·预习点①用电能表测电功率
1. 原理：$\boxed{1}$。
2. 测量方法：记录下某用电器单独工作的时间t内，电能表转盘转过的圈数n，所消耗的电能$W=\frac{n}{N}×3.6×10^6\ \mathrm{J}$，则待测用电器的电功率表达式为$P=\frac{W}{t}=\boxed{2}$。

1. $P=\frac{W}{t}$
2. $\frac{\frac{n}{N}×3.6×10^6\ \mathrm{J}}{t}$

【分析】
要解决这道题，需掌握用电能表测电功率的相关知识：首先，电功率的定义是电功与时间的比值，这是测量电功率的核心原理；其次，电能表的参数N表示每消耗1kW·h（即3.6×10⁶J）电能时转盘转过的圈数，因此转盘转n圈消耗的电能可通过n与N的关系计算，再结合电功率的定义式，就能推导出待测用电器的电功率表达式。
【解析】
1. 用电能表测电功率的原理是电功率的定义式，即$\boxed{P=\frac{W}{t}}$；
2. 已知用电器单独工作时间t内消耗的电能$W=\frac{n}{N}×3.6×10^6\ \mathrm{J}$，根据电功率公式$P=\frac{W}{t}$，将W代入可得待测用电器的电功率表达式：$P=\frac{\frac{n}{N}×3.6×10^6\ \mathrm{J}}{t}$。
【答案】
1. $P=\frac{W}{t}$；2. $\frac{\frac{n}{N}×3.6×10^6\ \mathrm{J}}{t}$
【知识点】
电功率的测量、电能表的应用
【点评】
本题为电学基础预习题，考察用电能表测电功率的核心原理与表达式推导，紧扣教材基础知识点，帮助学生理解电功率测量的基本逻辑。
【难度系数】
0.2

·预习点2用电流表、电压表测电功率
小明用标有“2.5 V”字样的小灯泡做“测量小灯泡的电功率”实验，设计了如图甲所示的电路图。

1. 该实验的原理是$\boxed{3}$。
2. 按照图甲连接好电路后，闭合开关S，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2 V，为了使小灯泡正常发光，应将滑片P向$\boxed{4}$（选填“左”或“右”）端滑动。
3. 小明测得多组数据，并画出了如图乙所示的图像，由图像可知小灯泡的额定功率为$\boxed{5}$W。

1. $P=UI$
2. 左
3. 1

【分析】
本题围绕测量小灯泡电功率的实验展开，需依次明确实验原理、滑动变阻器的调节方法、额定功率的计算。首先，测量小灯泡电功率的原理是电功率公式；其次，要使小灯泡正常发光，需根据串联分压规律调整滑动变阻器，结合电路结构判断滑片移动方向；最后，额定功率是额定电压下的功率，从U-I图像中找到对应额定电压的电流，代入公式计算即可。
【解析】
1. 测量小灯泡电功率的实验原理是电功率的计算公式，即$P=UI$。
2. 小灯泡的额定电压为2.5V，当前电压为2.2V，小于额定电压，需增大灯泡两端的电压。根据串联电路的分压特点，滑动变阻器接入电路的电阻越小，其分压越小，灯泡两端的电压越大。由图甲可知，滑动变阻器接入的是滑片到左端的电阻丝，当滑片向左移动时，接入电阻变小，因此应将滑片向左端滑动。
3. 小灯泡正常发光时的电压为额定电压2.5V，从图乙的U-I图像中，找到电压为2.5V时对应的电流为0.4A，根据$P=UI$，可得小灯泡的额定功率$P=2.5V × 0.4A=1W$。
【答案】
1. $P=UI$；2. 左；3. 1
【知识点】
测量小灯泡的电功率；串联电路的分压规律；U-I图像的应用
【点评】
本题是电学实验的基础题型，考查测量小灯泡电功率的核心知识点，包括实验原理、滑动变阻器的调节、额定功率的计算，需掌握串联电路特点和U-I图像的解读方法，难度适中。
【难度系数】
0.5

1. 下图为小明家的电能表表盘，该电能表的示数为kW·h，家中同时工作的用电器总功率不能超过W。若小明家此时只有电水壶在烧水，该电能表脉冲指示灯在2 min内闪烁了120次，则这段时间内电水壶的电功率为W。

1题图

1. 348.2 13 200 1 200

【分析】
本题需掌握电能表的读数规则、电能表参数的含义，以及电功率和电能的计算方法。解题思路：1. 电能表读数时，最后一位为小数位，单位是kW·h；2. 计算家中用电器总功率最大值时，利用电能表的额定最大电流，结合公式P=UI计算；3. 计算电水壶功率时，先根据电能表脉冲参数求出消耗的电能，再结合时间，利用公式P=W/t计算。
【解析】
1. 电能表读数：电能表的单位为kW·h，最后一位是小数位，因此示数为348.2 kW·h。
2. 总功率最大值计算：电能表参数“220V 5(60)A”中，额定最大电流为60A，根据公式P=UI，家中同时工作用电器的总功率最大值为：
$ P = UI = 220\,\mathrm{V} × 60\,\mathrm{A} = 13200\,\mathrm{W} $
3. 电水壶功率计算：电能表参数“3000 imp/(kW·h)”表示每消耗1 kW·h的电能，指示灯闪烁3000次。则闪烁120次时，电水壶消耗的电能：
$ W = \frac{120}{3000}\,\mathrm{kW·h} = 0.04\,\mathrm{kW·h} $
时间$ t = 2\,\mathrm{min} = \frac{2}{60}\,\mathrm{h} = \frac{1}{30}\,\mathrm{h} $，根据公式$ P = \frac{W}{t} $，电水壶的电功率：
$ P = \frac{0.04\,\mathrm{kW·h}}{\frac{1}{30}\,\mathrm{h}} = 1.2\,\mathrm{kW} = 1200\,\mathrm{W} $
【答案】
348.2；13200；1200
【知识点】
电能表读数、电功率计算、电能计算
【点评】
本题考查电能表的基本应用，需明确电能表各参数的物理意义，易错点为总功率计算时误用标定电流而非额定最大电流，整体属于基础应用题型。
【难度系数】
0.5

2. 在测量额定电压为2.5 V的小灯泡的电功率的实验中。

(1)用笔画线代替导线，将图甲补充完整。
(2)实验时，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是。
(3)当电压表的示数为2.5 V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W。

2. (1) 如答图所示
(2) 小灯泡断路
(3) 1

【分析】
本题围绕测量额定电压为2.5V小灯泡的电功率实验展开，需结合电路连接规则、电路故障分析方法、电功率计算公式解题。
(1) 补充电路时，电压表应并联在小灯泡两端，结合小灯泡额定电压选择电压表量程，保证电流从电压表正接线柱流入、负接线柱流出；
(2) 电路故障分析：电流表无示数说明电路断路，电压表有示数说明电压表与电源两极连通，据此判断故障位置；
(3) 额定功率计算：额定电压下的功率为额定功率，先读取电流表的量程和分度值得到额定电流，再用公式P=UI计算额定功率。
【解析】
(1) 测量小灯泡电功率时，电压表需并联在小灯泡两端，小灯泡额定电压为2.5V，因此电压表选用0~3V量程，将电压表的“3”接线柱与小灯泡的对应接线柱连接，完成电路补充；
(2) 电流表无示数，说明电路出现断路；电压表有示数，说明电压表的两个接线柱能与电源两极连通，因此故障原因是小灯泡断路（此时电压表串联在电路中，测量电源电压）；
(3) 电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，由图乙可知额定电流I=0.4A；已知小灯泡额定电压U=2.5V，根据电功率公式P=UI，可得额定功率P=2.5V×0.4A=1W。
【答案】
2. (1) 如答图所示
(2) 小灯泡断路
(3) 1
【知识点】
测量小灯泡电功率、电路故障分析、电功率计算
【点评】
本题是电学实验的基础题型，涵盖电路连接、故障判断、额定功率计算，需掌握电压表使用规则、电路故障分析逻辑及电功率公式的应用，难度适中。
【难度系数】
0.5