只是通过电压表的电流很小，通常情况下忽略了。若考虑使用电压表时有电流通过电压表，按照上述方法测量小灯泡L正常发光时的电阻值与真实值相比
第10题图（1）连接好电路进行“试触”时，电压表指针偏向电压表“0”刻度线左侧没有刻度的位置，原因是
电压表的正负接线柱接反了
。（2）排除故障后连接电路，按照正确操作进行实验，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移动到某一位置时，电压表示数为2.2 V，为使小灯泡L正常发光，他们应将滑动变阻器的滑片P向
B
（A/B）端移动，直到电压表示数为2.4 V。（3）当小灯泡L正常发光时，电流表示数如图乙所示，小灯泡L正常发光时的电阻为
10
Ω，小灯泡L的额定功率为0.576
W。（4）经过多次实验，实验小组的同学了解到灯泡灯丝电阻的大小会随温度的升高而增大，为了减小测量电阻和额定功率时的误差，可以采取的措施是
尽量缩短进行实验的时间
。（5）实验结束后，实验小组的同学查阅资料了解到，实际使用电压表测量某段电路两端电压时，并不是没有电流通过电压表，只是通过电压表的电流很小，通常情况下忽略了。若考虑使用电压表时有电流通过电压表，按照上述方法测量小灯泡L正常发光时的电阻值与真实值相比
偏小
（偏大/相等/偏小）。答案
10. (1) 电压表的正负接线柱接反了 (2) B (3) 10 0.576 (4) 尽量缩短进行实验的时间 (5) 偏小
解析
【分析】
本题为测量小灯泡电阻和额定功率的电学实验题，需结合电路故障、滑动变阻器调节、电表读数、实验误差分析等知识点逐步解题：
1. 电压表指针反向偏转是接线错误导致；
2. 要提升灯泡电压，需减小滑动变阻器电阻，结合滑动变阻器接线判断滑片方向；
3. 读取电流表量程和示数，用欧姆定律、电功率公式计算电阻和额定功率；
4. 灯丝电阻随温度升高而增大，需控制温度变化减小误差；
5. 考虑电压表分流，分析电流测量偏差对电阻计算的影响。
【解析】
（1）电压表使用规则是电流从正接线柱流入、负接线柱流出，若正负接线柱接反，指针会反向偏转，偏向0刻度左侧无刻度位置，因此故障为电压表正负接线柱接反了。
（2）灯泡额定电压为2.4V，当前电压2.2V，需增大灯泡两端电压。根据串联电路分压规律，应减小滑动变阻器接入电阻，使电路电流增大，灯泡电压升高。由图甲可知，滑动变阻器接右下B端，滑片向B端移动时，接入电阻丝长度变短，电阻减小，故滑片向B端移动。
（3）电流表选用0~0.6A量程，分度值0.02A，示数为0.24A。小灯泡正常发光时，电阻$R=\frac{U}{I}=\frac{2.4V}{0.24A}=10Ω$；额定功率$P=UI=2.4V×0.24A=0.576W$。
（4）灯丝电阻随温度升高而增大，为减小温度对测量的影响，应尽量缩短实验时间，避免灯丝温度明显变化。
（5）电压表与灯泡并联，电流表测的是灯泡和电压表的总电流，因此电流测量值大于灯泡实际电流。根据$R=\frac{U}{I}$，电压测量值准确，电流测量值偏大，故电阻测量值偏小。
【答案】
(1) 电压表的正负接线柱接反了
(2) B
(3) 10；0.576
(4) 尽量缩短进行实验的时间
(5) 偏小
【知识点】
伏安法测电阻；额定功率；电路故障分析
【点评】
本题是电学实验综合题，涵盖电路故障判断、滑动变阻器操作、电表读数、误差分析等核心知识点，需学生掌握实验原理和细节，理解灯丝电阻与温度的关系，以及电表内阻对测量的影响，考查学生的综合应用能力。
【难度系数】
0.3
本题为测量小灯泡电阻和额定功率的电学实验题，需结合电路故障、滑动变阻器调节、电表读数、实验误差分析等知识点逐步解题：
1. 电压表指针反向偏转是接线错误导致；
2. 要提升灯泡电压，需减小滑动变阻器电阻，结合滑动变阻器接线判断滑片方向；
3. 读取电流表量程和示数，用欧姆定律、电功率公式计算电阻和额定功率；
4. 灯丝电阻随温度升高而增大，需控制温度变化减小误差；
5. 考虑电压表分流，分析电流测量偏差对电阻计算的影响。
【解析】
（1）电压表使用规则是电流从正接线柱流入、负接线柱流出，若正负接线柱接反，指针会反向偏转，偏向0刻度左侧无刻度位置，因此故障为电压表正负接线柱接反了。
（2）灯泡额定电压为2.4V，当前电压2.2V，需增大灯泡两端电压。根据串联电路分压规律，应减小滑动变阻器接入电阻，使电路电流增大，灯泡电压升高。由图甲可知，滑动变阻器接右下B端，滑片向B端移动时，接入电阻丝长度变短，电阻减小，故滑片向B端移动。
（3）电流表选用0~0.6A量程，分度值0.02A，示数为0.24A。小灯泡正常发光时，电阻$R=\frac{U}{I}=\frac{2.4V}{0.24A}=10Ω$；额定功率$P=UI=2.4V×0.24A=0.576W$。
（4）灯丝电阻随温度升高而增大，为减小温度对测量的影响，应尽量缩短实验时间，避免灯丝温度明显变化。
（5）电压表与灯泡并联，电流表测的是灯泡和电压表的总电流，因此电流测量值大于灯泡实际电流。根据$R=\frac{U}{I}$，电压测量值准确，电流测量值偏大，故电阻测量值偏小。
【答案】
(1) 电压表的正负接线柱接反了
(2) B
(3) 10；0.576
(4) 尽量缩短进行实验的时间
(5) 偏小
【知识点】
伏安法测电阻；额定功率；电路故障分析
【点评】
本题是电学实验综合题，涵盖电路故障判断、滑动变阻器操作、电表读数、误差分析等核心知识点，需学生掌握实验原理和细节，理解灯丝电阻与温度的关系，以及电表内阻对测量的影响，考查学生的综合应用能力。
【难度系数】
0.3
11 [2026 盐城模拟]如图所示，$R_1=25\ \Omega$，小灯泡L的规格为“2.5 V 0.5 A”，电源电压保持不变。（不考虑温度对电阻的影响）
（1）求小灯泡正常发光时的电阻。
（2）当S闭合，$S_1$、$S_2$都断开时，小灯泡L正常发光，求电源电压。
（3）当S、$S_1$、$S_2$都闭合时，电流表的示数变为0.9 A，求$R_2$的实际功率。
（1）求小灯泡正常发光时的电阻。
（2）当S闭合，$S_1$、$S_2$都断开时，小灯泡L正常发光，求电源电压。
（3）当S、$S_1$、$S_2$都闭合时，电流表的示数变为0.9 A，求$R_2$的实际功率。
答案
11. (1) 小灯泡正常发光时的电阻 $R_L=\dfrac{U_L}{I_L}=\dfrac{2.5\ \mathrm{V}}{0.5\ \mathrm{A}}=5\ \Omega$
(2) $\mathrm{S}_1$、$\mathrm{S}_2$都断开时，L与$R_1$串联，电路电流$I=I_\mathrm{L}=0.5\ \mathrm{A}$，电源电压$U_\mathrm{总}=IR_\mathrm{总}=I(R_1+R_\mathrm{L})=0.5\ \mathrm{A}×(25\ \Omega+5\ \Omega)=15\ \mathrm{V}$
(3) $\mathrm{S}、\mathrm{S}_1、\mathrm{S}_2$都闭合时，$R_1$与$R_2$并联，电流表A测干路电流$I_\mathrm{并}$，$U_1=U_2=U=15\ \mathrm{V}$，$R_1$电流$I_1=\dfrac{U_1}{R_1}=\dfrac{15\ \mathrm{V}}{25\ \Omega}=0.6\ \mathrm{A}$；$R_2$的电功率$P_2=U_2I_2=U_2(I_\mathrm{并}-I_1)=15\ \mathrm{V}×(0.9\ \mathrm{A}-0.6\ \mathrm{A})=4.5\ \mathrm{W}$
(2) $\mathrm{S}_1$、$\mathrm{S}_2$都断开时，L与$R_1$串联，电路电流$I=I_\mathrm{L}=0.5\ \mathrm{A}$，电源电压$U_\mathrm{总}=IR_\mathrm{总}=I(R_1+R_\mathrm{L})=0.5\ \mathrm{A}×(25\ \Omega+5\ \Omega)=15\ \mathrm{V}$
(3) $\mathrm{S}、\mathrm{S}_1、\mathrm{S}_2$都闭合时，$R_1$与$R_2$并联，电流表A测干路电流$I_\mathrm{并}$，$U_1=U_2=U=15\ \mathrm{V}$，$R_1$电流$I_1=\dfrac{U_1}{R_1}=\dfrac{15\ \mathrm{V}}{25\ \Omega}=0.6\ \mathrm{A}$；$R_2$的电功率$P_2=U_2I_2=U_2(I_\mathrm{并}-I_1)=15\ \mathrm{V}×(0.9\ \mathrm{A}-0.6\ \mathrm{A})=4.5\ \mathrm{W}$
解析
【分析】
要解决本题，需分步骤分析不同开关状态下的电路结构：
1. 求小灯泡正常发光的电阻，利用欧姆定律，结合小灯泡的额定电压和额定电流计算；
2. 当S闭合、S₁和S₂都断开时，判断电路为小灯泡L与R₁串联，利用串联电路电流特点和欧姆定律计算电源电压；
3. 当S、S₁、S₂都闭合时，判断电路为R₁与R₂并联，电流表测干路电流，结合并联电路电流、电压特点，先计算R₁的电流，再求出R₂的电流，最后计算R₂的实际功率。
【解析】
解：
(1) 小灯泡正常发光时，额定电压$U_L=2.5\ \mathrm{V}$，额定电流$I_L=0.5\ \mathrm{A}$，根据欧姆定律：
$R_L=\frac{U_L}{I_L}=\frac{2.5\ \mathrm{V}}{0.5\ \mathrm{A}}=5\ \Omega$；
(2) 当S闭合，$S_1$、$S_2$都断开时，L与$R_1$串联，串联电路电流处处相等，故电路电流$I=I_L=0.5\ \mathrm{A}$，总电阻$R_{总}=R_1+R_L=25\ \Omega+5\ \Omega=30\ \Omega$，电源电压：
$U_{总}=IR_{总}=0.5\ \mathrm{A}×30\ \Omega=15\ \mathrm{V}$；
(3) 当S、$S_1$、$S_2$都闭合时，小灯泡L被短路，$R_1$与$R_2$并联，电流表测干路电流，并联电路各支路电压等于电源电压，即$U_1=U_2=U_{总}=15\ \mathrm{V}$。
通过$R_1$的电流：$I_1=\frac{U_1}{R_1}=\frac{15\ \mathrm{V}}{25\ \Omega}=0.6\ \mathrm{A}$，
根据并联电路干路电流等于各支路电流之和，得通过$R_2$的电流：$I_2=I_{干}-I_1=0.9\ \mathrm{A}-0.6\ \mathrm{A}=0.3\ \mathrm{A}$，
则$R_2$的实际功率：$P_2=U_2I_2=15\ \mathrm{V}×0.3\ \mathrm{A}=4.5\ \mathrm{W}$。
【答案】
(1) $5\ \Omega$；(2) $15\ \mathrm{V}$；(3) $4.5\ \mathrm{W}$
【知识点】
欧姆定律、串并联电路特点、电功率计算
【点评】
本题为电学综合题，需准确分析开关变化时的电路连接方式，结合欧姆定律和串并联电路规律解题，考查学生的电路分析与公式应用能力。
【难度系数】
0.6
要解决本题，需分步骤分析不同开关状态下的电路结构：
1. 求小灯泡正常发光的电阻，利用欧姆定律，结合小灯泡的额定电压和额定电流计算；
2. 当S闭合、S₁和S₂都断开时，判断电路为小灯泡L与R₁串联，利用串联电路电流特点和欧姆定律计算电源电压；
3. 当S、S₁、S₂都闭合时，判断电路为R₁与R₂并联，电流表测干路电流，结合并联电路电流、电压特点，先计算R₁的电流，再求出R₂的电流，最后计算R₂的实际功率。
【解析】
解：
(1) 小灯泡正常发光时，额定电压$U_L=2.5\ \mathrm{V}$，额定电流$I_L=0.5\ \mathrm{A}$，根据欧姆定律：
$R_L=\frac{U_L}{I_L}=\frac{2.5\ \mathrm{V}}{0.5\ \mathrm{A}}=5\ \Omega$；
(2) 当S闭合，$S_1$、$S_2$都断开时，L与$R_1$串联，串联电路电流处处相等，故电路电流$I=I_L=0.5\ \mathrm{A}$，总电阻$R_{总}=R_1+R_L=25\ \Omega+5\ \Omega=30\ \Omega$，电源电压：
$U_{总}=IR_{总}=0.5\ \mathrm{A}×30\ \Omega=15\ \mathrm{V}$；
(3) 当S、$S_1$、$S_2$都闭合时，小灯泡L被短路，$R_1$与$R_2$并联，电流表测干路电流，并联电路各支路电压等于电源电压，即$U_1=U_2=U_{总}=15\ \mathrm{V}$。
通过$R_1$的电流：$I_1=\frac{U_1}{R_1}=\frac{15\ \mathrm{V}}{25\ \Omega}=0.6\ \mathrm{A}$，
根据并联电路干路电流等于各支路电流之和，得通过$R_2$的电流：$I_2=I_{干}-I_1=0.9\ \mathrm{A}-0.6\ \mathrm{A}=0.3\ \mathrm{A}$，
则$R_2$的实际功率：$P_2=U_2I_2=15\ \mathrm{V}×0.3\ \mathrm{A}=4.5\ \mathrm{W}$。
【答案】
(1) $5\ \Omega$；(2) $15\ \mathrm{V}$；(3) $4.5\ \mathrm{W}$
【知识点】
欧姆定律、串并联电路特点、电功率计算
【点评】
本题为电学综合题，需准确分析开关变化时的电路连接方式，结合欧姆定律和串并联电路规律解题，考查学生的电路分析与公式应用能力。
【难度系数】
0.6
