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1[2025安徽淮南质检]下列事例中,通过做功使物体内能减小的是 (
A.水烧开时,壶盖被顶起
B.衣服在阳光下被晒得发烫
C.夏天,在饮料中加冰块
D.用锯子锯木头,锯条变得烫手
A
)A.水烧开时,壶盖被顶起
B.衣服在阳光下被晒得发烫
C.夏天,在饮料中加冰块
D.用锯子锯木头,锯条变得烫手
答案
A 【解析】水烧开时，壶盖被水蒸气顶起来，水蒸气对壶盖做功，水蒸气内能减小，即水蒸气通过做功的方式减小内能，故A正确；衣服在阳光下被晒得发烫，衣服吸收热量，内能增大，通过热传递改变物体的内能，故B错误；夏天，在饮料中加冰块，冰块吸收热量，内能增大，通过热传递改变物体的内能，故C错误；用锯子锯木头，消耗了机械能，转化为内能，是通过做功增大物体的内能，故D错误。
解析
【分析】
要解决这道题，需先明确改变物体内能的两种方式：做功（实质是能量的转化）和热传递（实质是能量的转移）；再逐一分析每个选项，判断其改变内能的方式是做功还是热传递，以及内能是增大还是减小，最终选出符合“通过做功使物体内能减小”的选项。
【解析】
A选项：水烧开时，壶盖被水蒸气顶起，水蒸气对壶盖做功，自身的内能转化为壶盖的机械能，因此水蒸气的内能减小，是通过做功使物体内能减小，符合题意；
B选项：衣服在阳光下被晒得发烫，是衣服吸收太阳的热量，内能增大，属于热传递改变物体内能，不符合题意；
C选项：夏天在饮料中加冰块，冰块吸收饮料的热量，内能增大，属于热传递改变物体内能，不符合题意；
D选项：用锯子锯木头，锯条克服摩擦做功，机械能转化为内能，锯条的内能增大、温度升高，是通过做功使物体内能增大，不符合题意。
综上，答案选A。
【答案】
A
【知识点】
做功改变物体内能、热传递改变物体内能
【点评】
本题考查改变物体内能的两种基础方式，需准确区分做功与热传递的本质差异，同时判断内能的变化情况，属于概念辨析类基础题，难度适中。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需先明确改变物体内能的两种方式：做功（实质是能量的转化）和热传递（实质是能量的转移）；再逐一分析每个选项，判断其改变内能的方式是做功还是热传递，以及内能是增大还是减小，最终选出符合“通过做功使物体内能减小”的选项。
【解析】
A选项：水烧开时，壶盖被水蒸气顶起，水蒸气对壶盖做功，自身的内能转化为壶盖的机械能，因此水蒸气的内能减小，是通过做功使物体内能减小，符合题意；
B选项：衣服在阳光下被晒得发烫，是衣服吸收太阳的热量，内能增大，属于热传递改变物体内能，不符合题意；
C选项：夏天在饮料中加冰块，冰块吸收饮料的热量，内能增大，属于热传递改变物体内能，不符合题意；
D选项：用锯子锯木头，锯条克服摩擦做功，机械能转化为内能，锯条的内能增大、温度升高，是通过做功使物体内能增大，不符合题意。
综上，答案选A。
【答案】
A
【知识点】
做功改变物体内能、热传递改变物体内能
【点评】
本题考查改变物体内能的两种基础方式，需准确区分做功与热传递的本质差异，同时判断内能的变化情况，属于概念辨析类基础题，难度适中。
【难度系数】
0.6
2[2026山西晋城调研,中]光发动机可用于卫星的能源补充,内部结构如图所示。密闭气室中$\ce{N_{2}O_{4}}$在光照下分解,使气室内气压增大,推动活塞右移。活塞右移过程相当于四冲程汽油机的（
A.吸气冲程
B.排气冲程
C.压缩冲程
D.做功冲程
D
）A.吸气冲程
B.排气冲程
C.压缩冲程
D.做功冲程
答案
D 【解析】当活塞右移时，气室中的气体对外做功，内能转化为机械能，该过程相当于四冲程汽油机的做功冲程。故选D。
解析
【分析】
要解答本题，需先明确四冲程汽油机各冲程的特点：吸气冲程无能量转化，活塞向下运动；压缩冲程是活塞向上运动，机械能转化为内能；做功冲程是气体推动活塞运动，内能转化为机械能；排气冲程无能量转化，活塞向上运动。本题中，气室气压增大推动活塞右移，本质是气体对外做功，内能转化为机械能，据此对应汽油机的冲程类型。
【解析】
气室中$\ce{N_{2}O_{4}}$分解使气压增大，推动活塞右移，该过程中气体对外做功，将自身的内能转化为活塞运动的机械能。四冲程汽油机的做功冲程，是气缸内燃气燃烧膨胀推动活塞运动，将内能转化为机械能，与本题中活塞运动的能量转化特点一致。吸气、排气冲程无能量转化，压缩冲程是机械能转化为内能，均不符合题意。
【答案】
D
【知识点】
四冲程汽油机的冲程、能量转化
【点评】
本题结合光发动机的工作原理，考查四冲程汽油机的冲程特点，核心是理解气体对外做功时的能量转化，对应汽油机的做功冲程，需准确区分各冲程的能量变化和活塞运动特征。
【难度系数】
0.6
要解答本题，需先明确四冲程汽油机各冲程的特点：吸气冲程无能量转化，活塞向下运动；压缩冲程是活塞向上运动，机械能转化为内能；做功冲程是气体推动活塞运动，内能转化为机械能；排气冲程无能量转化，活塞向上运动。本题中，气室气压增大推动活塞右移，本质是气体对外做功，内能转化为机械能，据此对应汽油机的冲程类型。
【解析】
气室中$\ce{N_{2}O_{4}}$分解使气压增大，推动活塞右移，该过程中气体对外做功，将自身的内能转化为活塞运动的机械能。四冲程汽油机的做功冲程，是气缸内燃气燃烧膨胀推动活塞运动，将内能转化为机械能，与本题中活塞运动的能量转化特点一致。吸气、排气冲程无能量转化，压缩冲程是机械能转化为内能，均不符合题意。
【答案】
D
【知识点】
四冲程汽油机的冲程、能量转化
【点评】
本题结合光发动机的工作原理，考查四冲程汽油机的冲程特点，核心是理解气体对外做功时的能量转化，对应汽油机的做功冲程，需准确区分各冲程的能量变化和活塞运动特征。
【难度系数】
0.6
3[中]如图所示,用甲、乙两种燃料分别对质量和初温相同的水进行加热,两图装置均相同。燃料的质量用$m$表示,燃料充分燃尽时水升高的温度用$\Delta t$表示(水未沸腾,不计热量损失)（
A.若$m$相同,$\Delta t$越小,燃料的热值越大
B.若$\Delta t$相同,$m$越大,燃料的热值越大
C.若$\frac{m}{\Delta t}$的值越大,燃料的热值越大
D.若$\frac{\Delta t}{m}$的值越大,燃料的热值越大
D
）A.若$m$相同,$\Delta t$越小,燃料的热值越大
B.若$\Delta t$相同,$m$越大,燃料的热值越大
C.若$\frac{m}{\Delta t}$的值越大,燃料的热值越大
D.若$\frac{\Delta t}{m}$的值越大,燃料的热值越大
答案
D 【解析】本题中通过水吸收热量的多少来反映燃料燃烧放出热量的多少，水吸收热量的多少可通过水的比热容、质量和升高的温度计算，不计热量损失，则$Q_{吸}=Q_{放}$，即$c_{水}m_{水}\Delta t=mq$，可得$q=\frac{c_{水}m_{水}\Delta t}{m}$。水的质量相同，水的比热容一定，由$q=\frac{c_{水}m_{水}\Delta t}{m}$可知，若m相同，$\Delta t$越小，燃料的热值越小，故A错误；水的质量相同，水的比热容一定，由$q=\frac{c_{水}m_{水}\Delta t}{m}$可知，若$\Delta t$相同，m越大，燃料的热值越小，故B错误；水的质量相同，水的比热容一定，由$q=\frac{c_{水}m_{水}\Delta t}{m}$可知，若$\frac{m}{\Delta t}$的值越大，即$\frac{\Delta t}{m}$的值越小，燃料的热值越小，故C错误，D正确。故选D。
解析
【分析】
要比较两种燃料的热值，需利用“不计热量损失时，燃料完全燃烧放出的热量等于水吸收的热量”这一关系推导公式。已知水的质量和比热容相同，根据热量公式和热值公式可得出热值与水升高温度、燃料质量的关系，再逐一分析选项判断正误。
【解析】
不计热量损失时，燃料完全燃烧放出的热量等于水吸收的热量，即$Q_{吸}=Q_{放}$。
水吸收的热量：$Q_{吸}=c_{水}m_{水}\Delta t$；
燃料完全燃烧放出的热量：$Q_{放}=mq$（$m$为燃料质量，$q$为燃料热值）；
联立得：$c_{水}m_{水}\Delta t = mq$，变形可得燃料的热值：$q=\frac{c_{水}m_{水}\Delta t}{m}$。
由于水的比热容$c_{水}$和质量$m_{水}$均为定值，因此热值$q$的大小由$\frac{\Delta t}{m}$决定：
选项A：若$m$相同，$\Delta t$越小，则$\frac{\Delta t}{m}$越小，热值$q$越小，A错误；
选项B：若$\Delta t$相同，$m$越大，则$\frac{\Delta t}{m}$越小，热值$q$越小，B错误；
选项C：$\frac{m}{\Delta t}$越大，说明$\frac{\Delta t}{m}$越小，热值$q$越小，C错误；
选项D：$\frac{\Delta t}{m}$越大，热值$q$越大，D正确。
【答案】
D
【知识点】
燃料的热值、热量计算
【点评】
本题通过转换法结合控制变量法考查燃料热值的比较，关键是推导得出热值与水升高温度、燃料质量的关系，难度中等，需准确理解热量和热值的计算公式。
【难度系数】
0.6
要比较两种燃料的热值，需利用“不计热量损失时，燃料完全燃烧放出的热量等于水吸收的热量”这一关系推导公式。已知水的质量和比热容相同，根据热量公式和热值公式可得出热值与水升高温度、燃料质量的关系，再逐一分析选项判断正误。
【解析】
不计热量损失时，燃料完全燃烧放出的热量等于水吸收的热量，即$Q_{吸}=Q_{放}$。
水吸收的热量：$Q_{吸}=c_{水}m_{水}\Delta t$；
燃料完全燃烧放出的热量：$Q_{放}=mq$（$m$为燃料质量，$q$为燃料热值）；
联立得：$c_{水}m_{水}\Delta t = mq$，变形可得燃料的热值：$q=\frac{c_{水}m_{水}\Delta t}{m}$。
由于水的比热容$c_{水}$和质量$m_{水}$均为定值，因此热值$q$的大小由$\frac{\Delta t}{m}$决定：
选项A：若$m$相同，$\Delta t$越小，则$\frac{\Delta t}{m}$越小，热值$q$越小，A错误；
选项B：若$\Delta t$相同，$m$越大，则$\frac{\Delta t}{m}$越小，热值$q$越小，B错误；
选项C：$\frac{m}{\Delta t}$越大，说明$\frac{\Delta t}{m}$越小，热值$q$越小，C错误；
选项D：$\frac{\Delta t}{m}$越大，热值$q$越大，D正确。
【答案】
D
【知识点】
燃料的热值、热量计算
【点评】
本题通过转换法结合控制变量法考查燃料热值的比较，关键是推导得出热值与水升高温度、燃料质量的关系，难度中等，需准确理解热量和热值的计算公式。
【难度系数】
0.6
4[2025安徽芜湖期中,中]醇基燃料以其污染小的优点,成为一种新的燃料研究方向,但很多醇基燃料的热值不高。将一箱热值为$4.8×10^7$ J/kg的汽油和一箱同体积的某种醇基燃料完全燃烧,释放的热量之比$Q_{汽油}:Q_{醇基}=5:3$。已知该汽油与该醇基燃料的密度之比为5:6,则该醇基燃料的热值为 (
A.$1.8×10^7$ J/kg
B.$2.1×10^7$ J/kg
C.$2.4×10^7$ J/kg
D.$2.8×10^7$ J/kg
C
)A.$1.8×10^7$ J/kg
B.$2.1×10^7$ J/kg
C.$2.4×10^7$ J/kg
D.$2.8×10^7$ J/kg
答案
C 【解析】由题可知燃烧的汽油和醇基燃料的体积相同，密度之比为$\frac{\rho_{汽油}}{\rho_{醇基}}=\frac{5}{6}$，释放热量之比为$\frac{Q_{汽油}}{Q_{醇基}}=\frac{5}{3}$，二者的质量之比为$\frac{m_{汽油}}{m_{醇基}}=\frac{\rho_{汽油}V}{\rho_{醇基}V}=\frac{5}{6}$，二者热值之比为$\frac{q_{汽油}}{q_{醇基}}=\frac{\frac{Q_{汽油}}{m_{汽油}}}{\frac{Q_{醇基}}{m_{醇基}}}=\frac{\frac{5}{5}}{\frac{3}{6}}=\frac{2}{1}$，则该醇基燃料的热值为$q_{醇基}=\frac{q_{汽油}}{2}=\frac{4.8×10^7\ \mathrm{J/kg}}{2}=2.4×10^7\ \mathrm{J/kg}$，故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。
解析
【分析】本题需结合密度公式、热值公式解题：两种燃料体积相同，先由密度公式得出质量比，再利用热值公式推导热值之比，最后代入汽油热值计算醇基燃料的热值。
【解析】设两种燃料的体积均为$V$，根据密度公式$\rho=\frac{m}{V}$，可得质量$m=\rho V$，则汽油与醇基燃料的质量之比：
$\frac{m_{汽油}}{m_{醇基}}=\frac{\rho_{汽油}V}{\rho_{醇基}V}=\frac{\rho_{汽油}}{\rho_{醇基}}=\frac{5}{6}$。
根据热值公式$Q=mq$，变形得$q=\frac{Q}{m}$，因此两种燃料的热值之比：
$\frac{q_{汽油}}{q_{醇基}}=\frac{\frac{Q_{汽油}}{m_{汽油}}}{\frac{Q_{醇基}}{m_{醇基}}}=\frac{Q_{汽油}}{Q_{醇基}}×\frac{m_{醇基}}{m_{汽油}}$。
代入已知的热量比$\frac{Q_{汽油}}{Q_{醇基}}=\frac{5}{3}$、质量比$\frac{m_{醇基}}{m_{汽油}}=\frac{6}{5}$，得：
$\frac{q_{汽油}}{q_{醇基}}=\frac{5}{3}×\frac{6}{5}=2$，即$q_{汽油}=2q_{醇基}$。
已知汽油热值$q_{汽油}=4.8×10^7\ \mathrm{J/kg}$，则醇基燃料的热值：
$q_{醇基}=\frac{q_{汽油}}{2}=\frac{4.8×10^7\ \mathrm{J/kg}}{2}=2.4×10^7\ \mathrm{J/kg}$。
【答案】C
【知识点】热值计算、密度公式应用
【点评】本题综合考查密度与热值公式的应用，核心是利用体积相同建立质量与密度的关系，再结合热量与热值的关系推导结果，属于中等难度的基础应用题型。
【难度系数】0.6
【解析】设两种燃料的体积均为$V$，根据密度公式$\rho=\frac{m}{V}$，可得质量$m=\rho V$，则汽油与醇基燃料的质量之比：
$\frac{m_{汽油}}{m_{醇基}}=\frac{\rho_{汽油}V}{\rho_{醇基}V}=\frac{\rho_{汽油}}{\rho_{醇基}}=\frac{5}{6}$。
根据热值公式$Q=mq$，变形得$q=\frac{Q}{m}$，因此两种燃料的热值之比：
$\frac{q_{汽油}}{q_{醇基}}=\frac{\frac{Q_{汽油}}{m_{汽油}}}{\frac{Q_{醇基}}{m_{醇基}}}=\frac{Q_{汽油}}{Q_{醇基}}×\frac{m_{醇基}}{m_{汽油}}$。
代入已知的热量比$\frac{Q_{汽油}}{Q_{醇基}}=\frac{5}{3}$、质量比$\frac{m_{醇基}}{m_{汽油}}=\frac{6}{5}$，得：
$\frac{q_{汽油}}{q_{醇基}}=\frac{5}{3}×\frac{6}{5}=2$，即$q_{汽油}=2q_{醇基}$。
已知汽油热值$q_{汽油}=4.8×10^7\ \mathrm{J/kg}$，则醇基燃料的热值：
$q_{醇基}=\frac{q_{汽油}}{2}=\frac{4.8×10^7\ \mathrm{J/kg}}{2}=2.4×10^7\ \mathrm{J/kg}$。
【答案】C
【知识点】热值计算、密度公式应用
【点评】本题综合考查密度与热值公式的应用，核心是利用体积相同建立质量与密度的关系，再结合热量与热值的关系推导结果，属于中等难度的基础应用题型。
【难度系数】0.6
5[2026江西九江期中,中]如图是用相同的加热装置对质量相同的a、b、c三种物质加热至沸腾时,它们的温度随时间变化的图像。下列对图像的分析正确的是 (
A.$t_1 ∼ t_2$加热时间内物质a的温度不变,内能不变
B.如果a、b是同种物质,b的质量大于a的质量
C.温度从$T_1$升高到$T_2$时,a物质吸收的热量比b多
D.b的比热容大于c的比热容
B
)A.$t_1 ∼ t_2$加热时间内物质a的温度不变,内能不变
B.如果a、b是同种物质,b的质量大于a的质量
C.温度从$T_1$升高到$T_2$时,a物质吸收的热量比b多
D.b的比热容大于c的比热容
答案
B 【解析】$t_1∼ t_2$时间内物质a沸腾，不断吸收热量，温度不变，内能增大，故A错误；如果a、b是同种物质，a、b的比热容相同，初温相同，沸点相同，将a、b分别加热到沸腾时，升高的温度相同，b加热时间较长，吸收的热量较多，由$Q=cm\Delta t$可知，b的质量大于a的质量，故B正确；由图得，温度从$T_1$升高到$T_2$时，a物质加热时间比b短，则此过程中a吸收的热量比b少，故C错误；b、c的质量相同，沸腾前，加热相同时间，即吸收相同的热量，b升高温度较多，由$Q=cm\Delta t$可知，b的比热容小于c的比热容，故D错误。故选B。
解析
【分析】本题结合温度随时间变化的图像，考查热量、比热容、内能及沸腾的相关知识。解题时需明确：相同加热装置在相同时间内提供的热量相同，即物质吸收的热量Q与加热时间成正比；沸腾时物质吸热但温度不变，内能增大；结合公式Q=cmΔt分析各选项，逐一判断对错。
【解析】
A选项：$t_1∼ t_2$时间内，物质a处于沸腾状态，沸腾过程中持续吸收热量，虽然温度不变，但内能增大，故A错误；
B选项：若a、b是同种物质，则它们的比热容c相同；由图可知，a、b初温相同，沸点相同，将它们加热至沸腾时，升高的温度Δt相同；b的加热时间比a长，说明b吸收的热量Q更多；根据公式$Q=cm\Delta t$，当c、Δt相同时，Q越大，质量m越大，因此b的质量大于a的质量，故B正确；
C选项：温度从$T_1$升高到$T_2$时，a物质的加热时间比b短，由于相同加热装置加热时间越长，物质吸收的热量越多，所以此过程中a吸收的热量比b少，故C错误；
D选项：b、c质量相同，沸腾前，加热相同时间（即吸收相同热量Q），b升高的温度Δt比c大；根据$Q=cm\Delta t$，当Q、m相同时，Δt越大，比热容c越小，因此b的比热容小于c的比热容，故D错误。
综上，答案为B。
【答案】B
【知识点】比热容、热量计算、沸腾特点
【点评】本题通过温度-时间图像综合考查热学核心知识点，要求学生能从图像中提取有效信息，结合热量公式和沸腾的特点进行分析，对学生的知识应用能力有一定要求，属于中等难度的热学综合题。
【难度系数】0.5
【解析】
A选项：$t_1∼ t_2$时间内，物质a处于沸腾状态，沸腾过程中持续吸收热量，虽然温度不变，但内能增大，故A错误；
B选项：若a、b是同种物质，则它们的比热容c相同；由图可知，a、b初温相同，沸点相同，将它们加热至沸腾时，升高的温度Δt相同；b的加热时间比a长，说明b吸收的热量Q更多；根据公式$Q=cm\Delta t$，当c、Δt相同时，Q越大，质量m越大，因此b的质量大于a的质量，故B正确；
C选项：温度从$T_1$升高到$T_2$时，a物质的加热时间比b短，由于相同加热装置加热时间越长，物质吸收的热量越多，所以此过程中a吸收的热量比b少，故C错误；
D选项：b、c质量相同，沸腾前，加热相同时间（即吸收相同热量Q），b升高的温度Δt比c大；根据$Q=cm\Delta t$，当Q、m相同时，Δt越大，比热容c越小，因此b的比热容小于c的比热容，故D错误。
综上，答案为B。
【答案】B
【知识点】比热容、热量计算、沸腾特点
【点评】本题通过温度-时间图像综合考查热学核心知识点，要求学生能从图像中提取有效信息，结合热量公式和沸腾的特点进行分析，对学生的知识应用能力有一定要求，属于中等难度的热学综合题。
【难度系数】0.5
6[2026江西新余质检,中](多选)小叶通过查阅资料了解到,甘油和水可以调配出一般意义上的汽车防冻液,她很想了解一下甘油的吸热能力。在老师的指导下,她用酒精灯分别加热了质量为100 g、初温为20 ℃的甘油和水,记录的相关数据如下表所示,若单位时间内甘油吸收的热量和水吸收的热量相等,则下列说法中正确的是[$q_{酒精}=3×10^7\ \mathrm{J/kg}, c_{水}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·℃)$] (
A.加热相同时间,甘油消耗的酒精更多
B.给水加热,消耗的酒精完全燃烧放出的热量为$1.2×10^3\ \mathrm{J}$
C.甘油的比热容为$2.4×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·℃)$
D.该酒精灯的加热效率约为42%
CD
)A.加热相同时间,甘油消耗的酒精更多
B.给水加热,消耗的酒精完全燃烧放出的热量为$1.2×10^3\ \mathrm{J}$
C.甘油的比热容为$2.4×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·℃)$
D.该酒精灯的加热效率约为42%
答案
CD 【解析】由题可知，单位时间内甘油和水吸收的热量相等，所以加热相同时间时，甘油和水消耗的酒精一样多，故A错误；给水加热，消耗的酒精完全燃烧放出的热量: $Q_{放}=m_{酒精}q_{酒精}=2×10^{-3}\ \mathrm{kg}×3×10^7\ \mathrm{J/kg}=6×10^4\ \mathrm{J}$，故B错误；由于单位时间内甘油吸收的热量与水吸收的热量相等，所以8 min内甘油吸收的热量: $Q_{油吸}=2Q_{水吸}=2c_{水}m_{水}(t-t_0)=2×4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×0.1\ \mathrm{kg}×(80\ ℃-20\ ℃)=5.04×10^4\ \mathrm{J}$；由$Q_{油吸}=c_{油}m_{油}\Delta t_{油}$知，甘油的比热容: $c_{油}=\frac{Q_{吸油}}{m_{油}\Delta t}=\frac{5.04×10^4\ \mathrm{J}}{0.1\ \mathrm{kg}×(230\ ℃-20\ ℃)}=2.4×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，故C正确；4 min内水吸收的热量: $Q_{水吸}=c_{水}m_{水}\Delta t_{水}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×0.1\ \mathrm{kg}×(80\ ℃-20\ ℃)=2.52×10^4\ \mathrm{J}$，酒精灯的加热效率: $\eta=\frac{Q_{水吸}}{Q_{放}}×100\%=\frac{2.52×10^4\ \mathrm{J}}{6×10^4\ \mathrm{J}}×100\%=42\%$，故D正确。故选CD。
解析
【分析】
本题需结合“单位时间内甘油和水吸收的热量相等”的条件分析各选项：先根据加热时间与消耗酒精的关系判断A；再通过酒精燃烧放热公式计算B；利用加热时间的比例关系确定甘油与水吸收热量的关系，结合热量公式计算甘油比热容判断C；最后依据加热效率公式计算D。
【解析】
1. 选项A分析：由题意，单位时间内甘油和水吸收的热量相等，因此相同加热时间内，两者消耗的酒精质量相等，A错误。
2. 选项B分析：给水加热时，消耗酒精质量$m_{酒精}=2\ \mathrm{g}=2×10^{-3}\ \mathrm{kg}$，酒精完全燃烧放出的热量：
$Q_{放}=m_{酒精}q_{酒精}=2×10^{-3}\ \mathrm{kg}×3×10^7\ \mathrm{J/kg}=6×10^4\ \mathrm{J}$，并非$1.2×10^3\ \mathrm{J}$，B错误。
3. 选项C分析：水加热4min吸收的热量：
$Q_{水吸}=c_{水}m_{水}\Delta t_{水}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×0.1\ \mathrm{kg}×(80℃-20℃)=2.52×10^4\ \mathrm{J}$。
甘油加热时间为8min，是水的2倍，故甘油吸收的热量$Q_{油吸}=2Q_{水吸}=5.04×10^4\ \mathrm{J}$。
甘油质量$m_{油}=0.1\ \mathrm{kg}$，温度变化$\Delta t_{油}=230℃-20℃=210℃$，根据$Q_{吸}=cm\Delta t$，甘油的比热容：
$c_{油}=\frac{Q_{油吸}}{m_{油}\Delta t_{油}}=\frac{5.04×10^4\ \mathrm{J}}{0.1\ \mathrm{kg}×210℃}=2.4×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，C正确。
4. 选项D分析：酒精灯的加热效率：
$\eta=\frac{Q_{水吸}}{Q_{放}}×100\%=\frac{2.52×10^4\ \mathrm{J}}{6×10^4\ \mathrm{J}}×100\%=42\%$，D正确。
【答案】
CD
【知识点】
比热容、热量计算、加热效率
【点评】
本题考查比热容相关的热量计算及加热效率的应用，关键是理解“单位时间吸收热量相等”的条件，需注意单位换算，属于中等难度的综合题。
【难度系数】
0.5
本题需结合“单位时间内甘油和水吸收的热量相等”的条件分析各选项：先根据加热时间与消耗酒精的关系判断A；再通过酒精燃烧放热公式计算B；利用加热时间的比例关系确定甘油与水吸收热量的关系，结合热量公式计算甘油比热容判断C；最后依据加热效率公式计算D。
【解析】
1. 选项A分析：由题意，单位时间内甘油和水吸收的热量相等，因此相同加热时间内，两者消耗的酒精质量相等，A错误。
2. 选项B分析：给水加热时，消耗酒精质量$m_{酒精}=2\ \mathrm{g}=2×10^{-3}\ \mathrm{kg}$，酒精完全燃烧放出的热量：
$Q_{放}=m_{酒精}q_{酒精}=2×10^{-3}\ \mathrm{kg}×3×10^7\ \mathrm{J/kg}=6×10^4\ \mathrm{J}$，并非$1.2×10^3\ \mathrm{J}$，B错误。
3. 选项C分析：水加热4min吸收的热量：
$Q_{水吸}=c_{水}m_{水}\Delta t_{水}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×0.1\ \mathrm{kg}×(80℃-20℃)=2.52×10^4\ \mathrm{J}$。
甘油加热时间为8min，是水的2倍，故甘油吸收的热量$Q_{油吸}=2Q_{水吸}=5.04×10^4\ \mathrm{J}$。
甘油质量$m_{油}=0.1\ \mathrm{kg}$，温度变化$\Delta t_{油}=230℃-20℃=210℃$，根据$Q_{吸}=cm\Delta t$，甘油的比热容：
$c_{油}=\frac{Q_{油吸}}{m_{油}\Delta t_{油}}=\frac{5.04×10^4\ \mathrm{J}}{0.1\ \mathrm{kg}×210℃}=2.4×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，C正确。
4. 选项D分析：酒精灯的加热效率：
$\eta=\frac{Q_{水吸}}{Q_{放}}×100\%=\frac{2.52×10^4\ \mathrm{J}}{6×10^4\ \mathrm{J}}×100\%=42\%$，D正确。
【答案】
CD
【知识点】
比热容、热量计算、加热效率
【点评】
本题考查比热容相关的热量计算及加热效率的应用，关键是理解“单位时间吸收热量相等”的条件，需注意单位换算，属于中等难度的综合题。
【难度系数】
0.5
