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8.（徐州中考）在探究不同物质吸热升温的现象时，将相等
质量
的沙子和水分别装入易拉罐中，用相同的热源和方法加热，则单位时间内沙子和水吸收的热量相等
。如图所示，实验得到沙子和水的温度随时间变化的图像，其中a是沙子
的图像。答案
8. 质量 相等 沙子
解析
【分析】
本题考查探究不同物质吸热升温的实验，需运用控制变量法和比热容的相关知识解题。首先，实验要控制变量，需保证沙子和水的质量相等，才能准确比较吸热升温特性；相同热源加热时，单位时间内提供的热量相同，因此沙子和水单位时间吸收的热量相等；根据热量公式$Q=cm\Delta t$，质量相同、吸收相同热量时，比热容越小，温度升高越快，沙子比热容小于水，升温更快，对应图像中斜率更大的a。
【解析】
1. 探究不同物质吸热升温现象时，根据控制变量法，需控制沙子和水的质量相等，这样才能在吸收相同热量时比较温度变化，或在温度变化相同时比较吸收热量的多少，故第一个空填“质量”；
2. 用相同的热源加热，相同时间内热源放出的热量相同，因此沙子和水单位时间内吸收的热量相等，故第二个空填“相等”；
3. 根据$Q=cm\Delta t$，当质量$m$相同、吸收热量$Q$相同时，比热容$c$越小，温度变化$\Delta t$越大。沙子的比热容比水小，所以相同时间内沙子温度升高更快，图像中a的升温速率更大，因此a是沙子的图像，故第三个空填“沙子”。
【答案】
质量 相等 沙子
【知识点】
比热容、控制变量法、热量与比热容的关系
【点评】
本题结合图像考查热学基础实验，核心是控制变量法的应用和比热容对温度变化的影响，属于中考基础题型，需熟练掌握实验原理和图像分析方法。
【难度系数】
0.6
本题考查探究不同物质吸热升温的实验，需运用控制变量法和比热容的相关知识解题。首先，实验要控制变量，需保证沙子和水的质量相等，才能准确比较吸热升温特性；相同热源加热时，单位时间内提供的热量相同，因此沙子和水单位时间吸收的热量相等；根据热量公式$Q=cm\Delta t$，质量相同、吸收相同热量时，比热容越小，温度升高越快，沙子比热容小于水，升温更快，对应图像中斜率更大的a。
【解析】
1. 探究不同物质吸热升温现象时，根据控制变量法，需控制沙子和水的质量相等，这样才能在吸收相同热量时比较温度变化，或在温度变化相同时比较吸收热量的多少，故第一个空填“质量”；
2. 用相同的热源加热，相同时间内热源放出的热量相同，因此沙子和水单位时间内吸收的热量相等，故第二个空填“相等”；
3. 根据$Q=cm\Delta t$，当质量$m$相同、吸收热量$Q$相同时，比热容$c$越小，温度变化$\Delta t$越大。沙子的比热容比水小，所以相同时间内沙子温度升高更快，图像中a的升温速率更大，因此a是沙子的图像，故第三个空填“沙子”。
【答案】
质量 相等 沙子
【知识点】
比热容、控制变量法、热量与比热容的关系
【点评】
本题结合图像考查热学基础实验，核心是控制变量法的应用和比热容对温度变化的影响，属于中考基础题型，需熟练掌握实验原理和图像分析方法。
【难度系数】
0.6
9. 如图是某一沿海城市和某一内陆城市年气温变化曲线。从图像可以看出，在一年中。曲线A所示的城市气温变化较
大
（大/小），根据水的比热容比沙石比热容大
的特点，曲线A表示的是内陆
（沿海/内陆）城市的年气温变化曲线。答案
9. 大 大 内陆
解析
【分析】
要解决这道题，需先对比图像中两条曲线的气温变化幅度，再结合水与沙石的比热容差异分析沿海、内陆城市的气温特点：
1. 观察曲线A、B的最高和最低气温，计算气温变化量，判断哪个城市气温变化更大；
2. 回忆比热容的规律：相同质量的不同物质，吸收或放出相同热量时，比热容越大，温度变化越小；
3. 结合沿海城市多水、内陆城市多沙石的特点，匹配气温变化与城市类型的对应关系。
【解析】
1. 计算气温变化幅度：曲线A的最高气温为33℃，最低气温为15℃，气温变化量为33℃ - 15℃ = 18℃；曲线B的最高气温约29℃，最低气温约17℃，气温变化量约为29℃ - 17℃ = 12℃，因此曲线A所示城市气温变化较大。
2. 比热容的特性：水的比热容比沙石大，根据公式Q=cmΔt，当质量相同、吸收或放出的热量相同时，比热容越大，温度变化Δt越小。
3. 沿海城市水域面积大，水多，气温变化小；内陆城市多沙石，沙石比热容小，气温变化大。因此气温变化大的曲线A表示内陆城市。
【答案】
大 大 内陆
【知识点】
比热容、气温变化与比热容的关系
【点评】
本题结合图像考查比热容知识的实际应用，核心是理解水的比热容大对气温的影响，区分沿海与内陆城市的气温变化特点，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.7
要解决这道题，需先对比图像中两条曲线的气温变化幅度，再结合水与沙石的比热容差异分析沿海、内陆城市的气温特点：
1. 观察曲线A、B的最高和最低气温，计算气温变化量，判断哪个城市气温变化更大；
2. 回忆比热容的规律：相同质量的不同物质，吸收或放出相同热量时，比热容越大，温度变化越小；
3. 结合沿海城市多水、内陆城市多沙石的特点，匹配气温变化与城市类型的对应关系。
【解析】
1. 计算气温变化幅度：曲线A的最高气温为33℃，最低气温为15℃，气温变化量为33℃ - 15℃ = 18℃；曲线B的最高气温约29℃，最低气温约17℃，气温变化量约为29℃ - 17℃ = 12℃，因此曲线A所示城市气温变化较大。
2. 比热容的特性：水的比热容比沙石大，根据公式Q=cmΔt，当质量相同、吸收或放出的热量相同时，比热容越大，温度变化Δt越小。
3. 沿海城市水域面积大，水多，气温变化小；内陆城市多沙石，沙石比热容小，气温变化大。因此气温变化大的曲线A表示内陆城市。
【答案】
大 大 内陆
【知识点】
比热容、气温变化与比热容的关系
【点评】
本题结合图像考查比热容知识的实际应用，核心是理解水的比热容大对气温的影响，区分沿海与内陆城市的气温变化特点，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.7
10. (扬州中考)选用水来冷却拖拉机的发动机,是因为水的比热容
大
(大/小),如果水箱装有质量为20 kg的水,水温从$20\ \mathrm{° C}$上升到$70\ \mathrm{° C}$,水吸收了 $4.2×10^6$
$\mathrm{J}$的热量。$[c_{\mathrm{水}}=4.2× 10^{3}\ \mathrm{J/(kg· \mathrm{° C})}]$答案
10. 大 $4.2×10^6$
解析
【分析】首先，选用水冷却发动机是利用水比热容大的特性，相同质量的水和其他物质相比，升高相同温度时能吸收更多热量，冷却效果更好；计算水吸收的热量需运用吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，其中$\Delta t$为温度变化量（末温减初温），代入已知数值即可算出结果。
【解析】1. 冷却发动机选水的原因：水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同温度时，水吸收的热量更多，冷却效果好，因此第一空填“大”。
2. 计算水吸收的热量：根据吸热公式$Q_{吸}=c_{水}m\Delta t$，其中$c_{水}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，$m=20\ \mathrm{kg}$，$\Delta t=70℃-20℃=50℃$，代入得：
$Q_{吸}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×20\ \mathrm{kg}×50℃=4.2×10^6\ \mathrm{J}$，故第二空填$4.2×10^6$。
【答案】大；$4.2×10^6$
【知识点】比热容的应用、热量的计算
【点评】本题考查比热容的特性及热量计算，属于基础题型，需牢记比热容的物理意义和吸热公式的应用，难度较低。
【难度系数】0.8
【解析】1. 冷却发动机选水的原因：水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同温度时，水吸收的热量更多，冷却效果好，因此第一空填“大”。
2. 计算水吸收的热量：根据吸热公式$Q_{吸}=c_{水}m\Delta t$，其中$c_{水}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，$m=20\ \mathrm{kg}$，$\Delta t=70℃-20℃=50℃$，代入得：
$Q_{吸}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×20\ \mathrm{kg}×50℃=4.2×10^6\ \mathrm{J}$，故第二空填$4.2×10^6$。
【答案】大；$4.2×10^6$
【知识点】比热容的应用、热量的计算
【点评】本题考查比热容的特性及热量计算，属于基础题型，需牢记比热容的物理意义和吸热公式的应用，难度较低。
【难度系数】0.8
11. 根据表中比热容数据和生活现象，下列判断中正确的是 （
A.不同种类的物质，比热容一定不同
B.比热容与物质的状态无关
C.质量、初温相同的铝块和铜块吸收相同热量，铜块末温低
D.沿海地区昼夜温差小，是因为水的比热容较大
D
）A.不同种类的物质，比热容一定不同
B.比热容与物质的状态无关
C.质量、初温相同的铝块和铜块吸收相同热量，铜块末温低
D.沿海地区昼夜温差小，是因为水的比热容较大
答案
11. D
解析
【分析】本题是比热容相关的选择题，需结合表格数据和比热容的性质逐一判断选项：首先明确比热容是物质的特性，不同物质比热容可能相同、同种物质状态不同比热容不同；再利用热量公式Q=cmΔt分析温度变化，结合水比热容大的实际应用判断各选项对错。
【解析】逐一分析选项：
A. 由表格可知，煤油和冰是不同物质，但比热容均为2.1×10³ J/(kg·℃)，说明不同种类物质比热容可能相同，A错误；
B. 水和冰是同种物质的不同状态，水的比热容为4.2×10³ J/(kg·℃)，冰的为2.1×10³ J/(kg·℃)，说明比热容与物质状态有关，B错误；
C. 根据热量公式Q=cmΔt，质量m、吸收热量Q相同时，Δt与比热容c成反比。铝的比热容（0.88×10³ J/(kg·℃)）大于铜的（0.39×10³ J/(kg·℃)），则铝块升高的温度Δt更小，因初温相同，铝块末温更低，铜块末温更高，C错误；
D. 水的比热容比砂石大，白天吸收相同热量时，水升温少；夜晚放出相同热量时，水降温少，因此沿海地区昼夜温差小，D正确。
【答案】D
【知识点】比热容概念、比热容应用、热量计算
【点评】本题考查比热容的基本概念、影响因素及实际应用，需准确理解比热容的特性，结合热量公式分析，属于基础概念题，难度适中。
【难度系数】0.6
【解析】逐一分析选项：
A. 由表格可知，煤油和冰是不同物质，但比热容均为2.1×10³ J/(kg·℃)，说明不同种类物质比热容可能相同，A错误；
B. 水和冰是同种物质的不同状态，水的比热容为4.2×10³ J/(kg·℃)，冰的为2.1×10³ J/(kg·℃)，说明比热容与物质状态有关，B错误；
C. 根据热量公式Q=cmΔt，质量m、吸收热量Q相同时，Δt与比热容c成反比。铝的比热容（0.88×10³ J/(kg·℃)）大于铜的（0.39×10³ J/(kg·℃)），则铝块升高的温度Δt更小，因初温相同，铝块末温更低，铜块末温更高，C错误；
D. 水的比热容比砂石大，白天吸收相同热量时，水升温少；夜晚放出相同热量时，水降温少，因此沿海地区昼夜温差小，D正确。
【答案】D
【知识点】比热容概念、比热容应用、热量计算
【点评】本题考查比热容的基本概念、影响因素及实际应用，需准确理解比热容的特性，结合热量公式分析，属于基础概念题，难度适中。
【难度系数】0.6
12. 在沿海地区易形成海陆风，当出现如图所示风向时，是因为 （
A.白天海水含有热量少
B.白天海水温度低
C.夜晚陆地具有热量多
D.夜晚陆地温度低
B
）A.白天海水含有热量少
B.白天海水温度低
C.夜晚陆地具有热量多
D.夜晚陆地温度低
答案
12. B
解析
【分析】
要解决这道题，需结合海陆风的形成原理，核心是水与陆地的比热容差异：水的比热容比陆地（砂石、泥土）大，相同质量的水和陆地物质，吸收/放出相同热量时，水的温度变化更小。首先观察图示风向：风从大海吹向陆地，说明此时陆地温度高、海洋温度低，对应白天的情况（白天陆地升温快，温度高；海洋升温慢，温度低）。再逐一分析选项，排除不符合的描述即可。
【解析】
1. 原理回顾：水的比热容大于陆地物质，因此白天吸收相同热量时，陆地升温快、温度高，海洋升温慢、温度低；夜晚放出相同热量时，陆地降温快、温度低，海洋降温慢、温度高。
2. 图示分析：图中风向为从大海吹向陆地，说明此时陆地空气受热上升，海洋冷空气补充过来，即陆地温度高于海洋温度，属于白天的海陆风（海风）。
3. 选项判断：
A选项：白天海水温度低是因为比热容大、升温慢，并非“含有热量少”，错误；
B选项：白天海水温度低，符合上述分析，正确；
C、D选项：描述的是夜晚的情况，夜晚陆地温度低，风从陆地吹向海洋，与图示风向不符，错误。
【答案】
B
【知识点】
比热容、海陆风形成
【点评】
本题结合生活中的海陆风现象，考查比热容的实际应用，需理解比热容对温度变化的影响，区分昼夜海陆温度差异对应的风向，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.7
要解决这道题，需结合海陆风的形成原理，核心是水与陆地的比热容差异：水的比热容比陆地（砂石、泥土）大，相同质量的水和陆地物质，吸收/放出相同热量时，水的温度变化更小。首先观察图示风向：风从大海吹向陆地，说明此时陆地温度高、海洋温度低，对应白天的情况（白天陆地升温快，温度高；海洋升温慢，温度低）。再逐一分析选项，排除不符合的描述即可。
【解析】
1. 原理回顾：水的比热容大于陆地物质，因此白天吸收相同热量时，陆地升温快、温度高，海洋升温慢、温度低；夜晚放出相同热量时，陆地降温快、温度低，海洋降温慢、温度高。
2. 图示分析：图中风向为从大海吹向陆地，说明此时陆地空气受热上升，海洋冷空气补充过来，即陆地温度高于海洋温度，属于白天的海陆风（海风）。
3. 选项判断：
A选项：白天海水温度低是因为比热容大、升温慢，并非“含有热量少”，错误；
B选项：白天海水温度低，符合上述分析，正确；
C、D选项：描述的是夜晚的情况，夜晚陆地温度低，风从陆地吹向海洋，与图示风向不符，错误。
【答案】
B
【知识点】
比热容、海陆风形成
【点评】
本题结合生活中的海陆风现象，考查比热容的实际应用，需理解比热容对温度变化的影响，区分昼夜海陆温度差异对应的风向，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.7
13.（泰州中考）小明用如图所示的实验装置来探究“不同物质吸热升温的现象”。
（1）实验中需要控制一些条件相同，以下选项中不需要的是
A.酒精灯火焰的大小相同
B.酒精灯里酒精的质量相同
C.水和沙子的质量相同
D.烧杯的规格相同
（1）实验中需要控制一些条件相同，以下选项中不需要的是
B
。A.酒精灯火焰的大小相同
B.酒精灯里酒精的质量相同
C.水和沙子的质量相同
D.烧杯的规格相同
答案
13. (1) B
解析
【分析】
本题探究不同物质吸热升温的现象，需运用控制变量法。实验中要保证相同时间内不同物质吸收的热量相同，同时控制物质的质量、受热容器等条件一致，才能准确比较不同物质的吸热能力。据此逐一分析选项：A选项酒精灯火焰大小相同，可保证相同时间内放出的热量相同，需要控制；B选项酒精灯里酒精的质量，不影响相同时间内火焰的放热情况，不需要控制；C选项水和沙子的质量相同，是控制变量的核心要求，需要；D选项烧杯规格相同，能保证受热环境一致，减少实验误差，需要。
【解析】
探究不同物质吸热升温的实验，需遵循控制变量原则：
1. 为使相同时间内水和沙子吸收的热量相等，需控制酒精灯火焰大小相同（A项需要）；
2. 需控制水和沙子的质量相同，确保仅物质种类为变量（C项需要）；
3. 烧杯规格相同，可保证受热均匀，避免容器差异影响实验结果（D项需要）；
4. 酒精灯内酒精的总质量不影响相同时间内火焰的放热效果，因此不需要控制（B项符合题意）。
【答案】
B
【知识点】
探究物质吸热能力、控制变量法
【点评】
本题考查探究物质吸热升温实验的控制变量法应用，是中考基础题型，需明确实验中需控制的变量，难度适中。
【难度系数】
0.5
本题探究不同物质吸热升温的现象，需运用控制变量法。实验中要保证相同时间内不同物质吸收的热量相同，同时控制物质的质量、受热容器等条件一致，才能准确比较不同物质的吸热能力。据此逐一分析选项：A选项酒精灯火焰大小相同，可保证相同时间内放出的热量相同，需要控制；B选项酒精灯里酒精的质量，不影响相同时间内火焰的放热情况，不需要控制；C选项水和沙子的质量相同，是控制变量的核心要求，需要；D选项烧杯规格相同，能保证受热环境一致，减少实验误差，需要。
【解析】
探究不同物质吸热升温的实验，需遵循控制变量原则：
1. 为使相同时间内水和沙子吸收的热量相等，需控制酒精灯火焰大小相同（A项需要）；
2. 需控制水和沙子的质量相同，确保仅物质种类为变量（C项需要）；
3. 烧杯规格相同，可保证受热均匀，避免容器差异影响实验结果（D项需要）；
4. 酒精灯内酒精的总质量不影响相同时间内火焰的放热效果，因此不需要控制（B项符合题意）。
【答案】
B
【知识点】
探究物质吸热能力、控制变量法
【点评】
本题考查探究物质吸热升温实验的控制变量法应用，是中考基础题型，需明确实验中需控制的变量，难度适中。
【难度系数】
0.5
C. 水和沙子的质量相同 D. 烧杯的规格相同
（2）实验数据记录如下表所示，根据数据分析。
① 加热相同的时间，沙子的温度上升得多，两者吸收的热量 $ Q_{\mathrm{沙}} $
② 升高相同的温度，发现沙子用时短，说明
（3）小明还发现刚开始加热时，沙子升温速度比水小，可能的原因是：
（4）夏天夜晚，小明赤脚走在海边的沙滩上与走进海水里相比，感觉
（2）实验数据记录如下表所示，根据数据分析。
① 加热相同的时间，沙子的温度上升得多，两者吸收的热量 $ Q_{\mathrm{沙}} $
=
$ Q_{\mathrm{水}} $（$ ＜/=/ ＞ $）。② 升高相同的温度，发现沙子用时短，说明
水
的吸热本领强。（3）小明还发现刚开始加热时，沙子升温速度比水小，可能的原因是：
未充分搅拌沙子
。（4）夏天夜晚，小明赤脚走在海边的沙滩上与走进海水里相比，感觉
沙滩
比较凉。答案
13. (2) ① = ② 水 (3) 未充分搅拌沙子 (4) 沙滩
解析
【分析】
本题围绕“比较不同物质吸热能力”的实验展开，解题思路如下：
1. 判断相同加热时间内物质吸收的热量：相同加热装置在相同时间内放出的热量相同，因此被加热的物质吸收的热量相等；
2. 分析吸热本领：根据公式$Q=cm\Delta t$，质量相同的物质，升高相同温度时，吸收热量越多（或加热用时越长），吸热本领越强；
3. 解释初始升温差异：考虑实验操作是否导致物质受热不均匀；
4. 解释生活中的温度差异：利用比热容的特性，比热容小的物质温度变化更显著，结合夜晚放热的场景判断温度高低。
【解析】
（2）① 实验使用相同的加热装置，加热相同时间时，装置释放的热量相同，因此沙子和水吸收的热量相等，故$Q_{\mathrm{沙}} = Q_{\mathrm{水}}$；
② 升高相同温度时，沙子用时更短，说明沙子吸收的热量更少。根据$Q=cm\Delta t$，在质量、温度变化量相同时，吸收热量越少，比热容越小，吸热本领越弱，因此水的吸热本领更强；
（3）刚开始加热时，沙子升温速度比水小，可能是因为沙子未充分搅拌，受热不均匀，导致局部升温较慢，整体表现出升温速度小；
（4）夏天夜晚，相同质量的沙子和水放出相同热量时，由于沙子的比热容比水小，根据$\Delta t=\frac{Q}{cm}$，沙子的温度降低更多，因此沙滩的温度更低，赤脚走时感觉沙滩比较凉。
【答案】
(2) ① =；② 水；(3) 未充分搅拌沙子；(4) 沙滩
【知识点】
比热容、热量与比热容的关系、比热容的应用
【点评】
本题结合实验数据和生活场景考查比热容的核心知识，既需要理解实验原理，又要能运用比热容解释实际问题，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.6
本题围绕“比较不同物质吸热能力”的实验展开，解题思路如下：
1. 判断相同加热时间内物质吸收的热量：相同加热装置在相同时间内放出的热量相同，因此被加热的物质吸收的热量相等；
2. 分析吸热本领：根据公式$Q=cm\Delta t$，质量相同的物质，升高相同温度时，吸收热量越多（或加热用时越长），吸热本领越强；
3. 解释初始升温差异：考虑实验操作是否导致物质受热不均匀；
4. 解释生活中的温度差异：利用比热容的特性，比热容小的物质温度变化更显著，结合夜晚放热的场景判断温度高低。
【解析】
（2）① 实验使用相同的加热装置，加热相同时间时，装置释放的热量相同，因此沙子和水吸收的热量相等，故$Q_{\mathrm{沙}} = Q_{\mathrm{水}}$；
② 升高相同温度时，沙子用时更短，说明沙子吸收的热量更少。根据$Q=cm\Delta t$，在质量、温度变化量相同时，吸收热量越少，比热容越小，吸热本领越弱，因此水的吸热本领更强；
（3）刚开始加热时，沙子升温速度比水小，可能是因为沙子未充分搅拌，受热不均匀，导致局部升温较慢，整体表现出升温速度小；
（4）夏天夜晚，相同质量的沙子和水放出相同热量时，由于沙子的比热容比水小，根据$\Delta t=\frac{Q}{cm}$，沙子的温度降低更多，因此沙滩的温度更低，赤脚走时感觉沙滩比较凉。
【答案】
(2) ① =；② 水；(3) 未充分搅拌沙子；(4) 沙滩
【知识点】
比热容、热量与比热容的关系、比热容的应用
【点评】
本题结合实验数据和生活场景考查比热容的核心知识，既需要理解实验原理，又要能运用比热容解释实际问题，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.6
