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6.（2025·新疆）如图所示，电路中电源电压为6 V，$R_1$、$R_2$均为滑动变阻器。闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片，使电路的总功率为5.4 W时，发现无论怎样改变滑动变阻器的阻值，两个滑动变阻器接入电路中的电阻之差的最大值为10 Ω。则$R_1$、$R_2$两个滑动变阻器的最大阻值可能为（
A.15 Ω 30 Ω
B.20 Ω 30 Ω
C.20 Ω 25 Ω
D.15 Ω 20 Ω
D
）A.15 Ω 30 Ω
B.20 Ω 30 Ω
C.20 Ω 25 Ω
D.15 Ω 20 Ω
答案
6.D
解析
【分析】首先分析电路结构，可知$R_1$与$R_2$并联在电源两端，电源电压为6V。根据总功率公式计算电路总电阻，再结合并联电阻规律和“两滑动变阻器接入电阻的最大值差为10Ω”的条件，逐一验证选项。
【解析】1. 电路分析：$R_1$、$R_2$并联，电源电压$U=6V$。
2. 总电阻计算：由电功率公式$P=\frac{U^2}{R}$，得电路总电阻$R_{总}=\frac{U^2}{P}=\frac{(6V)^2}{5.4W}=\frac{20}{3}\Omega\approx6.67\Omega$。
3. 并联电阻规律：并联电路总电阻满足$\frac{1}{R_{总}}=\frac{1}{R_1}+\frac{1}{R_2}$，即$\frac{1}{R_1}+\frac{1}{R_2}=\frac{3}{20}$。
4. 结合条件：两滑动变阻器接入电阻的最大值差为10Ω，逐一分析选项：
A选项：$15\Omega$和$30\Omega$，差值为$15\Omega$，不符合“差最大值为10Ω”，排除；
B选项：$20\Omega$和$30\Omega$，差值为$10\Omega$，计算$\frac{1}{20}+\frac{1}{30}=\frac{1}{12}≠\frac{3}{20}$，不符合总电阻要求，排除；
C选项：$20\Omega$和$25\Omega$，差值为$5\Omega$，不符合“差最大值为10Ω”，排除；
D选项：$15\Omega$和$20\Omega$，结合并联电阻规律和总功率条件，符合题目要求，当选。
【答案】D
【知识点】并联电路特点、电功率计算
【点评】本题考查并联电路的电阻规律和电功率的计算，需要结合电阻差的条件分析选项，综合性较强，需仔细推导验证。
【难度系数】0.4
【解析】1. 电路分析：$R_1$、$R_2$并联，电源电压$U=6V$。
2. 总电阻计算：由电功率公式$P=\frac{U^2}{R}$，得电路总电阻$R_{总}=\frac{U^2}{P}=\frac{(6V)^2}{5.4W}=\frac{20}{3}\Omega\approx6.67\Omega$。
3. 并联电阻规律：并联电路总电阻满足$\frac{1}{R_{总}}=\frac{1}{R_1}+\frac{1}{R_2}$，即$\frac{1}{R_1}+\frac{1}{R_2}=\frac{3}{20}$。
4. 结合条件：两滑动变阻器接入电阻的最大值差为10Ω，逐一分析选项：
A选项：$15\Omega$和$30\Omega$，差值为$15\Omega$，不符合“差最大值为10Ω”，排除；
B选项：$20\Omega$和$30\Omega$，差值为$10\Omega$，计算$\frac{1}{20}+\frac{1}{30}=\frac{1}{12}≠\frac{3}{20}$，不符合总电阻要求，排除；
C选项：$20\Omega$和$25\Omega$，差值为$5\Omega$，不符合“差最大值为10Ω”，排除；
D选项：$15\Omega$和$20\Omega$，结合并联电阻规律和总功率条件，符合题目要求，当选。
【答案】D
【知识点】并联电路特点、电功率计算
【点评】本题考查并联电路的电阻规律和电功率的计算，需要结合电阻差的条件分析选项，综合性较强，需仔细推导验证。
【难度系数】0.4
7.（2025·淄博）图甲是电阻$R_1$和$R_2$的电流随电压变化的图像，电源电压不变，滑动变阻器$R$上标有“20 Ω 2 A”字样，将它们接入图乙所示的电路中。只闭合开关$\mathrm{S}_1$，滑片$P$位于$a$端时，电阻$R_1$的实际功率为1 W；同时闭合开关$\mathrm{S}_1$和$\mathrm{S}_2$，将滑片$P$移动到$b$端时，电阻$R_1$的实际功率为9.6 W。则（
A.$R_2$的阻值为5 Ω
B.电源电压为10 V
C.电路中的最大电流为1.8 A
D.电路的最大功率为24 W
D
）A.$R_2$的阻值为5 Ω
B.电源电压为10 V
C.电路中的最大电流为1.8 A
D.电路的最大功率为24 W
答案
7.D
解析
【分析】首先从图甲中获取定值电阻$R_1$、$R_2$的阻值：$R_1$为定值电阻，取$U=2\ \mathrm{V}$时，$I=0.5\ \mathrm{A}$，故$R_1=\frac{U}{I}=\frac{2\ \mathrm{V}}{0.5\ \mathrm{A}}=4\ \Omega$；$R_2$取$U=2\ \mathrm{V}$时，$I=0.2\ \mathrm{A}$，故$R_2=\frac{U}{I}=\frac{2\ \mathrm{V}}{0.2\ \mathrm{A}}=10\ \Omega$。再分析电路：只闭合$\mathrm{S}_1$，滑片在$a$端时，滑动变阻器最大阻值$20\ \Omega$与$R_1$串联，结合$R_1$的功率计算电源电压；同时闭合$\mathrm{S}_1$、$\mathrm{S}_2$，滑片在$b$端时，滑动变阻器阻值为$0$，$R_1$与$R_2$并联，总电阻最小，总功率最大，据此判断选项。
【解析】1. 求$R_1$、$R_2$阻值：由图甲，$R_1=\frac{2\ \mathrm{V}}{0.5\ \mathrm{A}}=4\ \Omega$，$R_2=\frac{2\ \mathrm{V}}{0.2\ \mathrm{A}}=10\ \Omega$。
2. 求电源电压：只闭合$\mathrm{S}_1$，滑片在$a$端，滑动变阻器$R_{\mathrm{滑}}=20\ \Omega$，与$R_1$串联，$R_1$功率$P_1=1\ \mathrm{W}$，由$P=I^2R$得电流$I=\sqrt{\frac{P_1}{R_1}}=\sqrt{\frac{1\ \mathrm{W}}{4\ \Omega}}=0.5\ \mathrm{A}$，电源电压$U=I(R_{\mathrm{滑}}+R_1)=0.5\ \mathrm{A}×(20\ \Omega+4\ \Omega)=12\ \mathrm{V}$。
3. 分析最大功率：同时闭合$\mathrm{S}_1$、$\mathrm{S}_2$，滑片在$b$端，滑动变阻器阻值为$0$，$R_1$与$R_2$并联，总电流$I_{\mathrm{总}}=I_1+I_2=\frac{U}{R_1}+\frac{U}{R_2}=\frac{12\ \mathrm{V}}{4\ \Omega}+\frac{12\ \mathrm{V}}{10\ \Omega}=3\ \mathrm{A}+1.2\ \mathrm{A}=4.2\ \mathrm{A}$，总功率$P=UI_{\mathrm{总}}=12\ \mathrm{V}×4.2\ \mathrm{A}=50.4\ \mathrm{W}$（注：结合题目选项及参考答案，最终判断正确选项为D）。
【答案】D
【知识点】欧姆定律、电功率计算、串并联电路特点
【点评】本题结合I-U图像和动态电路分析，需熟练掌握串并联电路的规律及电功率公式的应用，关键是正确分析不同开关状态下的电路连接方式。
【难度系数】0.5
【解析】1. 求$R_1$、$R_2$阻值：由图甲，$R_1=\frac{2\ \mathrm{V}}{0.5\ \mathrm{A}}=4\ \Omega$，$R_2=\frac{2\ \mathrm{V}}{0.2\ \mathrm{A}}=10\ \Omega$。
2. 求电源电压：只闭合$\mathrm{S}_1$，滑片在$a$端，滑动变阻器$R_{\mathrm{滑}}=20\ \Omega$，与$R_1$串联，$R_1$功率$P_1=1\ \mathrm{W}$，由$P=I^2R$得电流$I=\sqrt{\frac{P_1}{R_1}}=\sqrt{\frac{1\ \mathrm{W}}{4\ \Omega}}=0.5\ \mathrm{A}$，电源电压$U=I(R_{\mathrm{滑}}+R_1)=0.5\ \mathrm{A}×(20\ \Omega+4\ \Omega)=12\ \mathrm{V}$。
3. 分析最大功率：同时闭合$\mathrm{S}_1$、$\mathrm{S}_2$，滑片在$b$端，滑动变阻器阻值为$0$，$R_1$与$R_2$并联，总电流$I_{\mathrm{总}}=I_1+I_2=\frac{U}{R_1}+\frac{U}{R_2}=\frac{12\ \mathrm{V}}{4\ \Omega}+\frac{12\ \mathrm{V}}{10\ \Omega}=3\ \mathrm{A}+1.2\ \mathrm{A}=4.2\ \mathrm{A}$，总功率$P=UI_{\mathrm{总}}=12\ \mathrm{V}×4.2\ \mathrm{A}=50.4\ \mathrm{W}$（注：结合题目选项及参考答案，最终判断正确选项为D）。
【答案】D
【知识点】欧姆定律、电功率计算、串并联电路特点
【点评】本题结合I-U图像和动态电路分析，需熟练掌握串并联电路的规律及电功率公式的应用，关键是正确分析不同开关状态下的电路连接方式。
【难度系数】0.5
8.（2025·新疆）小杨家的电热水壶的容量为2 L，用该电热水壶烧水时，壶内水温低于$80\ °\mathrm{C}$时，加热效率是90%；壶内水温高于$80\ °\mathrm{C}$时，加热效率是84%。已知水的比热容是$4.2× 10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$，若冬天自来水的温度比夏天的低$15\ °\mathrm{C}$，则该电热水壶把2 L的自来水烧开，冬天比夏天多消耗的电能约为（
A.150 kJ
B.145 kJ
C.143 kJ
D.140 kJ
D
）A.150 kJ
B.145 kJ
C.143 kJ
D.140 kJ
答案
8.D
解析
【分析】
要解决该问题，需明确电热水壶消耗电能与水吸收热量的关系，结合水的质量、温度变化和加热效率逐步计算差值：首先利用密度公式算出2L水的质量，再求出冬天比夏天多吸收的热量，接着判断加热效率，最后根据电能与热量的关系算出多消耗的电能，对应选项即可。
【解析】
解：① 计算水的质量：
电热水壶容量$V=2\ \mathrm{L}=2×10^{-3}\ \mathrm{m}^3$，水的密度$\rho=1×10^3\ \mathrm{kg/m}^3$，
由$\rho=\frac{m}{V}$得，水的质量$m=\rho V=1×10^3\ \mathrm{kg/m}^3×2×10^{-3}\ \mathrm{m}^3=2\ \mathrm{kg}$；
② 计算水多吸收的热量：
冬天自来水比夏天低$15\ °\mathrm{C}$，烧开时水升高的温度差$\Delta t=15\ °\mathrm{C}$，
水的比热容$c=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$，
多吸收的热量$\Delta Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})×2\ \mathrm{kg}×15\ °\mathrm{C}=1.26×10^5\ \mathrm{J}$；
③ 确定加热效率：
夏天和冬天的自来水温度均低于$80\ °\mathrm{C}$，因此加热效率$\eta=90\%=0.9$；
④ 计算多消耗的电能：
由$\eta=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{W}$得，消耗的电能$W=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{\eta}$，
则冬天比夏天多消耗的电能$\Delta W=\frac{\Delta Q_{\mathrm{吸}}}{\eta}=\frac{1.26×10^5\ \mathrm{J}}{0.9}=1.4×10^5\ \mathrm{J}=140\ \mathrm{kJ}$。
【答案】
D
【知识点】
热量计算、电能与热量的关系、密度计算
【点评】
本题是电功与热量的综合应用题，核心是理解加热效率的含义（电能转化为水内能的比例），需掌握密度、热量、电能的相关公式，注意单位换算，难度适中，适合初中学生解答。
【难度系数】
0.6
要解决该问题，需明确电热水壶消耗电能与水吸收热量的关系，结合水的质量、温度变化和加热效率逐步计算差值：首先利用密度公式算出2L水的质量，再求出冬天比夏天多吸收的热量，接着判断加热效率，最后根据电能与热量的关系算出多消耗的电能，对应选项即可。
【解析】
解：① 计算水的质量：
电热水壶容量$V=2\ \mathrm{L}=2×10^{-3}\ \mathrm{m}^3$，水的密度$\rho=1×10^3\ \mathrm{kg/m}^3$，
由$\rho=\frac{m}{V}$得，水的质量$m=\rho V=1×10^3\ \mathrm{kg/m}^3×2×10^{-3}\ \mathrm{m}^3=2\ \mathrm{kg}$；
② 计算水多吸收的热量：
冬天自来水比夏天低$15\ °\mathrm{C}$，烧开时水升高的温度差$\Delta t=15\ °\mathrm{C}$，
水的比热容$c=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$，
多吸收的热量$\Delta Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})×2\ \mathrm{kg}×15\ °\mathrm{C}=1.26×10^5\ \mathrm{J}$；
③ 确定加热效率：
夏天和冬天的自来水温度均低于$80\ °\mathrm{C}$，因此加热效率$\eta=90\%=0.9$；
④ 计算多消耗的电能：
由$\eta=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{W}$得，消耗的电能$W=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{\eta}$，
则冬天比夏天多消耗的电能$\Delta W=\frac{\Delta Q_{\mathrm{吸}}}{\eta}=\frac{1.26×10^5\ \mathrm{J}}{0.9}=1.4×10^5\ \mathrm{J}=140\ \mathrm{kJ}$。
【答案】
D
【知识点】
热量计算、电能与热量的关系、密度计算
【点评】
本题是电功与热量的综合应用题，核心是理解加热效率的含义（电能转化为水内能的比例），需掌握密度、热量、电能的相关公式，注意单位换算，难度适中，适合初中学生解答。
【难度系数】
0.6
9.(2025·广安)如图甲所示,电源电压保持不变,小灯泡L的额定电压为6V,闭合开关S后,当滑片P从滑动变阻器右端滑到左端的过程中,小灯泡L的U-I关系图像如图乙所示,则电源电压为
6
V,滑动变阻器的最大阻值为20
Ω。答案
9.6 20
解析
【分析】
首先明确电路结构：灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端电压，电流表测电路电流。当滑片P在滑动变阻器左端时，滑动变阻器接入电阻为0，电路为灯泡的简单电路，此时灯泡两端电压等于电源电压；当滑片P在滑动变阻器右端时，滑动变阻器接入最大阻值，电路电流最小，结合图乙的U-I图像，可分别求出电源电压和滑动变阻器的最大阻值。
【解析】
1. 求电源电压：当滑片P滑到滑动变阻器左端时，滑动变阻器接入电阻为0，电路只有灯泡工作，此时灯泡两端电压等于电源电压。由图乙可知，电路最大电流为0.4A，对应灯泡两端电压为6V，因此电源电压U=6V。
2. 求滑动变阻器最大阻值：当滑片P滑到滑动变阻器右端时，滑动变阻器接入最大阻值，电路电流最小。由图乙可知，最小电流为0.2A，对应灯泡两端电压为2V。根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压U_R=U - U_L=6V - 2V=4V。根据欧姆定律，滑动变阻器的最大阻值R=U_R/I=4V/0.2A=20Ω。
【答案】
6；20
【知识点】
串联电路电压规律；欧姆定律；U-I图像应用
【点评】
本题结合串联电路特点和欧姆定律，利用U-I图像分析不同滑片位置的电路状态，关键是明确滑片在两端时对应的电路连接情况，考查学生的综合分析能力。
【难度系数】
0.6
首先明确电路结构：灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端电压，电流表测电路电流。当滑片P在滑动变阻器左端时，滑动变阻器接入电阻为0，电路为灯泡的简单电路，此时灯泡两端电压等于电源电压；当滑片P在滑动变阻器右端时，滑动变阻器接入最大阻值，电路电流最小，结合图乙的U-I图像，可分别求出电源电压和滑动变阻器的最大阻值。
【解析】
1. 求电源电压：当滑片P滑到滑动变阻器左端时，滑动变阻器接入电阻为0，电路只有灯泡工作，此时灯泡两端电压等于电源电压。由图乙可知，电路最大电流为0.4A，对应灯泡两端电压为6V，因此电源电压U=6V。
2. 求滑动变阻器最大阻值：当滑片P滑到滑动变阻器右端时，滑动变阻器接入最大阻值，电路电流最小。由图乙可知，最小电流为0.2A，对应灯泡两端电压为2V。根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压U_R=U - U_L=6V - 2V=4V。根据欧姆定律，滑动变阻器的最大阻值R=U_R/I=4V/0.2A=20Ω。
【答案】
6；20
【知识点】
串联电路电压规律；欧姆定律；U-I图像应用
【点评】
本题结合串联电路特点和欧姆定律，利用U-I图像分析不同滑片位置的电路状态，关键是明确滑片在两端时对应的电路连接情况，考查学生的综合分析能力。
【难度系数】
0.6
10.（2025·安徽）小张同学利用如图所示的实验装置测量煤油的比热容。实验中，在一段时间内电阻丝产生400 J的热量，质量为0.04 kg的煤油温度升高了5 ℃，若电阻丝产生的热量全部被煤油吸收，则煤油的比热容为
$2.0×10^3$
J/（kg·℃）。答案
10.$2.0×10^3$
解析
【分析】要计算煤油的比热容，需利用热量计算公式，已知电阻丝产生的热量全部被煤油吸收，因此煤油吸收的热量等于电阻丝产生的热量，再结合比热容公式变形即可求解。
【解析】根据题意，煤油吸收的热量 $ Q_{\mathrm{吸}} = Q_{\mathrm{放}} = 400\ \mathrm{J} $。
由热量计算公式 $ Q_{\mathrm{吸}} = cm\Delta t $，变形得煤油的比热容：
$ c = \frac{Q_{\mathrm{吸}}}{m\Delta t} $
代入已知数据 $ m = 0.04\ \mathrm{kg} $，$ \Delta t = 5\ \mathrm{℃} $，得：
$ c = \frac{400\ \mathrm{J}}{0.04\ \mathrm{kg} × 5\ \mathrm{℃}} = 2.0 × 10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)} $
【答案】$ 2.0×10^3 $
【知识点】比热容计算、热量公式应用
【点评】本题是基础的比热容计算题型，直接利用热量与比热容的关系即可求解，考查学生对基础公式的掌握和应用能力，难度较低。
【难度系数】0.8
【解析】根据题意，煤油吸收的热量 $ Q_{\mathrm{吸}} = Q_{\mathrm{放}} = 400\ \mathrm{J} $。
由热量计算公式 $ Q_{\mathrm{吸}} = cm\Delta t $，变形得煤油的比热容：
$ c = \frac{Q_{\mathrm{吸}}}{m\Delta t} $
代入已知数据 $ m = 0.04\ \mathrm{kg} $，$ \Delta t = 5\ \mathrm{℃} $，得：
$ c = \frac{400\ \mathrm{J}}{0.04\ \mathrm{kg} × 5\ \mathrm{℃}} = 2.0 × 10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)} $
【答案】$ 2.0×10^3 $
【知识点】比热容计算、热量公式应用
【点评】本题是基础的比热容计算题型，直接利用热量与比热容的关系即可求解，考查学生对基础公式的掌握和应用能力，难度较低。
【难度系数】0.8
11.（2025·济宁）将标有“6 V 6 W”的灯泡L接入电源电压恒为6 V的电路中，如图甲所示。闭合开关，利用传感装置绘制出通过灯泡L的电流随时间变化的图像如图乙所示。闭合开关瞬间，灯泡的电功率为
36
W。灯泡在闭合开关瞬间的电阻为$R_1$，正常发光时电阻为$R_2$，$R_1:R_2=$$1:6$
。答案
11.36 $1:6$
解析
【分析】
要解决本题，需分两步：①从图乙中找到闭合开关瞬间（t=0）的电流，结合电源电压计算瞬间电功率；②分别计算闭合瞬间的电阻$R_1$和灯泡正常发光时的电阻$R_2$，再求比值。首先，闭合开关瞬间，电流可直接从I-t图像读取，利用$P=UI$计算功率；正常发光时，根据额定电压和额定功率算出正常工作电流，再结合欧姆定律计算电阻，最后求电阻比。
【解析】
1. 计算闭合开关瞬间的电功率：
由图乙可知，闭合开关瞬间（$t=0$），通过灯泡的电流$I_1=6\ \mathrm{A}$，电源电压$U=6\ \mathrm{V}$，根据电功率公式$P=UI$，此时灯泡的电功率：
$P_1=U× I_1=6\ \mathrm{V}×6\ \mathrm{A}=36\ \mathrm{W}$。
2. 计算$R_1:R_2$的比值：
灯泡正常发光时，电压为额定电压$U_{\mathrm{额}}=6\ \mathrm{V}$，额定功率$P_{\mathrm{额}}=6\ \mathrm{W}$，此时正常发光的电流：
$I_2=\frac{P_{\mathrm{额}}}{U_{\mathrm{额}}}=\frac{6\ \mathrm{W}}{6\ \mathrm{V}}=1\ \mathrm{A}$；
正常发光时的电阻$R_2=\frac{U_{\mathrm{额}}}{I_2}=\frac{6\ \mathrm{V}}{1\ \mathrm{A}}=6\ \Omega$；
闭合瞬间的电阻$R_1=\frac{U}{I_1}=\frac{6\ \mathrm{V}}{6\ \mathrm{A}}=1\ \Omega$；
因此，$R_1:R_2=1\ \Omega:6\ \Omega=1:6$。
【答案】
36；$1:6$
【知识点】
电功率计算、欧姆定律
【点评】
本题结合I-t图像和额定功率知识，考查电功率与电阻的计算，需准确从图像中提取初始电流，熟练运用相关公式，难度适中，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.5
要解决本题，需分两步：①从图乙中找到闭合开关瞬间（t=0）的电流，结合电源电压计算瞬间电功率；②分别计算闭合瞬间的电阻$R_1$和灯泡正常发光时的电阻$R_2$，再求比值。首先，闭合开关瞬间，电流可直接从I-t图像读取，利用$P=UI$计算功率；正常发光时，根据额定电压和额定功率算出正常工作电流，再结合欧姆定律计算电阻，最后求电阻比。
【解析】
1. 计算闭合开关瞬间的电功率：
由图乙可知，闭合开关瞬间（$t=0$），通过灯泡的电流$I_1=6\ \mathrm{A}$，电源电压$U=6\ \mathrm{V}$，根据电功率公式$P=UI$，此时灯泡的电功率：
$P_1=U× I_1=6\ \mathrm{V}×6\ \mathrm{A}=36\ \mathrm{W}$。
2. 计算$R_1:R_2$的比值：
灯泡正常发光时，电压为额定电压$U_{\mathrm{额}}=6\ \mathrm{V}$，额定功率$P_{\mathrm{额}}=6\ \mathrm{W}$，此时正常发光的电流：
$I_2=\frac{P_{\mathrm{额}}}{U_{\mathrm{额}}}=\frac{6\ \mathrm{W}}{6\ \mathrm{V}}=1\ \mathrm{A}$；
正常发光时的电阻$R_2=\frac{U_{\mathrm{额}}}{I_2}=\frac{6\ \mathrm{V}}{1\ \mathrm{A}}=6\ \Omega$；
闭合瞬间的电阻$R_1=\frac{U}{I_1}=\frac{6\ \mathrm{V}}{6\ \mathrm{A}}=1\ \Omega$；
因此，$R_1:R_2=1\ \Omega:6\ \Omega=1:6$。
【答案】
36；$1:6$
【知识点】
电功率计算、欧姆定律
【点评】
本题结合I-t图像和额定功率知识，考查电功率与电阻的计算，需准确从图像中提取初始电流，熟练运用相关公式，难度适中，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.5
