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1.关于用电器的额定功率和实际功率，下列说法正确的是（
A.额定功率大的用电器，其实际功率一定大
B.用电器不通电时，其额定功率为零
C.用电器的实际功率会随所加电压的改变而改变
D.用电器的额定功率会随所加电压的改变而改变
C
）A.额定功率大的用电器，其实际功率一定大
B.用电器不通电时，其额定功率为零
C.用电器的实际功率会随所加电压的改变而改变
D.用电器的额定功率会随所加电压的改变而改变
答案
1.C
解析
【分析】
首先明确额定功率和实际功率的核心概念：额定功率是用电器在额定电压下正常工作的功率，是用电器的固有属性，由自身规格决定，与实际工作状态无关；实际功率是用电器在实际电压下工作的功率，随实际电压变化而改变。接下来逐一分析选项：A选项，额定功率大仅代表额定电压下的功率大，若实际电压远低于额定电压，实际功率会很小，故A错误；B选项，额定功率是额定电压下的功率，与是否通电无关，不通电时额定功率仍为额定值，并非零，故B错误；C选项，根据纯电阻用电器的电功率公式$P=\frac{U^2}{R}$，电阻不变时，实际电压改变则实际功率随之改变，故C正确；D选项，额定功率是额定电压下的固定值，不随实际电压变化，故D错误。
【解析】
要解答本题，需清晰区分额定功率与实际功率的定义及特点：
1. 额定功率：用电器在额定电压下的功率，是用电器的固有属性，由用电器本身的设计参数决定，与实际工作电压、是否通电无关；
2. 实际功率：用电器在实际电压下的功率，对于纯电阻用电器，由公式$P=\frac{U^2}{R}$可知，当用电器电阻$R$不变时，实际电压$U$改变，实际功率$P$会随之变化。
对各选项逐一判断：
A选项：额定功率大的用电器，若实际电压远低于额定电压，实际功率会远小于额定功率，因此实际功率不一定大，A错误；
B选项：额定功率是额定电压下的功率，与是否通电无关，不通电时额定功率仍为额定值，不为零，B错误；
C选项：实际功率由实际电压和用电器电阻决定，电阻不变时，实际电压改变则实际功率改变，C正确；
D选项：额定功率是额定电压下的固定值，不随实际电压变化，D错误。
综上，正确答案为C。
【答案】
C
【知识点】
额定功率与实际功率、电功率
【点评】
本题考查电学中额定功率与实际功率的基础概念，核心是区分两者的定义和变化规律，属于电学入门级基础题，只要掌握概念即可正确作答。
【难度系数】
0.7
首先明确额定功率和实际功率的核心概念：额定功率是用电器在额定电压下正常工作的功率，是用电器的固有属性，由自身规格决定，与实际工作状态无关；实际功率是用电器在实际电压下工作的功率，随实际电压变化而改变。接下来逐一分析选项：A选项，额定功率大仅代表额定电压下的功率大，若实际电压远低于额定电压，实际功率会很小，故A错误；B选项，额定功率是额定电压下的功率，与是否通电无关，不通电时额定功率仍为额定值，并非零，故B错误；C选项，根据纯电阻用电器的电功率公式$P=\frac{U^2}{R}$，电阻不变时，实际电压改变则实际功率随之改变，故C正确；D选项，额定功率是额定电压下的固定值，不随实际电压变化，故D错误。
【解析】
要解答本题，需清晰区分额定功率与实际功率的定义及特点：
1. 额定功率：用电器在额定电压下的功率，是用电器的固有属性，由用电器本身的设计参数决定，与实际工作电压、是否通电无关；
2. 实际功率：用电器在实际电压下的功率，对于纯电阻用电器，由公式$P=\frac{U^2}{R}$可知，当用电器电阻$R$不变时，实际电压$U$改变，实际功率$P$会随之变化。
对各选项逐一判断：
A选项：额定功率大的用电器，若实际电压远低于额定电压，实际功率会远小于额定功率，因此实际功率不一定大，A错误；
B选项：额定功率是额定电压下的功率，与是否通电无关，不通电时额定功率仍为额定值，不为零，B错误；
C选项：实际功率由实际电压和用电器电阻决定，电阻不变时，实际电压改变则实际功率改变，C正确；
D选项：额定功率是额定电压下的固定值，不随实际电压变化，D错误。
综上，正确答案为C。
【答案】
C
【知识点】
额定功率与实际功率、电功率
【点评】
本题考查电学中额定功率与实际功率的基础概念，核心是区分两者的定义和变化规律，属于电学入门级基础题，只要掌握概念即可正确作答。
【难度系数】
0.7
2. 小典根据电冰箱的铭牌(如图所示),得出了以下结论,其中正确的是 (
XX牌壁柜式电冰箱
产品型号：BG65 B 额定电压：220 V
额定功率：100 W 额定频率：50 Hz
A.该冰箱在电压不高于 220 V 时均可以正常工作
B.该冰箱只有在 220 V、50 Hz 的电源两端才能正常工作
C.该冰箱正常工作时通过它的电流可达到 5 A 以上
D.该冰箱每天耗电 24 kW·h
B
)XX牌壁柜式电冰箱
产品型号：BG65 B 额定电压：220 V
额定功率：100 W 额定频率：50 Hz
A.该冰箱在电压不高于 220 V 时均可以正常工作
B.该冰箱只有在 220 V、50 Hz 的电源两端才能正常工作
C.该冰箱正常工作时通过它的电流可达到 5 A 以上
D.该冰箱每天耗电 24 kW·h
答案
2.B
解析
【分析】
要判断各选项的正确性，需明确电冰箱铭牌参数的物理意义：额定电压是用电器正常工作的电压，额定频率是用电器正常工作的电源频率，额定功率是用电器在额定电压下正常工作的功率。结合电功率公式、冰箱间歇工作的特点逐一分析选项。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：额定电压是用电器正常工作的特定电压，并非电压不高于220V就可正常工作，实际电压需接近额定电压才能正常工作，故A错误。
选项B：铭牌标注额定电压220V、额定频率50Hz，说明该冰箱只有在220V、50Hz的电源两端才能正常工作，故B正确。
选项C：根据电功率公式$P=UI$，正常工作电流$I=\frac{P}{U}=\frac{100W}{220V}\approx0.45A$，远小于5A，故C错误。
选项D：冰箱是间歇工作的，并非24小时持续以额定功率工作，每天耗电量远小于24kW·h，故D错误。
【答案】
B
【知识点】
额定电压与额定功率、电功率计算
【点评】
本题考查对用电器铭牌参数的理解，需明确额定参数的含义，结合相关公式分析，属于基础题，难度适中。
【难度系数】
0.7
要判断各选项的正确性，需明确电冰箱铭牌参数的物理意义：额定电压是用电器正常工作的电压，额定频率是用电器正常工作的电源频率，额定功率是用电器在额定电压下正常工作的功率。结合电功率公式、冰箱间歇工作的特点逐一分析选项。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：额定电压是用电器正常工作的特定电压，并非电压不高于220V就可正常工作，实际电压需接近额定电压才能正常工作，故A错误。
选项B：铭牌标注额定电压220V、额定频率50Hz，说明该冰箱只有在220V、50Hz的电源两端才能正常工作，故B正确。
选项C：根据电功率公式$P=UI$，正常工作电流$I=\frac{P}{U}=\frac{100W}{220V}\approx0.45A$，远小于5A，故C错误。
选项D：冰箱是间歇工作的，并非24小时持续以额定功率工作，每天耗电量远小于24kW·h，故D错误。
【答案】
B
【知识点】
额定电压与额定功率、电功率计算
【点评】
本题考查对用电器铭牌参数的理解，需明确额定参数的含义，结合相关公式分析，属于基础题，难度适中。
【难度系数】
0.7
3.把下列4盏节能灯泡分别接入12 V的电路中，其中最亮的是（
A.12 V 9 W
B.12 V 30 W
C.220 V 9 W
D.220 V 30 W
B
）A.12 V 9 W
B.12 V 30 W
C.220 V 9 W
D.220 V 30 W
答案
3.B
解析
【分析】首先明确灯泡的亮度由实际电功率决定，实际功率越大，灯泡越亮。本题中4盏灯都接入12V电路，需结合额定电压与实际电压的关系判断实际功率：若实际电压等于额定电压，实际功率等于额定功率；若实际电压远小于额定电压，实际功率远小于额定功率，比较各灯实际功率即可得出答案。
【解析】灯泡亮度由实际功率决定，实际功率越大，灯泡越亮。将各灯接入12V电路分析：
A选项（12V 9W）：额定电压等于实际电压，实际功率等于额定功率，为9W；
B选项（12V 30W）：额定电压等于实际电压，实际功率等于额定功率，为30W；
C选项（220V 9W）：实际电压12V远小于额定电压220V，实际功率远小于9W；
D选项（220V 30W）：实际电压12V远小于额定电压220V，实际功率远小于30W；
比较可知，B的实际功率最大，故最亮的是B。
【答案】B
【知识点】电功率、实际功率、灯泡亮度
【点评】本题是电功率章节的基础应用题，核心考查灯泡亮度的决定因素，只需结合额定电压与实际电压的关系分析实际功率即可，难度较低，适合巩固基础知识点。
【难度系数】0.7
【解析】灯泡亮度由实际功率决定，实际功率越大，灯泡越亮。将各灯接入12V电路分析：
A选项（12V 9W）：额定电压等于实际电压，实际功率等于额定功率，为9W；
B选项（12V 30W）：额定电压等于实际电压，实际功率等于额定功率，为30W；
C选项（220V 9W）：实际电压12V远小于额定电压220V，实际功率远小于9W；
D选项（220V 30W）：实际电压12V远小于额定电压220V，实际功率远小于30W；
比较可知，B的实际功率最大，故最亮的是B。
【答案】B
【知识点】电功率、实际功率、灯泡亮度
【点评】本题是电功率章节的基础应用题，核心考查灯泡亮度的决定因素，只需结合额定电压与实际电压的关系分析实际功率即可，难度较低，适合巩固基础知识点。
【难度系数】0.7
4.如图所示,电源电压保持不变。当在a、b间接“220 V 1 000 W”的电热水壶时,闭合开关,该电热水壶恰能正常工作;断开开关,在a、b间换接入一个“220 V 2 000 W”的电热水壶后,再闭合开关,下列说法中正确的是 (
A.换接的电热水壶可能被烧坏
B.电灯L可能被烧坏
C.电灯L的实际功率变小
D.电路总功率变小
B
)A.换接的电热水壶可能被烧坏
B.电灯L可能被烧坏
C.电灯L的实际功率变小
D.电路总功率变小
答案
4.B 【点拨】“220 V 1 000 W”的电热水壶和“220 V 2 000 W”的电热水壶相比，两电热水壶的额定电压相同，由$R=\frac{U^2}{P}$可知，1 000 W 电热水壶的电阻大于2 000 W 电热水壶的电阻；在a、b间接入“220 V 1 000 W”的电热水壶，闭合开关，该电热水壶正常工作，其两端电压为220 V；在a、b间换接入一个“220 V 2 000 W”的电热水壶后，因接入电热水壶的电阻比原来小，则该电热水壶分得的电压小于原来电热水壶分得的电压，此时“220 V 2 000 W”的电热水壶两端的电压小于220 V，所以换接的电热水壶不可能被烧坏，故A错误。由串联电路电压特点可知，此时电灯L两端的电压变大，由$P=\frac{U^2}{R}$可知，电灯L的实际功率变大，所以电灯L可能被烧坏，故B正确，C错误；当接入“220 V 2 000 W”的电热水壶时，因其电阻较小，则串联电路的总电阻变小，电路中电流变大，根据$P=UI$可知，电路的总功率变大，故D错误。
解析
【分析】
要解决此题，需先根据额定电压和额定功率计算电热水壶的电阻，再结合串联电路的分压特点分析换接后电路中电压、电流、功率的变化：额定电压相同的用电器，额定功率越大，电阻越小；串联电路中，电阻越小，分得的电压越小；再结合电功率公式判断实际功率的变化，进而分析各选项。
【解析】
1. 计算两电热水壶的电阻：根据公式$R=\frac{U_{额}^2}{P_{额}}$，两电热水壶额定电压均为220V，因此“220V 1000W”电热水壶的电阻$R_1=\frac{(220V)^2}{1000W}$，“220V 2000W”电热水壶的电阻$R_2=\frac{(220V)^2}{2000W}$，可得$R_1＞R_2$。
2. 分析换接前的状态：接入“220V 1000W”电热水壶时，它正常工作，说明其两端电压为220V，此时灯泡L与该电热水壶串联，电源电压$U=U_L + 220V$。
3. 分析换接后的状态：换接入“220V 2000W”电热水壶后，由于$R_2＜R_1$，串联电路总电阻$R_{总}=R_L + R_2$减小，电路电流$I=\frac{U}{R_{总}}$增大：
对换接的电热水壶：串联电路中电阻越小，分得电压越小，因此其两端电压$U_2＜220V$，实际功率小于额定功率，不会被烧坏，故A错误；
对灯泡L：其实际功率$P_L=I^2R_L$，电流I增大，$R_L$不变，故$P_L$增大，可能被烧坏，故B正确，C错误；
对电路总功率：$P_{总}=UI$，电源电压U不变，电流I增大，故总功率变大，D错误。
【答案】
B
【知识点】
串联电路分压、电功率计算
【点评】
本题为串联电路动态分析题，结合电功率公式考查电阻变化对电路电压、电流、功率的影响，需理清各物理量的关系，是电学中常见的综合题型，能有效考查学生对串联电路特点和电功率知识的掌握程度。
【难度系数】
0.6
要解决此题，需先根据额定电压和额定功率计算电热水壶的电阻，再结合串联电路的分压特点分析换接后电路中电压、电流、功率的变化：额定电压相同的用电器，额定功率越大，电阻越小；串联电路中，电阻越小，分得的电压越小；再结合电功率公式判断实际功率的变化，进而分析各选项。
【解析】
1. 计算两电热水壶的电阻：根据公式$R=\frac{U_{额}^2}{P_{额}}$，两电热水壶额定电压均为220V，因此“220V 1000W”电热水壶的电阻$R_1=\frac{(220V)^2}{1000W}$，“220V 2000W”电热水壶的电阻$R_2=\frac{(220V)^2}{2000W}$，可得$R_1＞R_2$。
2. 分析换接前的状态：接入“220V 1000W”电热水壶时，它正常工作，说明其两端电压为220V，此时灯泡L与该电热水壶串联，电源电压$U=U_L + 220V$。
3. 分析换接后的状态：换接入“220V 2000W”电热水壶后，由于$R_2＜R_1$，串联电路总电阻$R_{总}=R_L + R_2$减小，电路电流$I=\frac{U}{R_{总}}$增大：
对换接的电热水壶：串联电路中电阻越小，分得电压越小，因此其两端电压$U_2＜220V$，实际功率小于额定功率，不会被烧坏，故A错误；
对灯泡L：其实际功率$P_L=I^2R_L$，电流I增大，$R_L$不变，故$P_L$增大，可能被烧坏，故B正确，C错误；
对电路总功率：$P_{总}=UI$，电源电压U不变，电流I增大，故总功率变大，D错误。
【答案】
B
【知识点】
串联电路分压、电功率计算
【点评】
本题为串联电路动态分析题，结合电功率公式考查电阻变化对电路电压、电流、功率的影响，需理清各物理量的关系，是电学中常见的综合题型，能有效考查学生对串联电路特点和电功率知识的掌握程度。
【难度系数】
0.6
5.(新趋势真实情境 如图所示,车用USB便携充电设备有A、B两个充电接口,额定输出电压均为5 V,输出电流分别为2.1 A和1.0 A,要快速给标配的手机充电,应选用
A
(填"A"或"B")接口,此接口的额定输出功率为10.5
W。答案
5.A;10.5 【点拨】要快速给手机充电，因此输出的功率要大，根据$P=UI$可知，在输出电压一定的情况下，输出电流越大，输出功率就越大，故应选用A接口；此接口的额定输出功率为$P=UI_A=5\ \mathrm{V}×2.1\ \mathrm{A}=10.5\ \mathrm{W}$。
解析
【分析】
要快速给手机充电，需要接口的输出功率更大。已知两个接口的额定输出电压相同，根据电功率公式$P=UI$，当电压$U$一定时，输出电流$I$越大，输出功率$P$就越大，因此应选择电流更大的接口，再代入公式计算其额定输出功率即可。
【解析】
已知A、B接口的额定输出电压均为$U=5\ \mathrm{V}$，A接口的输出电流$I_A=2.1\ \mathrm{A}$，B接口的输出电流$I_B=1.0\ \mathrm{A}$。根据电功率公式$P=UI$，在电压相同的情况下，电流越大，功率越大，所以快速充电应选用A接口。
计算A接口的额定输出功率：
$P=UI_A=5\ \mathrm{V}×2.1\ \mathrm{A}=10.5\ \mathrm{W}$
【答案】
A；10.5
【知识点】
电功率计算、电功率公式应用
【点评】
本题结合生活中常见的USB充电设备，考查电功率公式的实际应用，将物理知识与生活场景结合，侧重基础知识点的运用，难度较低。
【难度系数】
0.7
要快速给手机充电，需要接口的输出功率更大。已知两个接口的额定输出电压相同，根据电功率公式$P=UI$，当电压$U$一定时，输出电流$I$越大，输出功率$P$就越大，因此应选择电流更大的接口，再代入公式计算其额定输出功率即可。
【解析】
已知A、B接口的额定输出电压均为$U=5\ \mathrm{V}$，A接口的输出电流$I_A=2.1\ \mathrm{A}$，B接口的输出电流$I_B=1.0\ \mathrm{A}$。根据电功率公式$P=UI$，在电压相同的情况下，电流越大，功率越大，所以快速充电应选用A接口。
计算A接口的额定输出功率：
$P=UI_A=5\ \mathrm{V}×2.1\ \mathrm{A}=10.5\ \mathrm{W}$
【答案】
A；10.5
【知识点】
电功率计算、电功率公式应用
【点评】
本题结合生活中常见的USB充电设备，考查电功率公式的实际应用，将物理知识与生活场景结合，侧重基础知识点的运用，难度较低。
【难度系数】
0.7
6.(新考法 角度新)小荣有整理错题的好习惯,下表是她某次的错题记录,请你帮她找出错误之处并给出正确解答。
错题记录
习题:某电炉在额定电压220 V下的功率为1 000 W,当实际电压只有额定电压的80%时,若电炉的电阻保持不变,此时电炉的实际功率是多少?
解:电炉正常工作时电流由$P=UI$得$I_{额}=\frac{P_{额}}{U_{额}}=\frac{1000\ \mathrm{W}}{220\ \mathrm{V}}=\frac{50}{11}\ \mathrm{A}$,实际电压$U_{实}=220\ \mathrm{V}×80\%=176\ \mathrm{V}$,实际功率$P_{实}=U_{实}I_{实}=176\ \mathrm{V}×\frac{50}{11}\ \mathrm{A}=800\ \mathrm{W}$。
错题改正
错误之处:
计算“实际功率”时,物理量
正确解答:
错题记录
习题:某电炉在额定电压220 V下的功率为1 000 W,当实际电压只有额定电压的80%时,若电炉的电阻保持不变,此时电炉的实际功率是多少?
解:电炉正常工作时电流由$P=UI$得$I_{额}=\frac{P_{额}}{U_{额}}=\frac{1000\ \mathrm{W}}{220\ \mathrm{V}}=\frac{50}{11}\ \mathrm{A}$,实际电压$U_{实}=220\ \mathrm{V}×80\%=176\ \mathrm{V}$,实际功率$P_{实}=U_{实}I_{实}=176\ \mathrm{V}×\frac{50}{11}\ \mathrm{A}=800\ \mathrm{W}$。
错题改正
错误之处:
计算“实际功率”时,物理量
$I_{实}$
(填“$U_{实}$”或“$I_{实}$”)的数据代入错误。正确解答:
答案
6.【解】$I_{实}$;由$P=UI$及$I=\frac{U}{R}$得,电炉的电阻$R=\frac{U_额^2}{P_额}=\frac{(220\ \mathrm{V})^2}{1\ 000\ \mathrm{W}}=48.4\ \Omega$,电炉的实际功率$P_实=\frac{U_实^2}{R}=\frac{(U_额×80\%)^2}{R}=\frac{(220\ \mathrm{V}×80\%)^2}{48.4\ \Omega}=640\ \mathrm{W}$。
解析
【分析】
要解决这道题，需明确电炉的电阻保持不变，当实际电压变化时，电流会随之改变，不能直接用额定电流计算实际功率。解题思路是：先利用额定电压和额定功率求出电炉的电阻，再结合实际电压计算实际功率，避免错误代入额定电流。
【解析】
原解法的错误在于：实际电压改变时，电流也会变化，不能直接将额定电流当作实际电流代入计算，因此错误之处是$I_{实}$的数据代入错误。
正确解答步骤：
1. 计算电炉的电阻：根据公式$P=\frac{U^2}{R}$，可得$R=\frac{U_{额}^2}{P_{额}}=\frac{(220\ \mathrm{V})^2}{1000\ \mathrm{W}}=48.4\ \Omega$；
2. 计算实际电压：$U_{实}=U_{额}×80\%=220\ \mathrm{V}×80\%=176\ \mathrm{V}$；
3. 计算实际功率：$P_{实}=\frac{U_{实}^2}{R}=\frac{(176\ \mathrm{V})^2}{48.4\ \Omega}=640\ \mathrm{W}$。
【答案】
错误之处填$I_{实}$；正确解答为640 W。
【知识点】
电功率计算、欧姆定律应用
【点评】
本题考查电功率的实际应用，核心是理解电阻不变时电功率与电压的关系，易错点是错误使用额定电流计算实际功率，需熟练掌握$P=\frac{U^2}{R}$的灵活运用，属于基础但易出错的题型。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需明确电炉的电阻保持不变，当实际电压变化时，电流会随之改变，不能直接用额定电流计算实际功率。解题思路是：先利用额定电压和额定功率求出电炉的电阻，再结合实际电压计算实际功率，避免错误代入额定电流。
【解析】
原解法的错误在于：实际电压改变时，电流也会变化，不能直接将额定电流当作实际电流代入计算，因此错误之处是$I_{实}$的数据代入错误。
正确解答步骤：
1. 计算电炉的电阻：根据公式$P=\frac{U^2}{R}$，可得$R=\frac{U_{额}^2}{P_{额}}=\frac{(220\ \mathrm{V})^2}{1000\ \mathrm{W}}=48.4\ \Omega$；
2. 计算实际电压：$U_{实}=U_{额}×80\%=220\ \mathrm{V}×80\%=176\ \mathrm{V}$；
3. 计算实际功率：$P_{实}=\frac{U_{实}^2}{R}=\frac{(176\ \mathrm{V})^2}{48.4\ \Omega}=640\ \mathrm{W}$。
【答案】
错误之处填$I_{实}$；正确解答为640 W。
【知识点】
电功率计算、欧姆定律应用
【点评】
本题考查电功率的实际应用，核心是理解电阻不变时电功率与电压的关系，易错点是错误使用额定电流计算实际功率，需熟练掌握$P=\frac{U^2}{R}$的灵活运用，属于基础但易出错的题型。
【难度系数】
0.6
7.[2025·达州]如图所示的为定值电阻R和灯泡L的U-I图像，灯泡L的额定电压为2.5 V。将两用电器串联在电源两端，灯泡L正常发光。下列说法正确的是（
A.电源电压为2.5 V
B.灯泡L额定功率为0.75 W
C.R与灯泡L功率之比为5:3
D.灯泡L的U-I图像为图线B
B
）A.电源电压为2.5 V
B.灯泡L额定功率为0.75 W
C.R与灯泡L功率之比为5:3
D.灯泡L的U-I图像为图线B
答案
7.B 【点拨】通过定值电阻R的电流随电压的变化关系为一条过原点的直线，R的U-I图像为图线B，灯泡L的U-I图像为图线A，故D错误；灯泡L的额定电压为2.5 V，由图可知，灯泡正常发光时的电流为0.3 A，将两用电器串联在电源两端，串联电路各处的电流都相等，灯泡L正常发光，由图可知，R两端的电压为1.5 V，根据串联电路的电压特点得$U=1.5\ \mathrm{V}+2.5\ \mathrm{V}=4\ \mathrm{V}$，故A错误；灯泡L的额定功率$P_L=U_LI_L=2.5\ \mathrm{V}×0.3\ \mathrm{A}=0.75\ \mathrm{W}$，故B正确；串联电路各处的电流都相等，根据$P=UI$可知，在电流不变时，电功率与电压成正比，故R与灯泡L功率之比为$1.5\ \mathrm{V}:2.5\ \mathrm{V}=3:5$，故C错误。故选B。
解析
【分析】
要解决本题，需先明确定值电阻和灯泡的U-I图像特点：定值电阻阻值恒定，U与I成正比，其U-I图像为过原点的直线；灯泡电阻随温度变化，结合额定电压可判断对应图线。再根据串联电路电流相等的特点，从图像读取对应电压，逐一分析各选项：
1. 区分图线：先判断定值电阻和灯泡对应的U-I图线；
2. 计算灯泡额定功率：利用额定电压和对应电流，结合电功率公式计算；
3. 计算电源电压：根据串联电路电压规律，结合两用电器的电压值计算；
4. 计算功率比：利用串联电流相等，结合功率公式推导功率之比，判断选项。
【解析】
1. 区分图线：定值电阻的阻值不变，U与I成正比，因此定值电阻R的U-I图像为过原点的直线，对应图线B；灯泡L的U-I图像为图线A，故选项D错误。
2. 灯泡额定功率：灯泡L的额定电压为2.5V，正常发光时，由图线A可知对应的电流$I=0.3\ \mathrm{A}$，根据电功率公式，灯泡的额定功率$P_L=U_LI_L=2.5\ \mathrm{V}×0.3\ \mathrm{A}=0.75\ \mathrm{W}$，故选项B正确。
3. 电源电压：两用电器串联，串联电路电流处处相等，灯泡正常发光时电流为0.3A，此时定值电阻R的电流也为0.3A，由图线B可知R两端电压$U_R=1.5\ \mathrm{V}$；根据串联电路电压特点，电源电压$U=U_R+U_L=1.5\ \mathrm{V}+2.5\ \mathrm{V}=4\ \mathrm{V}$，故选项A错误。
4. 功率之比：串联时电流I相同，根据$P=UI$，功率与电压成正比，因此R与灯泡L的功率之比$\frac{P_R}{P_L}=\frac{U_RI}{U_LI}=\frac{U_R}{U_L}=\frac{1.5\ \mathrm{V}}{2.5\ \mathrm{V}}=\frac{3}{5}$，即功率比为3:5，选项C错误。
【答案】
B
【知识点】
欧姆定律、串联电路特点、电功率计算
【点评】
本题结合U-I图像考查电学综合知识，需先区分定值电阻和灯泡的图像，再利用串联电路电流相等的特点，结合欧姆定律和电功率公式分析，是电学基础题型，注重对图像分析能力的考查。
【难度系数】
0.6
要解决本题，需先明确定值电阻和灯泡的U-I图像特点：定值电阻阻值恒定，U与I成正比，其U-I图像为过原点的直线；灯泡电阻随温度变化，结合额定电压可判断对应图线。再根据串联电路电流相等的特点，从图像读取对应电压，逐一分析各选项：
1. 区分图线：先判断定值电阻和灯泡对应的U-I图线；
2. 计算灯泡额定功率：利用额定电压和对应电流，结合电功率公式计算；
3. 计算电源电压：根据串联电路电压规律，结合两用电器的电压值计算；
4. 计算功率比：利用串联电流相等，结合功率公式推导功率之比，判断选项。
【解析】
1. 区分图线：定值电阻的阻值不变，U与I成正比，因此定值电阻R的U-I图像为过原点的直线，对应图线B；灯泡L的U-I图像为图线A，故选项D错误。
2. 灯泡额定功率：灯泡L的额定电压为2.5V，正常发光时，由图线A可知对应的电流$I=0.3\ \mathrm{A}$，根据电功率公式，灯泡的额定功率$P_L=U_LI_L=2.5\ \mathrm{V}×0.3\ \mathrm{A}=0.75\ \mathrm{W}$，故选项B正确。
3. 电源电压：两用电器串联，串联电路电流处处相等，灯泡正常发光时电流为0.3A，此时定值电阻R的电流也为0.3A，由图线B可知R两端电压$U_R=1.5\ \mathrm{V}$；根据串联电路电压特点，电源电压$U=U_R+U_L=1.5\ \mathrm{V}+2.5\ \mathrm{V}=4\ \mathrm{V}$，故选项A错误。
4. 功率之比：串联时电流I相同，根据$P=UI$，功率与电压成正比，因此R与灯泡L的功率之比$\frac{P_R}{P_L}=\frac{U_RI}{U_LI}=\frac{U_R}{U_L}=\frac{1.5\ \mathrm{V}}{2.5\ \mathrm{V}}=\frac{3}{5}$，即功率比为3:5，选项C错误。
【答案】
B
【知识点】
欧姆定律、串联电路特点、电功率计算
【点评】
本题结合U-I图像考查电学综合知识，需先区分定值电阻和灯泡的图像，再利用串联电路电流相等的特点，结合欧姆定律和电功率公式分析，是电学基础题型，注重对图像分析能力的考查。
【难度系数】
0.6
