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13.「★★☆」如图是“扬帆”学习小组对小灯泡L和定值电阻R的阻值进行测量后，根据实验数据作出的U-I图像。若将L和R串联接在8 V的电源两端，L与R的电阻之比为
1:1
；若将L和R并联在2 V的电源两端，在1 min内，L与R产生的热量之比为3:2
。答案
13.答案 1:1 3:2
解析 若将 L 和 R 串联接在 8 V 的电源两端，根据串联电路的电压特点并结合图像可知，电路中的电流为 0.2 A，L 和 R 两端的电压均为 4 V，则 L 和 R 的电阻之比为 $\frac{R_\mathrm{L}}{R}=\frac{\frac{U_\mathrm{L}}{I}}{\frac{U_R}{I}}=\frac{U_\mathrm{L}}{U_R}=\frac{4\ \mathrm{V}}{4\ \mathrm{V}}=\frac{1}{1}$；若将 L 和 R 并联在 2 V 的电源两端，由图可知，通过 L 和 R 的电流分别为 0.15 A 和 0.1 A，由 $Q=I^2Rt=UIt$ 可知，在 1 min 内，L 和 R 产生的热量之比 $Q_\mathrm{L}:Q_R=UI_\mathrm{L}t:UI_Rt=I_\mathrm{L}:I_R=0.15\ \mathrm{A}:0.1\ \mathrm{A}=3:2$。
解析 若将 L 和 R 串联接在 8 V 的电源两端，根据串联电路的电压特点并结合图像可知，电路中的电流为 0.2 A，L 和 R 两端的电压均为 4 V，则 L 和 R 的电阻之比为 $\frac{R_\mathrm{L}}{R}=\frac{\frac{U_\mathrm{L}}{I}}{\frac{U_R}{I}}=\frac{U_\mathrm{L}}{U_R}=\frac{4\ \mathrm{V}}{4\ \mathrm{V}}=\frac{1}{1}$；若将 L 和 R 并联在 2 V 的电源两端，由图可知，通过 L 和 R 的电流分别为 0.15 A 和 0.1 A，由 $Q=I^2Rt=UIt$ 可知，在 1 min 内，L 和 R 产生的热量之比 $Q_\mathrm{L}:Q_R=UI_\mathrm{L}t:UI_Rt=I_\mathrm{L}:I_R=0.15\ \mathrm{A}:0.1\ \mathrm{A}=3:2$。
解析
【分析】
要解决本题，需结合串并联电路的特点，从U-I图像中提取对应电流、电压的数值。串联电路中电流处处相等，总电压等于各用电器电压之和；并联电路中各支路电压相等，总电流等于各支路电流之和。对于串联情况，需找到电流相同且L和R的电压和为8V的点；对于并联情况，需找到电压相同且为2V时，L和R对应的电流，再结合电阻、热量公式计算比值。
【解析】
1. 当L和R串联接在8V电源两端时，串联电路电流I处处相等，总电压$U=U_L + U_R=8\ \mathrm{V}$。观察U-I图像，当电流$I=0.2\ \mathrm{A}$时，小灯泡L两端电压$U_L=4\ \mathrm{V}$，定值电阻R两端电压$U_R=4\ \mathrm{V}$，满足$U_L + U_R=8\ \mathrm{V}$。根据电阻公式$R=\frac{U}{I}$，可得L与R的电阻之比：
$\frac{R_L}{R} = \frac{\frac{U_L}{I}}{\frac{U_R}{I}} = \frac{U_L}{U_R} = \frac{4\ \mathrm{V}}{4\ \mathrm{V}} = \frac{1}{1}$。
2. 当L和R并联在2V电源两端时，并联电路各支路电压相等，即$U_L'=U_R'=2\ \mathrm{V}$。从图像可知，电压为2V时，通过L的电流$I_L=0.15\ \mathrm{A}$，通过R的电流$I_R=0.1\ \mathrm{A}$。根据电热公式$Q=W=UIt$，并联时电压U和时间t相同，因此1min内L与R产生的热量之比：
$\frac{Q_L}{Q_R} = \frac{U I_L t}{U I_R t} = \frac{I_L}{I_R} = \frac{0.15\ \mathrm{A}}{0.1\ \mathrm{A}} = \frac{3}{2}$。
【答案】
1:1；3:2
【知识点】
U-I图像、串并联电路特点、电热计算
【点评】
本题结合U-I图像考查串并联电路规律的应用，关键是从图像中准确获取对应电流、电压的数值，需灵活运用电阻、电热公式，难度适中，属于中等难度题。
【难度系数】
0.5
要解决本题，需结合串并联电路的特点，从U-I图像中提取对应电流、电压的数值。串联电路中电流处处相等，总电压等于各用电器电压之和；并联电路中各支路电压相等，总电流等于各支路电流之和。对于串联情况，需找到电流相同且L和R的电压和为8V的点；对于并联情况，需找到电压相同且为2V时，L和R对应的电流，再结合电阻、热量公式计算比值。
【解析】
1. 当L和R串联接在8V电源两端时，串联电路电流I处处相等，总电压$U=U_L + U_R=8\ \mathrm{V}$。观察U-I图像，当电流$I=0.2\ \mathrm{A}$时，小灯泡L两端电压$U_L=4\ \mathrm{V}$，定值电阻R两端电压$U_R=4\ \mathrm{V}$，满足$U_L + U_R=8\ \mathrm{V}$。根据电阻公式$R=\frac{U}{I}$，可得L与R的电阻之比：
$\frac{R_L}{R} = \frac{\frac{U_L}{I}}{\frac{U_R}{I}} = \frac{U_L}{U_R} = \frac{4\ \mathrm{V}}{4\ \mathrm{V}} = \frac{1}{1}$。
2. 当L和R并联在2V电源两端时，并联电路各支路电压相等，即$U_L'=U_R'=2\ \mathrm{V}$。从图像可知，电压为2V时，通过L的电流$I_L=0.15\ \mathrm{A}$，通过R的电流$I_R=0.1\ \mathrm{A}$。根据电热公式$Q=W=UIt$，并联时电压U和时间t相同，因此1min内L与R产生的热量之比：
$\frac{Q_L}{Q_R} = \frac{U I_L t}{U I_R t} = \frac{I_L}{I_R} = \frac{0.15\ \mathrm{A}}{0.1\ \mathrm{A}} = \frac{3}{2}$。
【答案】
1:1；3:2
【知识点】
U-I图像、串并联电路特点、电热计算
【点评】
本题结合U-I图像考查串并联电路规律的应用，关键是从图像中准确获取对应电流、电压的数值，需灵活运用电阻、电热公式，难度适中，属于中等难度题。
【难度系数】
0.5
14.「2025四川德阳中考，★★★」如图所示，电源电压恒定为6 V，定值电阻$R_0=10\ \Omega$，$R_1=20\ \Omega$，电流表的测量范围为0~0.6 A，电压表的测量范围为0~3 V，滑动变阻器R的最大阻值为20 Ω。若闭合开关S和S₂，且滑动变阻器的滑片P置于中点时，$R_1$在5 min内产生的热量为
240
J；若闭合开关S和S₁，在保证各元件安全的情况下，电路的最小电功率和最大电功率之比为1:2
。答案
14.答案 240 1:2
解析 由图可知，当闭合开关S和S₂，且滑动变阻器的滑片P置于中点时，$R_1$、R串联，根据串联电路的电阻规律和欧姆定律可得，电路中的电流 $I=\frac{U}{R_\mathrm{总}}=\frac{U}{R_1+R_\mathrm{中}}=\frac{6\ \mathrm{V}}{20\ \Omega+\frac{1}{2}×20\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$，$R_1$ 在 5 min 内产生的热量 $Q=I^2R_1t=(0.2\ \mathrm{A})^2×20\ \Omega×5×60\ \mathrm{s}=240\ \mathrm{J}$。当闭合开关S和S₁时，$R_0$、R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；R接入电路的阻值越大，电路中的电流越小，根据串联电路的分压规律可知，R两端的电压越大；根据电压表测量范围可知，R两端的最大电压为 $U_\mathrm{大}=3\ \mathrm{V}$，则 $R_0$ 两端的最小电压为 $U_\mathrm{小}=U-U_\mathrm{大}=6\ \mathrm{V}-3\ \mathrm{V}=3\ \mathrm{V}$，电路中的最小电流 $I_\mathrm{小}=I_0=\frac{U_\mathrm{小}}{R_0}=\frac{3\ \mathrm{V}}{10\ \Omega}=0.3\ \mathrm{A}$；R接入电路的阻值越小，电路中的电流越大，根据电流表的测量范围可知，电路中的最大电流为 $I_\mathrm{大}=0.6\ \mathrm{A}$，电源电压恒定不变，根据 $P=UI$ 可得，电路的最小电功率和最大电功率之比 $P_\mathrm{小}:P_\mathrm{大}=I_\mathrm{小}:I_\mathrm{大}=0.3\ \mathrm{A}:0.6\ \mathrm{A}=1:2$。
解析 由图可知，当闭合开关S和S₂，且滑动变阻器的滑片P置于中点时，$R_1$、R串联，根据串联电路的电阻规律和欧姆定律可得，电路中的电流 $I=\frac{U}{R_\mathrm{总}}=\frac{U}{R_1+R_\mathrm{中}}=\frac{6\ \mathrm{V}}{20\ \Omega+\frac{1}{2}×20\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$，$R_1$ 在 5 min 内产生的热量 $Q=I^2R_1t=(0.2\ \mathrm{A})^2×20\ \Omega×5×60\ \mathrm{s}=240\ \mathrm{J}$。当闭合开关S和S₁时，$R_0$、R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；R接入电路的阻值越大，电路中的电流越小，根据串联电路的分压规律可知，R两端的电压越大；根据电压表测量范围可知，R两端的最大电压为 $U_\mathrm{大}=3\ \mathrm{V}$，则 $R_0$ 两端的最小电压为 $U_\mathrm{小}=U-U_\mathrm{大}=6\ \mathrm{V}-3\ \mathrm{V}=3\ \mathrm{V}$，电路中的最小电流 $I_\mathrm{小}=I_0=\frac{U_\mathrm{小}}{R_0}=\frac{3\ \mathrm{V}}{10\ \Omega}=0.3\ \mathrm{A}$；R接入电路的阻值越小，电路中的电流越大，根据电流表的测量范围可知，电路中的最大电流为 $I_\mathrm{大}=0.6\ \mathrm{A}$，电源电压恒定不变，根据 $P=UI$ 可得，电路的最小电功率和最大电功率之比 $P_\mathrm{小}:P_\mathrm{大}=I_\mathrm{小}:I_\mathrm{大}=0.3\ \mathrm{A}:0.6\ \mathrm{A}=1:2$。
解析
【分析】
本题分为两小问，第一问需分析闭合S和S₂时的串联电路，利用欧姆定律求电流，再结合焦耳定律计算热量；第二问需分析闭合S和S₁时的串联电路，结合电流表、电压表的量程限制确定最小和最大电流，进而求出电功率之比。解题时要牢记串联电路的电阻、电压规律，同时注意各电表的安全量程限制。
【解析】
1. 计算R₁产生的热量：
当闭合开关S和S₂，滑片P置于中点时，R₁与滑动变阻器R串联，滑动变阻器接入的电阻$R_{中}=\frac{1}{2}R=\frac{1}{2}×20\ \Omega=10\ \Omega$，电路总电阻$R_{总}=R_1+R_{中}=20\ \Omega+10\ \Omega=30\ \Omega$。
根据欧姆定律，电路电流$I=\frac{U}{R_{总}}=\frac{6\ \mathrm{V}}{30\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$。
R₁在5 min内产生的热量$Q=I^2R_1t=(0.2\ \mathrm{A})^2×20\ \Omega×5×60\ \mathrm{s}=240\ \mathrm{J}$。
2. 计算最小电功率和最大电功率之比：
当闭合开关S和S₁时，R₀与R串联，电压表测R两端电压，电流表测电路电流。
保证电压表安全：电压表最大示数为3 V，因此R₀两端最小电压$U_{0小}=U-U_{R大}=6\ \mathrm{V}-3\ \mathrm{V}=3\ \mathrm{V}$，电路最小电流$I_{小}=\frac{U_{0小}}{R_0}=\frac{3\ \mathrm{V}}{10\ \Omega}=0.3\ \mathrm{A}$。
保证电流表安全：电流表量程为0~0.6 A，因此电路最大电流$I_{大}=0.6\ \mathrm{A}$。
电源电压恒定，根据$P=UI$，最小电功率与最大电功率之比$\frac{P_{小}}{P_{大}}=\frac{UI_{小}}{UI_{大}}=\frac{I_{小}}{I_{大}}=\frac{0.3\ \mathrm{A}}{0.6\ \mathrm{A}}=\frac{1}{2}$。
【答案】
240；1:2
【知识点】
串联电路规律、焦耳定律、电功率计算
【点评】
本题结合串联电路特点，考查电热计算和电功率比值问题，需准确分析电路连接方式，同时关注电表量程的安全限制，是电路动态分析的典型题型，综合性较强。
【难度系数】
0.5
本题分为两小问，第一问需分析闭合S和S₂时的串联电路，利用欧姆定律求电流，再结合焦耳定律计算热量；第二问需分析闭合S和S₁时的串联电路，结合电流表、电压表的量程限制确定最小和最大电流，进而求出电功率之比。解题时要牢记串联电路的电阻、电压规律，同时注意各电表的安全量程限制。
【解析】
1. 计算R₁产生的热量：
当闭合开关S和S₂，滑片P置于中点时，R₁与滑动变阻器R串联，滑动变阻器接入的电阻$R_{中}=\frac{1}{2}R=\frac{1}{2}×20\ \Omega=10\ \Omega$，电路总电阻$R_{总}=R_1+R_{中}=20\ \Omega+10\ \Omega=30\ \Omega$。
根据欧姆定律，电路电流$I=\frac{U}{R_{总}}=\frac{6\ \mathrm{V}}{30\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$。
R₁在5 min内产生的热量$Q=I^2R_1t=(0.2\ \mathrm{A})^2×20\ \Omega×5×60\ \mathrm{s}=240\ \mathrm{J}$。
2. 计算最小电功率和最大电功率之比：
当闭合开关S和S₁时，R₀与R串联，电压表测R两端电压，电流表测电路电流。
保证电压表安全：电压表最大示数为3 V，因此R₀两端最小电压$U_{0小}=U-U_{R大}=6\ \mathrm{V}-3\ \mathrm{V}=3\ \mathrm{V}$，电路最小电流$I_{小}=\frac{U_{0小}}{R_0}=\frac{3\ \mathrm{V}}{10\ \Omega}=0.3\ \mathrm{A}$。
保证电流表安全：电流表量程为0~0.6 A，因此电路最大电流$I_{大}=0.6\ \mathrm{A}$。
电源电压恒定，根据$P=UI$，最小电功率与最大电功率之比$\frac{P_{小}}{P_{大}}=\frac{UI_{小}}{UI_{大}}=\frac{I_{小}}{I_{大}}=\frac{0.3\ \mathrm{A}}{0.6\ \mathrm{A}}=\frac{1}{2}$。
【答案】
240；1:2
【知识点】
串联电路规律、焦耳定律、电功率计算
【点评】
本题结合串联电路特点，考查电热计算和电功率比值问题，需准确分析电路连接方式，同时关注电表量程的安全限制，是电路动态分析的典型题型，综合性较强。
【难度系数】
0.5
三、实验探究题(共2小题,计36分)
15. 实验 考法 创新实验 「2026重庆西南大学附中月考，★☆」(15分)小悦在长时间使用手机之后,发现手机会变得烫手。于是他打算利用如图所示的实验装置来进行“电流通过导体时产生的热量与哪些因素有关”的探究,其中烧瓶完全相同,瓶内装有质量和初温都相同的煤油、相同的温度计、阻值不等的电阻丝$R_1$和$R_2$($R_1＞R_2$),电源电压保持不变,请回答下列问题:
(1)在该实验中,我们通过比较
A. 探究串、并联电路电流的特点时,常把电流与水流相比
B. 探究电阻大小的影响因素时,通过电流表示数大小来判断电阻大小
C. 探究串联电路总电阻的大小时,用一个$20\ \Omega$的电阻代替两个$10\ \Omega$的串联电阻
(2)小悦在做完实验后,发现自己的手机剩余电量不多,于是打算借用州州同学能支持超级快充的充电器。根据该实验的结论,从线路安全的角度分析,快充线较普通手机充电线更
(3)爱思考的小悦发现还可以利用该实验装置比较不同物质的吸热能力,在图中的两个烧瓶内换用质量、初温都相同的不同液体,且所用两根电阻丝的电阻$R_1'$
15. 实验 考法 创新实验 「2026重庆西南大学附中月考，★☆」(15分)小悦在长时间使用手机之后,发现手机会变得烫手。于是他打算利用如图所示的实验装置来进行“电流通过导体时产生的热量与哪些因素有关”的探究,其中烧瓶完全相同,瓶内装有质量和初温都相同的煤油、相同的温度计、阻值不等的电阻丝$R_1$和$R_2$($R_1＞R_2$),电源电压保持不变,请回答下列问题:
(1)在该实验中,我们通过比较
温度计示数的变化
(选填“温度计示数的变化”或“加热的时间”)来比较电流产生的热量的多少,像这种用能直接观测的量来显示不容易直接观测的量的方法叫“转换法”。下列实验中,用到“转换法”的是B
(填字母);A. 探究串、并联电路电流的特点时,常把电流与水流相比
B. 探究电阻大小的影响因素时,通过电流表示数大小来判断电阻大小
C. 探究串联电路总电阻的大小时,用一个$20\ \Omega$的电阻代替两个$10\ \Omega$的串联电阻
(2)小悦在做完实验后,发现自己的手机剩余电量不多,于是打算借用州州同学能支持超级快充的充电器。根据该实验的结论,从线路安全的角度分析,快充线较普通手机充电线更
粗
(选填“粗”或“细”);(3)爱思考的小悦发现还可以利用该实验装置比较不同物质的吸热能力,在图中的两个烧瓶内换用质量、初温都相同的不同液体,且所用两根电阻丝的电阻$R_1'$
=
(选填“＞”“＜”或“=”)$R_2'$。闭合开关,一段时间后,若温度计A比温度计B示数变化小,则两烧瓶内液体比热容的关系为$c_A$＞
(选填“＞”“＜”或“=”)$c_B$。答案
15.答案 (1)温度计示数的变化 B
(2)粗
(3)= ＞
解析 (1)电流产生热量的多少无法直接观测，可通过温度计示数的变化来比较，质量和初温相同的同种物质，温度变化越大，代表电流产生的热量越多；把电流与水流相比，运用了类比法，故 A 不符合题意；通过电流表示数大小来判断电阻大小，用到了转换法，故 B 符合题意；用一个 $20\ \Omega$ 的电阻代替两个 $10\ \Omega$ 的串联电阻，用到了等效替代法，故 C 不符合题意。故选 B。
(2)快充时通过的电流大，根据 $Q=I^2Rt$ 可知，电流大时可减小电阻来减少产生的热量。在材料、长度相同时，导线横截面积越大，电阻越小，所以快充线较普通手机充电线更粗。
(3)比较不同物质的吸热能力，需控制电流产生的热量相同，串联时电流相同、通电时间相同，根据 $Q=I^2Rt$ 可知，两根电阻丝的电阻 $R_1'=R_2'$。根据 $Q=cm\Delta t$ 可知，在烧瓶内液体质量、吸收热量都相同时，温度变化越小，比热容越大，因为温度计 A 的示数变化小，所以 $c_A＞c_B$。
(2)粗
(3)= ＞
解析 (1)电流产生热量的多少无法直接观测，可通过温度计示数的变化来比较，质量和初温相同的同种物质，温度变化越大，代表电流产生的热量越多；把电流与水流相比，运用了类比法，故 A 不符合题意；通过电流表示数大小来判断电阻大小，用到了转换法，故 B 符合题意；用一个 $20\ \Omega$ 的电阻代替两个 $10\ \Omega$ 的串联电阻，用到了等效替代法，故 C 不符合题意。故选 B。
(2)快充时通过的电流大，根据 $Q=I^2Rt$ 可知，电流大时可减小电阻来减少产生的热量。在材料、长度相同时，导线横截面积越大，电阻越小，所以快充线较普通手机充电线更粗。
(3)比较不同物质的吸热能力，需控制电流产生的热量相同，串联时电流相同、通电时间相同，根据 $Q=I^2Rt$ 可知，两根电阻丝的电阻 $R_1'=R_2'$。根据 $Q=cm\Delta t$ 可知，在烧瓶内液体质量、吸收热量都相同时，温度变化越小，比热容越大，因为温度计 A 的示数变化小，所以 $c_A＞c_B$。
解析
【分析】
首先，第(1)题：电流产生的热量无法直接观察，实验中通过温度计示数变化反映热量多少，这是转换法；需判断各选项所用物理方法，A为类比法，B为转换法，C为等效替代法，据此选出正确选项。
第(2)题：快充时充电电流更大，根据焦耳定律，要减少导线发热需减小导线电阻；材料、长度相同时，导线横截面积越大电阻越小，据此判断快充线粗细。
第(3)题：比较不同物质吸热能力时，需控制相同时间内液体吸收热量相同，因此两根电阻丝电阻应相等；再根据比热容公式，在质量、吸热相同时，温度变化越小比热容越大，结合温度计示数变化判断比热容关系。
【解析】
(1) 电流产生的热量不能直接观测，实验中利用转换法，通过比较温度计示数的变化来反映电流产生热量的多少。
选项A：探究串、并联电路电流特点时，将电流类比水流，用了类比法，不符合；
选项B：探究电阻大小的影响因素时，通过电流表示数大小判断电阻大小，将不易观测的电阻转换为易观测的电流，用了转换法，符合；
选项C：探究串联电路总电阻时，用一个20Ω的电阻代替两个10Ω的串联电阻，用了等效替代法，不符合。故答案为温度计示数的变化、B。
(2) 快充时充电电流较大，根据焦耳定律Q=I²Rt，电流越大导线产生的热量越多，为减少导线发热需减小导线电阻；在导线材料、长度相同时，横截面积越大电阻越小，因此快充线较普通手机充电线更粗。
(3) 比较不同物质的吸热能力，需控制相同时间内两液体吸收的热量相同，因此两根电阻丝的电阻应相等（串联时电流、通电时间相同，由Q=I²Rt，R相等则Q相等）；
根据Q=cmΔt，液体质量m相同、吸收热量Q相同时，温度变化Δt越小，比热容c越大。温度计A示数变化小，说明c_A＞c_B。
【答案】
(1) 温度计示数的变化；B
(2) 粗
(3) =；＞
【知识点】
焦耳定律、转换法、比热容
【点评】
本题结合探究焦耳定律和比热容的实验，考查转换法、控制变量法的应用，以及焦耳定律、比热容公式的实际运用，贴近生活，注重基础知识点的理解，难度适中。
【难度系数】
0.6
首先，第(1)题：电流产生的热量无法直接观察，实验中通过温度计示数变化反映热量多少，这是转换法；需判断各选项所用物理方法，A为类比法，B为转换法，C为等效替代法，据此选出正确选项。
第(2)题：快充时充电电流更大，根据焦耳定律，要减少导线发热需减小导线电阻；材料、长度相同时，导线横截面积越大电阻越小，据此判断快充线粗细。
第(3)题：比较不同物质吸热能力时，需控制相同时间内液体吸收热量相同，因此两根电阻丝电阻应相等；再根据比热容公式，在质量、吸热相同时，温度变化越小比热容越大，结合温度计示数变化判断比热容关系。
【解析】
(1) 电流产生的热量不能直接观测，实验中利用转换法，通过比较温度计示数的变化来反映电流产生热量的多少。
选项A：探究串、并联电路电流特点时，将电流类比水流，用了类比法，不符合；
选项B：探究电阻大小的影响因素时，通过电流表示数大小判断电阻大小，将不易观测的电阻转换为易观测的电流，用了转换法，符合；
选项C：探究串联电路总电阻时，用一个20Ω的电阻代替两个10Ω的串联电阻，用了等效替代法，不符合。故答案为温度计示数的变化、B。
(2) 快充时充电电流较大，根据焦耳定律Q=I²Rt，电流越大导线产生的热量越多，为减少导线发热需减小导线电阻；在导线材料、长度相同时，横截面积越大电阻越小，因此快充线较普通手机充电线更粗。
(3) 比较不同物质的吸热能力，需控制相同时间内两液体吸收的热量相同，因此两根电阻丝的电阻应相等（串联时电流、通电时间相同，由Q=I²Rt，R相等则Q相等）；
根据Q=cmΔt，液体质量m相同、吸收热量Q相同时，温度变化Δt越小，比热容c越大。温度计A示数变化小，说明c_A＞c_B。
【答案】
(1) 温度计示数的变化；B
(2) 粗
(3) =；＞
【知识点】
焦耳定律、转换法、比热容
【点评】
本题结合探究焦耳定律和比热容的实验，考查转换法、控制变量法的应用，以及焦耳定律、比热容公式的实际运用，贴近生活，注重基础知识点的理解，难度适中。
【难度系数】
0.6
