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1 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$，灯$\mathrm{L}$正常发光，则断开开关$\mathrm{S}_2$时（
A.电流表示数变大，灯$\mathrm{L}$变亮
B.电压表示数变大，灯$\mathrm{L}$的实际功率变小
C.电流表示数变小，灯$\mathrm{L}$仍然正常发光
D.电压表示数不变，电路的总功率变大
C
）A.电流表示数变大，灯$\mathrm{L}$变亮
B.电压表示数变大，灯$\mathrm{L}$的实际功率变小
C.电流表示数变小，灯$\mathrm{L}$仍然正常发光
D.电压表示数不变，电路的总功率变大
答案
由题图可知,闭合开关$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$时,定值电阻$R$与灯泡$\mathrm{L}$并联,电压表测电源两端的电压,电流表测干路电流。当断开开关$\mathrm{S}_2$时,电路为灯泡$\mathrm{L}$的简单电路,电压表测电源两端的电压,电流表测通过$\mathrm{L}$的电流,因电源电压保持不变,所以电压表的示数不变,故B错误;因并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以,通过灯泡$\mathrm{L}$的电流不变,灯$\mathrm{L}$仍然正常发光,故A错误;因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以,电路的总电流变小,即电流表的示数变小,故C正确;由$P=UI$可知,电路的总功率变小,故D错误。故选C。
解析
【分析】首先判断开关闭合、断开时的电路结构：闭合$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$时，定值电阻$R$与灯泡$\mathrm{L}$并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流；断开$\mathrm{S}_2$后，电路变为只有灯泡$\mathrm{L}$的简单电路，电压表仍测电源电压，电流表测通过$\mathrm{L}$的电流。接着结合并联电路的特点分析各物理量变化：并联电路中各支路独立工作、互不影响，因此灯泡$\mathrm{L}$的电压和电流不变，亮度不变；干路电流等于各支路电流之和，断开$\mathrm{S}_2$后少了$R$的支路电流，干路电流变小；电源电压不变，据此判断电压表示数、电流表示数、灯泡亮度及总功率的变化。
【解析】
1. 闭合$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$时，$R$与$\mathrm{L}$并联，电压表测电源电压$U$，电流表测干路电流$I=I_R + I_L$；
2. 断开$\mathrm{S}_2$后，电路为$\mathrm{L}$的简单电路，电压表仍测电源电压，故电压表示数不变；因并联电路各支路独立，通过$\mathrm{L}$的电流$I_L$不变，灯$\mathrm{L}$的电压、实际功率不变，仍正常发光；
3. 干路电流变为$I'=I_L$，比原来的干路电流小，因此电流表示数变小；
4. 总功率$P=UI$，电源电压$U$不变，干路电流$I$变小，故总功率变小。
综上，只有选项C符合分析结果。
【答案】C
【知识点】并联电路特点、电路动态分析、电功率计算
【点评】本题考查并联电路的动态分析，核心是利用并联电路“各支路独立工作、互不影响”的规律，结合电表示数和功率的变化公式进行判断，属于基础电路分析题，需准确判断电路结构变化。
【难度系数】0.6
【解析】
1. 闭合$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$时，$R$与$\mathrm{L}$并联，电压表测电源电压$U$，电流表测干路电流$I=I_R + I_L$；
2. 断开$\mathrm{S}_2$后，电路为$\mathrm{L}$的简单电路，电压表仍测电源电压，故电压表示数不变；因并联电路各支路独立，通过$\mathrm{L}$的电流$I_L$不变，灯$\mathrm{L}$的电压、实际功率不变，仍正常发光；
3. 干路电流变为$I'=I_L$，比原来的干路电流小，因此电流表示数变小；
4. 总功率$P=UI$，电源电压$U$不变，干路电流$I$变小，故总功率变小。
综上，只有选项C符合分析结果。
【答案】C
【知识点】并联电路特点、电路动态分析、电功率计算
【点评】本题考查并联电路的动态分析，核心是利用并联电路“各支路独立工作、互不影响”的规律，结合电表示数和功率的变化公式进行判断，属于基础电路分析题，需准确判断电路结构变化。
【难度系数】0.6
2 [2024 济宁中考] 在
所示的电路中，电源电压为6 V，当开关S闭合后，电路总功率变化了1.8 W，则电流表示数变化了
所示的电路中，电源电压为6 V，当开关S闭合后，电路总功率变化了1.8 W，则电流表示数变化了0.3
A，电阻R=20
Ω。答案
0.3 20
【解析】 由电路图可知,当开关断开时,电路中只有灯泡工作,电流表测量通过灯泡的电流;当开关闭合后,电阻和灯泡并联,电流表测量干路电流;根据$P=UI$可得电流表示数的变化量$\Delta I=\frac{\Delta P}{U}=\frac{1.8\ \mathrm{W}}{6\ \mathrm{V}}=0.3\ \mathrm{A}$;由于并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以开关闭合后电路的总电流的变化量为通过$R$的电流,即$I_R=\Delta I=0.3\ \mathrm{A}$,根据$I=\frac{U}{R}$可得,$R=\frac{U}{I_R}=\frac{6\ \mathrm{V}}{0.3\ \mathrm{A}}=20\ \Omega$。
【解析】 由电路图可知,当开关断开时,电路中只有灯泡工作,电流表测量通过灯泡的电流;当开关闭合后,电阻和灯泡并联,电流表测量干路电流;根据$P=UI$可得电流表示数的变化量$\Delta I=\frac{\Delta P}{U}=\frac{1.8\ \mathrm{W}}{6\ \mathrm{V}}=0.3\ \mathrm{A}$;由于并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以开关闭合后电路的总电流的变化量为通过$R$的电流,即$I_R=\Delta I=0.3\ \mathrm{A}$,根据$I=\frac{U}{R}$可得,$R=\frac{U}{I_R}=\frac{6\ \mathrm{V}}{0.3\ \mathrm{A}}=20\ \Omega$。
解析
【分析】
首先明确电路结构：开关S断开时，电路为灯泡L的简单电路，电流表测量通过L的电流；开关S闭合后，电阻R与灯泡L并联，电流表测量干路电流。由于并联电路中各支路独立工作、互不影响，开关闭合后总功率的变化量等于电阻R的电功率，结合电功率公式和并联电路电流规律即可求解。
【解析】
1. 分析电路变化：开关断开时，只有L接入电路；开关闭合后，R与L并联，总功率变化量为R的功率，即ΔP=1.8W。
2. 求电流表示数变化量：根据公式P=UI，电流变化量ΔI=ΔP/U=1.8W/6V=0.3A。
3. 求电阻R的阻值：并联电路中，干路电流变化量等于R支路的电流（L的电流不变），即I_R=ΔI=0.3A；根据欧姆定律I=U/R，得R=U/I_R=6V/0.3A=20Ω。
【答案】
0.3；20
【知识点】
并联电路特点、电功率计算、欧姆定律
【点评】
本题结合开关通断分析电路连接方式，利用并联电路的规律和电功率、欧姆定律公式进行计算，属于基础应用题型，重点考查对电路变化的分析能力和公式的灵活运用。
【难度系数】
0.5
首先明确电路结构：开关S断开时，电路为灯泡L的简单电路，电流表测量通过L的电流；开关S闭合后，电阻R与灯泡L并联，电流表测量干路电流。由于并联电路中各支路独立工作、互不影响，开关闭合后总功率的变化量等于电阻R的电功率，结合电功率公式和并联电路电流规律即可求解。
【解析】
1. 分析电路变化：开关断开时，只有L接入电路；开关闭合后，R与L并联，总功率变化量为R的功率，即ΔP=1.8W。
2. 求电流表示数变化量：根据公式P=UI，电流变化量ΔI=ΔP/U=1.8W/6V=0.3A。
3. 求电阻R的阻值：并联电路中，干路电流变化量等于R支路的电流（L的电流不变），即I_R=ΔI=0.3A；根据欧姆定律I=U/R，得R=U/I_R=6V/0.3A=20Ω。
【答案】
0.3；20
【知识点】
并联电路特点、电功率计算、欧姆定律
【点评】
本题结合开关通断分析电路连接方式，利用并联电路的规律和电功率、欧姆定律公式进行计算，属于基础应用题型，重点考查对电路变化的分析能力和公式的灵活运用。
【难度系数】
0.5
3 [2024 安徽中考]如图所示的电路中,电源两端电压$U=9\ \mathrm{V}$,$R_1$、$R_2$、$R_3$均为定值电阻,其中$R_2=45\ \Omega$,$R_3=30\ \Omega$。
(1)当闭合开关$\mathrm{S}$和$\mathrm{S}_1$,断开开关$\mathrm{S}_2$时,求$R_3$两端的电压$U_3$;
(2)当开关$\mathrm{S}$、$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$均闭合时,求电流表的示数$I$;
(3)当闭合开关$\mathrm{S}$,断开开关$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$时,电压表示数为$6\ \mathrm{V}$,求$R_1$消耗的电功率$P_1$。
(1)当闭合开关$\mathrm{S}$和$\mathrm{S}_1$,断开开关$\mathrm{S}_2$时,求$R_3$两端的电压$U_3$;
(2)当开关$\mathrm{S}$、$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$均闭合时,求电流表的示数$I$;
(3)当闭合开关$\mathrm{S}$,断开开关$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$时,电压表示数为$6\ \mathrm{V}$,求$R_1$消耗的电功率$P_1$。
答案
解:(1)当闭合开关$\mathrm{S}$和$\mathrm{S}_1$,断开开关$\mathrm{S}_2$时,电路中只有$R_3$工作,$R_3$两端的电压$U_3=U=9\ \mathrm{V}$。
(2)当开关$\mathrm{S}$、$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$均闭合时,$R_1$被短接,$R_2$和$R_3$并联接入电路,电流表测量干路电流。
通过$R_2$的电流$I_2=\frac{U_2}{R_2}=\frac{U}{R_2}=\frac{9\ \mathrm{V}}{45\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$,
通过$R_3$的电流$I_3=\frac{U_3'}{R_3}=\frac{U}{R_3}=\frac{9\ \mathrm{V}}{30\ \Omega}=0.3\ \mathrm{A}$,
电流表的示数$I=I_2+I_3=0.2\ \mathrm{A}+0.3\ \mathrm{A}=0.5\ \mathrm{A}$。
(3)当闭合开关$\mathrm{S}$,断开开关$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$时,$R_2$断路,$R_1$和$R_3$串联接入电路,电压表测量$R_3$两端的电压。
$R_1$两端的电压$U_1=U-U_3''=9\ \mathrm{V}-6\ \mathrm{V}=3\ \mathrm{V}$,
电路中的电流$I'=\frac{U_3''}{R_3}=\frac{6\ \mathrm{V}}{30\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$,
$R_1$消耗的电功率$P_1=U_1I'=3\ \mathrm{V}×0.2\ \mathrm{A}=0.6\ \mathrm{W}$。
(2)当开关$\mathrm{S}$、$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$均闭合时,$R_1$被短接,$R_2$和$R_3$并联接入电路,电流表测量干路电流。
通过$R_2$的电流$I_2=\frac{U_2}{R_2}=\frac{U}{R_2}=\frac{9\ \mathrm{V}}{45\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$,
通过$R_3$的电流$I_3=\frac{U_3'}{R_3}=\frac{U}{R_3}=\frac{9\ \mathrm{V}}{30\ \Omega}=0.3\ \mathrm{A}$,
电流表的示数$I=I_2+I_3=0.2\ \mathrm{A}+0.3\ \mathrm{A}=0.5\ \mathrm{A}$。
(3)当闭合开关$\mathrm{S}$,断开开关$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$时,$R_2$断路,$R_1$和$R_3$串联接入电路,电压表测量$R_3$两端的电压。
$R_1$两端的电压$U_1=U-U_3''=9\ \mathrm{V}-6\ \mathrm{V}=3\ \mathrm{V}$,
电路中的电流$I'=\frac{U_3''}{R_3}=\frac{6\ \mathrm{V}}{30\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$,
$R_1$消耗的电功率$P_1=U_1I'=3\ \mathrm{V}×0.2\ \mathrm{A}=0.6\ \mathrm{W}$。
解析
【分析】
要解决这道题，需先明确不同开关状态下的电路连接方式：
1. 第(1)问：闭合$\mathrm{S}$和$\mathrm{S}_1$、断开$\mathrm{S}_2$时，只有$R_3$接入电路，$R_3$两端电压等于电源电压；
2. 第(2)问：三个开关都闭合时，$R_1$被短路，$R_2$与$R_3$并联，电流表测干路电流，利用并联电路电压规律和欧姆定律计算各支路电流，再求和得干路电流；
3. 第(3)问：闭合$\mathrm{S}$、断开$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$时，$R_1$与$R_3$串联，电压表测$R_3$两端电压，先算电路电流，再求$R_1$两端电压，最后用$P=UI$计算$R_1$的功率。
【解析】
解：(1)当闭合开关$\mathrm{S}$和$\mathrm{S}_1$，断开开关$\mathrm{S}_2$时，电路中只有$R_3$工作，因此$R_3$两端的电压等于电源电压，即$U_3=U=9\ \mathrm{V}$。
(2)当开关$\mathrm{S}$、$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$均闭合时，$R_1$被短路，$R_2$与$R_3$并联，电流表测量干路电流。
并联电路各支路电压等于电源电压，即$U_2=U_3'=U=9\ \mathrm{V}$。
通过$R_2$的电流：$I_2=\frac{U_2}{R_2}=\frac{9\ \mathrm{V}}{45\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$；
通过$R_3$的电流：$I_3=\frac{U_3'}{R_3}=\frac{9\ \mathrm{V}}{30\ \Omega}=0.3\ \mathrm{A}$；
干路电流：$I=I_2+I_3=0.2\ \mathrm{A}+0.3\ \mathrm{A}=0.5\ \mathrm{A}$，即电流表示数为$0.5\ \mathrm{A}$。
(3)当闭合开关$\mathrm{S}$，断开开关$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$时，$R_2$断路，$R_1$与$R_3$串联，电压表测$R_3$两端电压，即$U_3''=6\ \mathrm{V}$。
电路中的电流：$I'=\frac{U_3''}{R_3}=\frac{6\ \mathrm{V}}{30\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$；
$R_1$两端的电压：$U_1=U-U_3''=9\ \mathrm{V}-6\ \mathrm{V}=3\ \mathrm{V}$；
$R_1$消耗的电功率：$P_1=U_1I'=3\ \mathrm{V}×0.2\ \mathrm{A}=0.6\ \mathrm{W}$。
【答案】
(1)$9\ \mathrm{V}$；(2)$0.5\ \mathrm{A}$；(3)$0.6\ \mathrm{W}$
【知识点】
欧姆定律、串并联电路特点、电功率计算
【点评】
本题考查电路分析与电学公式的综合应用，关键是正确判断不同开关状态下的电路结构，熟练运用欧姆定律和电功率公式计算，属于中等难度的电学综合题。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需先明确不同开关状态下的电路连接方式：
1. 第(1)问：闭合$\mathrm{S}$和$\mathrm{S}_1$、断开$\mathrm{S}_2$时，只有$R_3$接入电路，$R_3$两端电压等于电源电压；
2. 第(2)问：三个开关都闭合时，$R_1$被短路，$R_2$与$R_3$并联，电流表测干路电流，利用并联电路电压规律和欧姆定律计算各支路电流，再求和得干路电流；
3. 第(3)问：闭合$\mathrm{S}$、断开$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$时，$R_1$与$R_3$串联，电压表测$R_3$两端电压，先算电路电流，再求$R_1$两端电压，最后用$P=UI$计算$R_1$的功率。
【解析】
解：(1)当闭合开关$\mathrm{S}$和$\mathrm{S}_1$，断开开关$\mathrm{S}_2$时，电路中只有$R_3$工作，因此$R_3$两端的电压等于电源电压，即$U_3=U=9\ \mathrm{V}$。
(2)当开关$\mathrm{S}$、$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$均闭合时，$R_1$被短路，$R_2$与$R_3$并联，电流表测量干路电流。
并联电路各支路电压等于电源电压，即$U_2=U_3'=U=9\ \mathrm{V}$。
通过$R_2$的电流：$I_2=\frac{U_2}{R_2}=\frac{9\ \mathrm{V}}{45\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$；
通过$R_3$的电流：$I_3=\frac{U_3'}{R_3}=\frac{9\ \mathrm{V}}{30\ \Omega}=0.3\ \mathrm{A}$；
干路电流：$I=I_2+I_3=0.2\ \mathrm{A}+0.3\ \mathrm{A}=0.5\ \mathrm{A}$，即电流表示数为$0.5\ \mathrm{A}$。
(3)当闭合开关$\mathrm{S}$，断开开关$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$时，$R_2$断路，$R_1$与$R_3$串联，电压表测$R_3$两端电压，即$U_3''=6\ \mathrm{V}$。
电路中的电流：$I'=\frac{U_3''}{R_3}=\frac{6\ \mathrm{V}}{30\ \Omega}=0.2\ \mathrm{A}$；
$R_1$两端的电压：$U_1=U-U_3''=9\ \mathrm{V}-6\ \mathrm{V}=3\ \mathrm{V}$；
$R_1$消耗的电功率：$P_1=U_1I'=3\ \mathrm{V}×0.2\ \mathrm{A}=0.6\ \mathrm{W}$。
【答案】
(1)$9\ \mathrm{V}$；(2)$0.5\ \mathrm{A}$；(3)$0.6\ \mathrm{W}$
【知识点】
欧姆定律、串并联电路特点、电功率计算
【点评】
本题考查电路分析与电学公式的综合应用，关键是正确判断不同开关状态下的电路结构，熟练运用欧姆定律和电功率公式计算，属于中等难度的电学综合题。
【难度系数】
0.6
4 [2024临沂中考]闭合如图所示电路的开关,将滑动变阻器的滑片向左移动一小段距离的过程中 (
A.灯泡的亮度变小
B.电流表的示数不变
C.电压表的示数变大
D.电路的总功率变小
B
)A.灯泡的亮度变小
B.电流表的示数不变
C.电压表的示数变大
D.电路的总功率变小
答案
B
A(×)B(√)C(×)闭合开关,灯泡$\mathrm{L}$与滑动变阻器并联,电流表测灯泡所在支路中的电流,电压表测电源电压。滑片向左移动,灯泡亮度不变,电压表、电流表示数均不变。
滑片向左移动
滑动变阻器接入电路的阻值变小$\xrightarrow{欧姆定律}$滑动变阻器所在支路中的电流变大
灯泡所在支路中的电流不变
干路电流变大$\xrightarrow{P=UI}$电路总功率变大
D(×)
解析
【分析】要解决此题，首先明确电路结构：灯泡L与滑动变阻器R并联，电流表测量灯泡支路的电流，电压表测量电源电压。根据并联电路的特点，各支路两端电压等于电源电压，互不影响。当滑动变阻器滑片向左移动时，先判断各支路的电压、电流变化，再分析电表和功率的变化。
【解析】闭合开关后，灯泡L与滑动变阻器并联，电流表测通过灯泡的电流，电压表测电源电压。①电源电压不变，所以电压表的示数始终等于电源电压，保持不变，故C选项错误；②并联电路中各支路独立工作，灯泡两端电压等于电源电压，保持不变，灯泡的电阻不变，由欧姆定律$I=\frac{U}{R}$可知，通过灯泡的电流不变，即电流表的示数不变，灯泡的实际功率$P=\frac{U^2}{R}$也不变，所以灯泡亮度不变，故A选项错误，B选项正确；③滑动变阻器滑片左移，接入电路的阻值变小，该支路电流变大，干路电流等于各支路电流之和，因此干路电流变大，电源电压$U$不变，根据电功率公式$P=UI$，电路总功率变大，故D选项错误。
【答案】B
A(×)B(√)C(×)闭合开关,灯泡$\mathrm{L}$与滑动变阻器并联,电流表测灯泡所在支路中的电流,电压表测电源电压。滑片向左移动,灯泡亮度不变,电压表、电流表示数均不变。
滑片向左移动
滑动变阻器接入电路的阻值变小$\xrightarrow{欧姆定律}$滑动变阻器所在支路中的电流变大
灯泡所在支路中的电流不变
干路电流变大$\xrightarrow{P=UI}$电路总功率变大
D(×)
【知识点】并联电路特点、欧姆定律、电功率计算
【点评】本题为电路动态分析题，核心是掌握并联电路的规律，明确各电表的测量对象，结合欧姆定律和电功率公式分析各物理量的变化，属于基础中档题。
【难度系数】0.6
【解析】闭合开关后，灯泡L与滑动变阻器并联，电流表测通过灯泡的电流，电压表测电源电压。①电源电压不变，所以电压表的示数始终等于电源电压，保持不变，故C选项错误；②并联电路中各支路独立工作，灯泡两端电压等于电源电压，保持不变，灯泡的电阻不变，由欧姆定律$I=\frac{U}{R}$可知，通过灯泡的电流不变，即电流表的示数不变，灯泡的实际功率$P=\frac{U^2}{R}$也不变，所以灯泡亮度不变，故A选项错误，B选项正确；③滑动变阻器滑片左移，接入电路的阻值变小，该支路电流变大，干路电流等于各支路电流之和，因此干路电流变大，电源电压$U$不变，根据电功率公式$P=UI$，电路总功率变大，故D选项错误。
【答案】B
A(×)B(√)C(×)闭合开关,灯泡$\mathrm{L}$与滑动变阻器并联,电流表测灯泡所在支路中的电流,电压表测电源电压。滑片向左移动,灯泡亮度不变,电压表、电流表示数均不变。
滑片向左移动
滑动变阻器接入电路的阻值变小$\xrightarrow{欧姆定律}$滑动变阻器所在支路中的电流变大
灯泡所在支路中的电流不变
干路电流变大$\xrightarrow{P=UI}$电路总功率变大
D(×)
【知识点】并联电路特点、欧姆定律、电功率计算
【点评】本题为电路动态分析题，核心是掌握并联电路的规律，明确各电表的测量对象，结合欧姆定律和电功率公式分析各物理量的变化，属于基础中档题。
【难度系数】0.6
5 [2025安阳五中期中，多选]小明设计的质量测量仪如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，下列说法中正确的是（
A.不放重物时，小灯泡L的亮度最暗
B.与电流表相比，用电压表的示数表示重物的质量，更符合人们的思维习惯
C.重物的质量越大，电流表示数越小，电压表示数也越小
D.重物的质量越小，电路中的电流越大
BD
）A.不放重物时，小灯泡L的亮度最暗
B.与电流表相比，用电压表的示数表示重物的质量，更符合人们的思维习惯
C.重物的质量越大，电流表示数越小，电压表示数也越小
D.重物的质量越小，电路中的电流越大
答案
BD 根据电路图可知,$R$与$\mathrm{L}$串联接入电路中,电压表测量$R$两端的电压,电流表测量电路中的电流。不放重物时,滑片在最上方,滑动变阻器接入电路的电阻最小,电路总电阻最小,根据欧姆定律可知,电路中的电流最大,根据$P=I^2R$可知,小灯泡的功率最大,亮度最亮,故A错误;重物的质量越大,滑动变阻器接入电路中的电阻越大,根据串联电路的分压规律可知,滑动变阻器分担的电压越大,电压表示数越大,此时电路的总电阻越大,根据欧姆定律可知,电路中的电流越小,电流表示数越小,与电流表相比,用电压表的示数表示重物的质量,更符合人们的思维习惯,故B正确,C错误;同理可知,重物的质量越小,电路中的电流越大,故D正确。
解析
【分析】首先明确电路结构：滑动变阻器R与灯泡L串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量R两端的电压。解题时需结合重物质量变化时滑片的移动方向，判断R接入电路的电阻变化，再根据欧姆定律、串联电路的电流和电压规律，分析电流表示数、电压表示数及灯泡亮度的变化，逐一判断各选项的正误。
【解析】由电路图可知，R与L串联，电流表测电路电流，电压表测R两端电压。
1. 分析选项A：不放重物时，滑片在最上端，R接入电路的电阻最小，电路总电阻最小，电源电压不变，根据欧姆定律$I=\frac{U}{R_{总}}$，电路电流最大；灯泡的功率$P=I^2R_L$（$R_L$为灯泡电阻），电流越大，灯泡功率越大，亮度越亮，故A错误。
2. 分析选项B、C：重物质量越大，载物台带动滑片下移，R接入电路的电阻越大，电路总电阻越大，电流越小（电流表示数越小）；根据串联分压规律，电阻越大，分得的电压越大，所以R两端电压（电压表示数）越大。由此可知，质量越大，电压表示数越大，符合“质量越大，示数越大”的思维习惯，而电流表示数随质量增大而减小，不符合，故用电压表的示数表示质量更符合思维习惯，B正确，C错误。
3. 分析选项D：重物质量越小，滑片上移，R接入电路的电阻越小，电路总电阻越小，电源电压不变，根据欧姆定律，电路电流越大，故D正确。
【答案】BD
【知识点】串联电路特点、欧姆定律应用、动态电路分析
【点评】本题将力学中重物质量与滑片移动的关系和电学动态电路分析结合，关键是明确滑片移动时滑动变阻器接入电阻的变化，再利用欧姆定律和串联分压规律分析各物理量的变化，同时需理解选项中关于思维习惯的描述，属于中等难度的综合题。
【难度系数】0.5
【解析】由电路图可知，R与L串联，电流表测电路电流，电压表测R两端电压。
1. 分析选项A：不放重物时，滑片在最上端，R接入电路的电阻最小，电路总电阻最小，电源电压不变，根据欧姆定律$I=\frac{U}{R_{总}}$，电路电流最大；灯泡的功率$P=I^2R_L$（$R_L$为灯泡电阻），电流越大，灯泡功率越大，亮度越亮，故A错误。
2. 分析选项B、C：重物质量越大，载物台带动滑片下移，R接入电路的电阻越大，电路总电阻越大，电流越小（电流表示数越小）；根据串联分压规律，电阻越大，分得的电压越大，所以R两端电压（电压表示数）越大。由此可知，质量越大，电压表示数越大，符合“质量越大，示数越大”的思维习惯，而电流表示数随质量增大而减小，不符合，故用电压表的示数表示质量更符合思维习惯，B正确，C错误。
3. 分析选项D：重物质量越小，滑片上移，R接入电路的电阻越小，电路总电阻越小，电源电压不变，根据欧姆定律，电路电流越大，故D正确。
【答案】BD
【知识点】串联电路特点、欧姆定律应用、动态电路分析
【点评】本题将力学中重物质量与滑片移动的关系和电学动态电路分析结合，关键是明确滑片移动时滑动变阻器接入电阻的变化，再利用欧姆定律和串联分压规律分析各物理量的变化，同时需理解选项中关于思维习惯的描述，属于中等难度的综合题。
【难度系数】0.5
6 [2025 六安期末] 如图所示电路，闭合开关，记录下电压表和电流表的示数，调节滑动变阻器，发现电压表示数增大了1 V，电流表示数增大了0.1 A，经过计算定值电阻R的电功率增大了0.5 W，则R的阻值为
10
Ω，此时R的电功率是0.9
W。答案
10 0.9
【解析】$R$与滑动变阻器串联,电压表测量$R$两端电压,电流表测量电路中的电流,电压表示数增大了$1\ \mathrm{V}$,电流表示数增大了$0.1\ \mathrm{A}$,则$R$的阻值$R=\frac{\Delta U}{\Delta I}=\frac{1\ \mathrm{V}}{0.1\ \mathrm{A}}=10\ \Omega$。设原来$R$两端的电压是$U$,则现在$R$两端的电压是$U+1\ \mathrm{V}$,定值电阻$R$的电功率增大了$0.5\ \mathrm{W}$,所以$\frac{(U+1\ \mathrm{V})^2}{R}-\frac{U^2}{R}=0.5\ \mathrm{W}$,解得$U=2\ \mathrm{V}$,则$P=\frac{(U+1\ \mathrm{V})^2}{R}=\frac{(2\ \mathrm{V}+1\ \mathrm{V})^2}{10\ \Omega}=0.9\ \mathrm{W}$。
【解析】$R$与滑动变阻器串联,电压表测量$R$两端电压,电流表测量电路中的电流,电压表示数增大了$1\ \mathrm{V}$,电流表示数增大了$0.1\ \mathrm{A}$,则$R$的阻值$R=\frac{\Delta U}{\Delta I}=\frac{1\ \mathrm{V}}{0.1\ \mathrm{A}}=10\ \Omega$。设原来$R$两端的电压是$U$,则现在$R$两端的电压是$U+1\ \mathrm{V}$,定值电阻$R$的电功率增大了$0.5\ \mathrm{W}$,所以$\frac{(U+1\ \mathrm{V})^2}{R}-\frac{U^2}{R}=0.5\ \mathrm{W}$,解得$U=2\ \mathrm{V}$,则$P=\frac{(U+1\ \mathrm{V})^2}{R}=\frac{(2\ \mathrm{V}+1\ \mathrm{V})^2}{10\ \Omega}=0.9\ \mathrm{W}$。
解析
【分析】
首先明确电路结构：定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测量R两端的电压，电流表测量电路中的电流。由于R是定值电阻，可利用电压变化量与电流变化量的关系求出R的阻值；再结合电功率的变化量，通过电功率公式求出R两端的电压，进而计算出R后来的电功率。
【解析】
1. 确定电路：R与滑动变阻器串联，电压表测R两端电压，电流表测电路电流。
2. 计算定值电阻R的阻值：
已知电压表示数增大ΔU=1V，电流表示数增大ΔI=0.1A，根据欧姆定律 $ R = \frac{\Delta U}{\Delta I} $，代入数据得：
$ R = \frac{1\ \mathrm{V}}{0.1\ \mathrm{A}} = 10\ \Omega $。
3. 计算R后来的电功率：
设原来R两端的电压为U，则后来R两端的电压为 $ U + 1\ \mathrm{V} $。
定值电阻的电功率变化量 $ \Delta P = P_{\mathrm{后}} - P_{\mathrm{前}} = \frac{(U+1\ \mathrm{V})^2}{R} - \frac{U^2}{R} = 0.5\ \mathrm{W} $，
代入 $ R=10\ \Omega $，化简得：
$ \frac{(U^2 + 2U·1\ \mathrm{V} + 1\ \mathrm{V}^2) - U^2}{10\ \Omega} = 0.5\ \mathrm{W} $，
即 $ \frac{2U + 1}{10} = 0.5 $，解得 $ U=2\ \mathrm{V} $。
后来R两端的电压为 $ U + 1\ \mathrm{V} = 3\ \mathrm{V} $，则此时R的电功率：
$ P = \frac{(3\ \mathrm{V})^2}{10\ \Omega} = 0.9\ \mathrm{W} $。
【答案】
10；0.9
【知识点】
欧姆定律、电功率计算、串联电路特点
【点评】
本题考查串联电路中欧姆定律与电功率的综合应用，核心是利用定值电阻的电压、电流变化关系求阻值，再结合电功率变化量求解后续物理量，需熟练掌握相关公式的灵活运用。
【难度系数】
0.6
首先明确电路结构：定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测量R两端的电压，电流表测量电路中的电流。由于R是定值电阻，可利用电压变化量与电流变化量的关系求出R的阻值；再结合电功率的变化量，通过电功率公式求出R两端的电压，进而计算出R后来的电功率。
【解析】
1. 确定电路：R与滑动变阻器串联，电压表测R两端电压，电流表测电路电流。
2. 计算定值电阻R的阻值：
已知电压表示数增大ΔU=1V，电流表示数增大ΔI=0.1A，根据欧姆定律 $ R = \frac{\Delta U}{\Delta I} $，代入数据得：
$ R = \frac{1\ \mathrm{V}}{0.1\ \mathrm{A}} = 10\ \Omega $。
3. 计算R后来的电功率：
设原来R两端的电压为U，则后来R两端的电压为 $ U + 1\ \mathrm{V} $。
定值电阻的电功率变化量 $ \Delta P = P_{\mathrm{后}} - P_{\mathrm{前}} = \frac{(U+1\ \mathrm{V})^2}{R} - \frac{U^2}{R} = 0.5\ \mathrm{W} $，
代入 $ R=10\ \Omega $，化简得：
$ \frac{(U^2 + 2U·1\ \mathrm{V} + 1\ \mathrm{V}^2) - U^2}{10\ \Omega} = 0.5\ \mathrm{W} $，
即 $ \frac{2U + 1}{10} = 0.5 $，解得 $ U=2\ \mathrm{V} $。
后来R两端的电压为 $ U + 1\ \mathrm{V} = 3\ \mathrm{V} $，则此时R的电功率：
$ P = \frac{(3\ \mathrm{V})^2}{10\ \Omega} = 0.9\ \mathrm{W} $。
【答案】
10；0.9
【知识点】
欧姆定律、电功率计算、串联电路特点
【点评】
本题考查串联电路中欧姆定律与电功率的综合应用，核心是利用定值电阻的电压、电流变化关系求阻值，再结合电功率变化量求解后续物理量，需熟练掌握相关公式的灵活运用。
【难度系数】
0.6
