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6. [2026安庆期末]若电视机、电烙铁和电风扇上都标有“220 V 60 W”字样，它们都在额定电压下工作相同的时间，则三个用电器中产生的热量最多的是（
A.电烙铁
B.电视机
C.电风扇
D.一样多
A
）A.电烙铁
B.电视机
C.电风扇
D.一样多
答案
6.A
解析
【分析】
首先，三个用电器在额定电压下工作，实际功率等于额定功率，均为60W，工作时间相同，根据公式W=Pt可知它们消耗的电能相等。接下来需明确不同用电器的能量转化特点：电烙铁是纯电阻用电器，工作时电能全部转化为内能；电视机主要将电能转化为光能、声能，仅少量转化为内能；电风扇主要将电能转化为机械能，仅少量转化为内能。因此消耗相同电能时，电烙铁产生的热量最多。
【解析】
解：三个用电器都在额定电压下工作，实际功率P=P额=60W，工作时间t相同，由W=Pt可得，三个用电器消耗的电能相同。
电烙铁属于纯电阻用电器，工作时将电能全部转化为内能；电视机工作时主要将电能转化为光能、声能，只有少部分转化为内能；电风扇工作时主要将电能转化为机械能，只有少部分转化为内能。
因此，相同时间内电烙铁产生的热量最多，答案选A。
【答案】
A
【知识点】
电能与电热、用电器的能量转化
【点评】
本题考查不同用电器的能量转化，核心是区分纯电阻与非纯电阻用电器的电热差异，属于初中物理电学的基础考点，需牢记常见用电器的能量转化形式。
【难度系数】
0.6
首先，三个用电器在额定电压下工作，实际功率等于额定功率，均为60W，工作时间相同，根据公式W=Pt可知它们消耗的电能相等。接下来需明确不同用电器的能量转化特点：电烙铁是纯电阻用电器，工作时电能全部转化为内能；电视机主要将电能转化为光能、声能，仅少量转化为内能；电风扇主要将电能转化为机械能，仅少量转化为内能。因此消耗相同电能时，电烙铁产生的热量最多。
【解析】
解：三个用电器都在额定电压下工作，实际功率P=P额=60W，工作时间t相同，由W=Pt可得，三个用电器消耗的电能相同。
电烙铁属于纯电阻用电器，工作时将电能全部转化为内能；电视机工作时主要将电能转化为光能、声能，只有少部分转化为内能；电风扇工作时主要将电能转化为机械能，只有少部分转化为内能。
因此，相同时间内电烙铁产生的热量最多，答案选A。
【答案】
A
【知识点】
电能与电热、用电器的能量转化
【点评】
本题考查不同用电器的能量转化，核心是区分纯电阻与非纯电阻用电器的电热差异，属于初中物理电学的基础考点，需牢记常见用电器的能量转化形式。
【难度系数】
0.6
7.现有甲、乙两电热丝的电阻之比为2:3,通过的电流之比为3:1,则相同时间内产生的热量之比为（
A.2:1
B.6:1
C.1:2
D.1:6
B
）A.2:1
B.6:1
C.1:2
D.1:6
答案
7.B
解析
【分析】
本题考查电热的比例计算，电热丝产生的热量可通过焦耳定律公式$Q=I^2Rt$求解。已知两电热丝的电阻比、电流比及相同时间，将已知比例代入公式，约去相同的时间项，即可计算出热量之比。
【解析】
根据焦耳定律，电流通过导体产生的热量公式为$Q=I^2Rt$。
已知甲、乙两电热丝的电阻之比$R_甲:R_乙=2:3$，电流之比$I_甲:I_乙=3:1$，相同时间$t$内，热量之比：
$\frac{Q_甲}{Q_乙}=\frac{I_甲^2R_甲t}{I_乙^2R_乙t}=\frac{I_甲^2}{I_乙^2}×\frac{R_甲}{R_乙}$
代入数值计算：
$\frac{Q_甲}{Q_乙}=\frac{3^2}{1^2}×\frac{2}{3}=\frac{9}{1}×\frac{2}{3}=\frac{6}{1}$
即相同时间内产生的热量之比为$6:1$。
【答案】
B
【知识点】
焦耳定律、电热计算
【点评】
本题为基础公式应用类题目，核心是牢记电热公式$Q=I^2Rt$，代入比例时注意对应关系，计算过程细心即可得出正确结果。
【难度系数】
0.7
本题考查电热的比例计算，电热丝产生的热量可通过焦耳定律公式$Q=I^2Rt$求解。已知两电热丝的电阻比、电流比及相同时间，将已知比例代入公式，约去相同的时间项，即可计算出热量之比。
【解析】
根据焦耳定律，电流通过导体产生的热量公式为$Q=I^2Rt$。
已知甲、乙两电热丝的电阻之比$R_甲:R_乙=2:3$，电流之比$I_甲:I_乙=3:1$，相同时间$t$内，热量之比：
$\frac{Q_甲}{Q_乙}=\frac{I_甲^2R_甲t}{I_乙^2R_乙t}=\frac{I_甲^2}{I_乙^2}×\frac{R_甲}{R_乙}$
代入数值计算：
$\frac{Q_甲}{Q_乙}=\frac{3^2}{1^2}×\frac{2}{3}=\frac{9}{1}×\frac{2}{3}=\frac{6}{1}$
即相同时间内产生的热量之比为$6:1$。
【答案】
B
【知识点】
焦耳定律、电热计算
【点评】
本题为基础公式应用类题目，核心是牢记电热公式$Q=I^2Rt$，代入比例时注意对应关系，计算过程细心即可得出正确结果。
【难度系数】
0.7
8. 新考法 小乐按图示连接电路，其中$R_1$、$R_2$、$R_3$是三段电阻丝（$R_1 ＜ R_2 = R_3$），他将三根相同的火柴a、b、c分别固定在三段电阻丝上，闭合开关后，火柴燃烧的先后顺序是（
A.a、b、c
B.c、a、b
C.a、c、b
D.c、b、a
D
）A.a、b、c
B.c、a、b
C.a、c、b
D.c、b、a
答案
8.D
解析
【分析】
要判断火柴燃烧的先后顺序，需比较三段电阻丝的发热功率：发热功率越大，相同时间内产生的热量越多，火柴越先燃烧。首先分析电路结构：闭合开关后，$R_1$与$R_2$串联，该串联支路与$R_3$并联，因此两支路两端电压均等于电源电压$U$。已知$R_1 ＜ R_2 = R_3$，设$R_2=R_3=R$，则$R_1＜R$，接下来分别计算三段电阻丝的功率并比较大小即可。
【解析】
1. 电路分析：闭合开关$S$后，$R_1$与$R_2$串联，再与$R_3$并联，两支路电压均为电源电压$U$。
2. 功率计算：
$R_3$的功率：$P_3=\frac{U^2}{R_3}=\frac{U^2}{R}$
$R_1$、$R_2$串联支路的总电阻$R_{串}=R_1+R$，支路电流$I=\frac{U}{R_1+R}$，则$R_2$的功率：$P_2=I^2R_2=\frac{U^2R}{(R_1+R)^2}$；$R_1$的功率：$P_1=I^2R_1=\frac{U^2R_1}{(R_1+R)^2}$
3. 功率比较：
比较$P_3$和$P_2$：$P_3-P_2=U^2(\frac{1}{R}-\frac{R}{(R_1+R)^2})=U^2·\frac{(R_1+R)^2-R^2}{R(R_1+R)^2}=U^2·\frac{R_1^2+2R_1R}{R(R_1+R)^2}＞0$，故$P_3＞P_2$
比较$P_2$和$P_1$：$P_2-P_1=U^2·\frac{R-R_1}{(R_1+R)^2}$，因$R＞R_1$，故$P_2-P_1＞0$，即$P_2＞P_1$
综上，功率大小：$P_3＞P_2＞P_1$，功率越大产热越多，火柴越先燃烧，故燃烧顺序为$c$、$b$、$a$。
【答案】
D
【知识点】
电功率计算、串并联电路特点
【点评】
本题结合实际应用考查电功率的比较，关键是正确分析电路结构，利用串并联电路的电压、电流规律推导各电阻的功率，通过功率大小判断产热多少，进而得出火柴燃烧顺序，需掌握电功率的相关公式及应用。
【难度系数】
0.4
要判断火柴燃烧的先后顺序，需比较三段电阻丝的发热功率：发热功率越大，相同时间内产生的热量越多，火柴越先燃烧。首先分析电路结构：闭合开关后，$R_1$与$R_2$串联，该串联支路与$R_3$并联，因此两支路两端电压均等于电源电压$U$。已知$R_1 ＜ R_2 = R_3$，设$R_2=R_3=R$，则$R_1＜R$，接下来分别计算三段电阻丝的功率并比较大小即可。
【解析】
1. 电路分析：闭合开关$S$后，$R_1$与$R_2$串联，再与$R_3$并联，两支路电压均为电源电压$U$。
2. 功率计算：
$R_3$的功率：$P_3=\frac{U^2}{R_3}=\frac{U^2}{R}$
$R_1$、$R_2$串联支路的总电阻$R_{串}=R_1+R$，支路电流$I=\frac{U}{R_1+R}$，则$R_2$的功率：$P_2=I^2R_2=\frac{U^2R}{(R_1+R)^2}$；$R_1$的功率：$P_1=I^2R_1=\frac{U^2R_1}{(R_1+R)^2}$
3. 功率比较：
比较$P_3$和$P_2$：$P_3-P_2=U^2(\frac{1}{R}-\frac{R}{(R_1+R)^2})=U^2·\frac{(R_1+R)^2-R^2}{R(R_1+R)^2}=U^2·\frac{R_1^2+2R_1R}{R(R_1+R)^2}＞0$，故$P_3＞P_2$
比较$P_2$和$P_1$：$P_2-P_1=U^2·\frac{R-R_1}{(R_1+R)^2}$，因$R＞R_1$，故$P_2-P_1＞0$，即$P_2＞P_1$
综上，功率大小：$P_3＞P_2＞P_1$，功率越大产热越多，火柴越先燃烧，故燃烧顺序为$c$、$b$、$a$。
【答案】
D
【知识点】
电功率计算、串并联电路特点
【点评】
本题结合实际应用考查电功率的比较，关键是正确分析电路结构，利用串并联电路的电压、电流规律推导各电阻的功率，通过功率大小判断产热多少，进而得出火柴燃烧顺序，需掌握电功率的相关公式及应用。
【难度系数】
0.4
9. 新情境 [2026合肥模拟改编] 图甲是一款新型取暖器件——电热膜，它由一条条导电墨线压在绝缘薄膜上制成，其结构如图乙所示。电热膜是利用电流的
热
效应工作的。已知电热膜的电阻为 550 Ω，电热膜正常工作1 min产生的热量为 5 280
J。若想减小其产生的热量，应将电热膜的电阻换成阻值更 大
的发热电阻。答案
9.热；5 280；大
解析
【分析】
要解决这道题，首先明确电热膜的工作原理：电流通过导体时产生热量，即电流的热效应，电热膜利用该效应工作；其次计算产生的热量，需利用纯电阻电路的电热公式；最后根据电热公式分析电阻对热量的影响，电压和时间一定时，电阻越大，热量越少。
【解析】
1. 电热膜工作时将电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的。
2. 电热膜为纯电阻电路，产生的热量等于消耗的电能，根据公式 $ Q = W = \frac{U^2 t}{R} $，已知 $ U=220\ \mathrm{V} $，$ R=550\ \Omega $，$ t=1\ \mathrm{min}=60\ \mathrm{s} $，代入得：
$ Q = \frac{(220\ \mathrm{V})^2 × 60\ \mathrm{s}}{550\ \Omega} = \frac{48400 × 60}{550} = 5280\ \mathrm{J} $。
3. 由 $ Q = \frac{U^2 t}{R} $ 可知，当电源电压 $ U $ 和时间 $ t $ 一定时，电阻 $ R $ 越大，产生的热量 $ Q $ 越小，因此要减小产生的热量，应将电热膜的电阻换成阻值更大的发热电阻。
【答案】
热；5280；大
【知识点】
电流的热效应、电热计算、焦耳定律
【点评】
本题结合新型取暖器件考查电热相关知识，属于基础题，需掌握纯电阻电路的电热计算方法，理解电热与电阻的关系，难度不大。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，首先明确电热膜的工作原理：电流通过导体时产生热量，即电流的热效应，电热膜利用该效应工作；其次计算产生的热量，需利用纯电阻电路的电热公式；最后根据电热公式分析电阻对热量的影响，电压和时间一定时，电阻越大，热量越少。
【解析】
1. 电热膜工作时将电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的。
2. 电热膜为纯电阻电路，产生的热量等于消耗的电能，根据公式 $ Q = W = \frac{U^2 t}{R} $，已知 $ U=220\ \mathrm{V} $，$ R=550\ \Omega $，$ t=1\ \mathrm{min}=60\ \mathrm{s} $，代入得：
$ Q = \frac{(220\ \mathrm{V})^2 × 60\ \mathrm{s}}{550\ \Omega} = \frac{48400 × 60}{550} = 5280\ \mathrm{J} $。
3. 由 $ Q = \frac{U^2 t}{R} $ 可知，当电源电压 $ U $ 和时间 $ t $ 一定时，电阻 $ R $ 越大，产生的热量 $ Q $ 越小，因此要减小产生的热量，应将电热膜的电阻换成阻值更大的发热电阻。
【答案】
热；5280；大
【知识点】
电流的热效应、电热计算、焦耳定律
【点评】
本题结合新型取暖器件考查电热相关知识，属于基础题，需掌握纯电阻电路的电热计算方法，理解电热与电阻的关系，难度不大。
【难度系数】
0.6
10. [2026安庆模拟]如图所示的是一种造型可爱的小电风扇，其主要部件就是电动机，其额定电压为3 V，正常工作时通过电动机线圈的电流为0.5 A，线圈的电阻是1 Ω，这台电风扇的电动机每分钟消耗的电能是
90
J，线圈产生的热量是15
J。答案
10.90；15
解析
【分析】
要解决这道题，需明确电动机消耗的电能是总电能，需用通用电功公式计算；而线圈产生的热量是电流的热效应，需用焦耳定律计算。首先确定已知量：额定电压$U=3V$，工作电流$I=0.5A$，时间$t=1$分钟$=60s$，线圈电阻$R=1Ω$，分别代入对应公式即可求解。
【解析】
1. 计算电动机每分钟消耗的电能：
电动机消耗的总电能用公式$W=UIt$计算，代入数据：
$W=3V×0.5A×60s=90J$。
2. 计算线圈产生的热量：
线圈产生的热量用焦耳定律公式$Q=I²Rt$计算，代入数据：
$Q=(0.5A)²×1Ω×60s=0.25×60=15J$。
【答案】
90；15
【知识点】
电功计算、焦耳定律
【点评】
本题考查非纯电阻电路中电功与电热的计算，核心是区分总电能和电热的计算方法，电功用$W=UIt$，电热用$Q=I²Rt$，需注意时间单位的换算。
【难度系数】
0.5
要解决这道题，需明确电动机消耗的电能是总电能，需用通用电功公式计算；而线圈产生的热量是电流的热效应，需用焦耳定律计算。首先确定已知量：额定电压$U=3V$，工作电流$I=0.5A$，时间$t=1$分钟$=60s$，线圈电阻$R=1Ω$，分别代入对应公式即可求解。
【解析】
1. 计算电动机每分钟消耗的电能：
电动机消耗的总电能用公式$W=UIt$计算，代入数据：
$W=3V×0.5A×60s=90J$。
2. 计算线圈产生的热量：
线圈产生的热量用焦耳定律公式$Q=I²Rt$计算，代入数据：
$Q=(0.5A)²×1Ω×60s=0.25×60=15J$。
【答案】
90；15
【知识点】
电功计算、焦耳定律
【点评】
本题考查非纯电阻电路中电功与电热的计算，核心是区分总电能和电热的计算方法，电功用$W=UIt$，电热用$Q=I²Rt$，需注意时间单位的换算。
【难度系数】
0.5
11. [2026池州期中]如图所示的是某家用电炖锅的简化电路图。电源电压为220 V，$R_1$和$R_2$均为加热电阻。当开关S接1时为加热状态，功率为880 W；开关S接2时为保温状态，功率为220 W。
(1)电阻$R_1$的阻值是多少？
(2)电炖锅在保温状态下工作10 min，电阻$R_2$产生的热量是多少？
(1)电阻$R_1$的阻值是多少？
(2)电炖锅在保温状态下工作10 min，电阻$R_2$产生的热量是多少？
答案
11.解：(1)当开关S接1时为加热状态，此时电路中只有电阻$R_1$工作，由$P=\frac{U^2}{R}$得，电阻$R_1$的阻值$R_1=\frac{U^2}{P_{加热}}=\frac{(220\ \mathrm{V})^2}{880\ \mathrm{W}}=55\ \Omega$。
(2)开关S接2时为保温状态，此时电阻$R_1$与电阻$R_2$串联，电路中的电流$I=\frac{P_{保温}}{U}=\frac{220\ \mathrm{W}}{220\ \mathrm{V}}=1\ \mathrm{A}$，由欧姆定律得，电路的总电阻$R=\frac{U}{I}=\frac{220\ \mathrm{V}}{1\ \mathrm{A}}=220\ \Omega$，电阻$R_2$的阻值$R_2=R-R_1=220\ \Omega-55\ \Omega=165\ \Omega$，电炖锅保温状态下工作10 min，电阻$R_2$产生的热量$Q=I^2R_2t=(1\ \mathrm{A})^2×165\ \Omega×10×60\ \mathrm{s}=9.9×10^4\ \mathrm{J}$。
(2)开关S接2时为保温状态，此时电阻$R_1$与电阻$R_2$串联，电路中的电流$I=\frac{P_{保温}}{U}=\frac{220\ \mathrm{W}}{220\ \mathrm{V}}=1\ \mathrm{A}$，由欧姆定律得，电路的总电阻$R=\frac{U}{I}=\frac{220\ \mathrm{V}}{1\ \mathrm{A}}=220\ \Omega$，电阻$R_2$的阻值$R_2=R-R_1=220\ \Omega-55\ \Omega=165\ \Omega$，电炖锅保温状态下工作10 min，电阻$R_2$产生的热量$Q=I^2R_2t=(1\ \mathrm{A})^2×165\ \Omega×10×60\ \mathrm{s}=9.9×10^4\ \mathrm{J}$。
解析
【分析】
首先明确开关S接不同触点时的电路结构：当开关S接1时，电路为$R_1$的简单电路，对应加热状态；当开关S接2时，$R_1$与$R_2$串联，对应保温状态。解题时，先利用加热状态的功率和电源电压，结合电功率公式求出$R_1$的阻值；再利用保温状态的功率和电源电压求出电路电流，结合欧姆定律算出总电阻，进而得到$R_2$的阻值，最后根据焦耳定律计算保温状态下$R_2$产生的热量。
【解析】
(1) 当开关S接1时，电路为$R_1$的简单电路，处于加热状态。由电功率公式$P=\frac{U^2}{R}$可得，电阻$R_1$的阻值：
$R_1=\frac{U^2}{P_{加热}}=\frac{(220\ \mathrm{V})^2}{880\ \mathrm{W}}=55\ \Omega$。
(2) 当开关S接2时，$R_1$与$R_2$串联，处于保温状态。电路中的电流：
$I=\frac{P_{保温}}{U}=\frac{220\ \mathrm{W}}{220\ \mathrm{V}}=1\ \mathrm{A}$；
电路的总电阻：
$R=\frac{U}{I}=\frac{220\ \mathrm{V}}{1\ \mathrm{A}}=220\ \Omega$；
则电阻$R_2$的阻值：
$R_2=R-R_1=220\ \Omega-55\ \Omega=165\ \Omega$；
保温状态下工作时间$t=10\ \mathrm{min}=600\ \mathrm{s}$，电阻$R_2$产生的热量：
$Q=I^2R_2t=(1\ \mathrm{A})^2×165\ \Omega×600\ \mathrm{s}=9.9×10^4\ \mathrm{J}$。
【答案】
(1) $R_1$的阻值为$55\ \Omega$；(2) 电阻$R_2$产生的热量为$9.9×10^4\ \mathrm{J}$。
【知识点】
电功率计算、欧姆定律、焦耳定律
【点评】
本题结合电炖锅的开关状态，考查了电学公式的综合应用，关键是正确判断不同开关状态下的电路连接方式，属于基础的电学综合计算题，注重对公式应用和电路分析能力的考查。
【难度系数】
0.5
首先明确开关S接不同触点时的电路结构：当开关S接1时，电路为$R_1$的简单电路，对应加热状态；当开关S接2时，$R_1$与$R_2$串联，对应保温状态。解题时，先利用加热状态的功率和电源电压，结合电功率公式求出$R_1$的阻值；再利用保温状态的功率和电源电压求出电路电流，结合欧姆定律算出总电阻，进而得到$R_2$的阻值，最后根据焦耳定律计算保温状态下$R_2$产生的热量。
【解析】
(1) 当开关S接1时，电路为$R_1$的简单电路，处于加热状态。由电功率公式$P=\frac{U^2}{R}$可得，电阻$R_1$的阻值：
$R_1=\frac{U^2}{P_{加热}}=\frac{(220\ \mathrm{V})^2}{880\ \mathrm{W}}=55\ \Omega$。
(2) 当开关S接2时，$R_1$与$R_2$串联，处于保温状态。电路中的电流：
$I=\frac{P_{保温}}{U}=\frac{220\ \mathrm{W}}{220\ \mathrm{V}}=1\ \mathrm{A}$；
电路的总电阻：
$R=\frac{U}{I}=\frac{220\ \mathrm{V}}{1\ \mathrm{A}}=220\ \Omega$；
则电阻$R_2$的阻值：
$R_2=R-R_1=220\ \Omega-55\ \Omega=165\ \Omega$；
保温状态下工作时间$t=10\ \mathrm{min}=600\ \mathrm{s}$，电阻$R_2$产生的热量：
$Q=I^2R_2t=(1\ \mathrm{A})^2×165\ \Omega×600\ \mathrm{s}=9.9×10^4\ \mathrm{J}$。
【答案】
(1) $R_1$的阻值为$55\ \Omega$；(2) 电阻$R_2$产生的热量为$9.9×10^4\ \mathrm{J}$。
【知识点】
电功率计算、欧姆定律、焦耳定律
【点评】
本题结合电炖锅的开关状态，考查了电学公式的综合应用，关键是正确判断不同开关状态下的电路连接方式，属于基础的电学综合计算题，注重对公式应用和电路分析能力的考查。
【难度系数】
0.5
12. 科学推理 学校师生自制了一台电烘箱，测试时让箱内电阻丝工作一段时间后，发现箱内温度低于设计温度。为了达到设计要求，在不改变其他条件的情况下，应将箱内电阻丝换成长一些的还是短一些的？
短
（填“长”或“短”），理由是要提高箱内温度，必须使电阻丝产生的热量增多，由$Q=I^2Rt=\frac{U^2}{R}t$可知，当电源电压和通电时间不变时，应减小电阻丝的电阻，故应将箱内电阻丝换成短一些的
。答案
12.短；要提高箱内温度，必须使电阻丝产生的热量增多，由$Q=I^2Rt=\frac{U^2}{R}t$可知，当电源电压和通电时间不变时，应减小电阻丝的电阻，故应将箱内电阻丝换成短一些的
解析
【分析】
首先明确电烘箱利用电流热效应工作，箱内温度低说明相同时间内电阻丝产生的热量不足。由于电烘箱接在家庭电路中，电源电压U为定值，题目要求不改变其他条件即通电时间t不变。要增大产生的热量Q，需结合焦耳定律分析：当U和t不变时，Q与电阻R成反比，因此需要减小电阻丝的电阻。而电阻丝的电阻在材料、横截面积不变时，长度越短电阻越小，故应换短一些的电阻丝。
【解析】
电烘箱的工作原理是电流的热效应，箱内温度低于设计温度，说明相同时间内电阻丝产生的热量过少。根据焦耳定律公式，电烘箱的电源电压U为定值（家庭电路电压），且题目要求不改变其他条件，即通电时间t不变。由公式$Q=\frac{U^2}{R}t$可知，当U和t一定时，电阻R越小，相同时间内产生的热量Q越多。要减小电阻丝的电阻，在电阻丝的材料、横截面积不变的情况下，长度越短电阻越小，因此应将电阻丝换成长短更短的（即短一些的）。
【答案】
短；要提高箱内温度，必须使电阻丝产生的热量增多，由$Q=I^2Rt=\frac{U^2}{R}t$可知，当电源电压和通电时间不变时，应减小电阻丝的电阻，故应将箱内电阻丝换成短一些的
【知识点】
焦耳定律；影响电阻大小的因素
【点评】
本题结合电烘箱的实际应用，考查焦耳定律和电阻影响因素的综合运用，属于基础应用型题目，需要学生掌握根据实际条件选择合适焦耳定律公式的方法，难度适中。
【难度系数】
0.6
首先明确电烘箱利用电流热效应工作，箱内温度低说明相同时间内电阻丝产生的热量不足。由于电烘箱接在家庭电路中，电源电压U为定值，题目要求不改变其他条件即通电时间t不变。要增大产生的热量Q，需结合焦耳定律分析：当U和t不变时，Q与电阻R成反比，因此需要减小电阻丝的电阻。而电阻丝的电阻在材料、横截面积不变时，长度越短电阻越小，故应换短一些的电阻丝。
【解析】
电烘箱的工作原理是电流的热效应，箱内温度低于设计温度，说明相同时间内电阻丝产生的热量过少。根据焦耳定律公式，电烘箱的电源电压U为定值（家庭电路电压），且题目要求不改变其他条件，即通电时间t不变。由公式$Q=\frac{U^2}{R}t$可知，当U和t一定时，电阻R越小，相同时间内产生的热量Q越多。要减小电阻丝的电阻，在电阻丝的材料、横截面积不变的情况下，长度越短电阻越小，因此应将电阻丝换成长短更短的（即短一些的）。
【答案】
短；要提高箱内温度，必须使电阻丝产生的热量增多，由$Q=I^2Rt=\frac{U^2}{R}t$可知，当电源电压和通电时间不变时，应减小电阻丝的电阻，故应将箱内电阻丝换成短一些的
【知识点】
焦耳定律；影响电阻大小的因素
【点评】
本题结合电烘箱的实际应用，考查焦耳定律和电阻影响因素的综合运用，属于基础应用型题目，需要学生掌握根据实际条件选择合适焦耳定律公式的方法，难度适中。
【难度系数】
0.6
