1.(2026鄂州校级模拟)生产生活中,我们常利用水的比热容大这一性质。下列事例中与这一性质无关的是 ()

A.冬天用热水袋取暖
B.用循环水冷却汽车发动机
C.沿海地区的气温变化小
D.在发烧病人的额头上擦冷水降温

1. D

【分析】首先明确水的比热容大的特性：相同质量的水与其他物质相比，吸收或放出相同热量时，温度变化较小；升高或降低相同温度时，吸收或放出的热量较多。接下来逐一分析选项：A选项利用水比热容大放出热量多的特点取暖，B选项利用水比热容大吸收热量多冷却发动机，C选项利用水比热容大温度变化小使沿海气温稳定，这三个都与水的比热容大有关；D选项擦冷水降温是利用水蒸发吸热，与比热容无关，因此选D。
【解析】逐一分析各选项：
A. 冬天用热水袋取暖：水的比热容大，相同质量的水降低相同温度时能放出更多热量，取暖效果好，利用了水比热容大的性质，不符合题意；
B. 用循环水冷却汽车发动机：水的比热容大，相同质量的水升高相同温度时能吸收更多热量，冷却效果好，利用了水比热容大的性质，不符合题意；
C. 沿海地区气温变化小：水的比热容比砂石大，相同质量的水和砂石吸收/放出相同热量时，水的温度变化更小，使沿海气温稳定，利用了水比热容大的性质，不符合题意；
D. 发烧病人额头上擦冷水降温：利用水蒸发吸热的原理，与水的比热容大无关，符合题意。
【答案】D
【知识点】比热容的特性、蒸发吸热
【点评】本题考查比热容特性的实际应用，需区分比热容相关热现象与蒸发吸热热现象，难度适中，易错点是混淆蒸发吸热与比热容应用的原理。
【难度系数】0.6

2. 关于比热容，下列说法正确的是 ()

A.物体的比热容跟物体吸收或放出的热量有关，吸收的热量越多，比热容越大
B.物体的比热容跟物体的升高的温度有关，升高的温度越小，比热容越大
C.物体的质量越大，它的比热容就越大
D.比热容是物质的一种特性，与质量、升高的温度等无关

2. D

【分析】
本题考查比热容的特性，需明确比热容是物质的固有属性，与质量、温度变化、吸放热多少无关。解题时先回忆比热容的定义，再逐一分析选项，判断每个选项是否符合比热容的特性即可。
【解析】
比热容是物质的一种特性，仅由物质的种类和状态决定，与物体的质量、升高（或降低）的温度、吸收（或放出）的热量均无关。
选项A：比热容与物体吸收或放出的热量无关，A错误；
选项B：比热容与物体升高的温度无关，B错误；
选项C：比热容与物体的质量无关，C错误；
选项D：符合比热容的特性，D正确。
【答案】
D
【知识点】
比热容的概念、比热容的特性
【点评】
本题为热学基础概念题，核心是理解比热容的特性，需区分“物质特性”与“可变量”的关系，属于易掌握的基础题，只要牢记特性即可准确判断。
【难度系数】
0.5

3.用相同热源分别加热相同容器中等质量的甲、乙两种液体，液体温度随加热时间变化的图像如图所示，则甲、乙两种液体的比热容$ c_甲、c_乙 $的大小关系是（）


A.$ c_甲 = c_乙 $
B.$ c_甲 ＞ c_乙 $
C.$ c_甲 ＜ c_乙 $
D.无法判断

3. A

【分析】
要比较甲、乙两种液体的比热容，需依据比热容公式$ Q = cm\Delta t $分析。题目中用相同热源加热，相同时间内甲、乙吸收的热量$ Q $相等，且两种液体质量$ m $相同。观察图像可知，甲、乙的温度随时间变化的图线平行，说明相同加热时间内，两者升高的温度$ \Delta t $相等。根据公式，当$ Q $和$ m $相同时，$ c $与$ \Delta t $相关，这里$ \Delta t $相同，故比热容相等。
【解析】
用相同热源加热，相同时间内甲、乙吸收的热量$ Q_{甲}=Q_{乙} $；两种液体质量$ m_{甲}=m_{乙} $。由图像可知，甲、乙的温度随时间变化的图线平行，因此相同加热时间内，甲升高的温度$ \Delta t_{甲} $等于乙升高的温度$ \Delta t_{乙} $，即$ \Delta t_{甲}=\Delta t_{乙} $。根据比热容公式$ Q = cm\Delta t $，变形得$ c = \frac{Q}{m\Delta t} $，代入已知条件，$ Q $、$ m $、$ \Delta t $均相等，所以$ c_{甲}=c_{乙} $。
【答案】
A
【知识点】
比热容、热量计算
【点评】
本题结合温度-时间图像考查比热容的应用，核心是理解相同热源加热时相同时间吸收热量相同，通过图像判断温度变化量的关系，再利用公式推导比热容大小，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.5

4. 易错题 已知水的比热容为$4.2×10^{3}\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$，在1个标准大气压下，质量为1 kg、初温为$20\ °\mathrm{C}$的水吸收了$3.78×10^{5}\ \mathrm{J}$的热量后，其温度升高了（）

A.$110\ °\mathrm{C}$
B.$100\ °\mathrm{C}$
C.$80\ °\mathrm{C}$
D.条件不足，无法计算

4. C

【分析】
要解决这道题，需分两步思考：第一步，根据热量计算公式计算水理论上能升高的温度；第二步，结合1标准大气压下水的沸点特点，判断水实际能升高的温度，避免忽略沸点限制导致错解。
【解析】
根据热量计算公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，变形可得水理论升高的温度：
$\Delta t=\frac{Q_{吸}}{cm}=\frac{3.78×10^5\ \mathrm{J}}{4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·°C)}×1\ \mathrm{kg}}=90\ \mathrm{°C}$
水的初温为$20\ \mathrm{°C}$，若按理论计算末温为$20\ \mathrm{°C}+90\ \mathrm{°C}=110\ \mathrm{°C}$，但在1个标准大气压下，水的沸点为$100\ \mathrm{°C}$，水沸腾时温度保持不变，无法继续升温，因此水实际能升高的温度为$100\ \mathrm{°C}-20\ \mathrm{°C}=80\ \mathrm{°C}$，故答案选C。
【答案】
C
【知识点】
热量的计算、沸点与气压的关系
【点评】
本题为易错题，核心陷阱是忽略1标准大气压下水的沸点限制，直接用吸热公式计算的理论升温值作为答案，导致错选。解题时需结合实际情况，明确水沸腾时温度不变的特点。
【难度系数】
0.5

5.（2026济宁兖州区期末）如图所示是同一纬度海拔相近的沿海城市甲和内陆城市乙的年平均气温的变化曲线。下列说法正确的是 （）


A.海水的比热容为$4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$，表示海水温度每升高$1°\mathrm{C}$，吸收$4.2×10^3\ \mathrm{J}$的热量
B.A曲线温差更大，说明其代表的城市吸收了更多热量
C.根据水的比热容比砂石的比热容大的特点，可判断A曲线代表内陆城市
D.夏日的深夜，沿海城市的风一般是由海洋吹向陆地

5. C

【分析】
要解决这道题，需结合水与砂石的比热容差异分析沿海和内陆的气温变化特点：水的比热容比砂石大，相同质量的水和砂石吸收/放出相同热量时，水的温度变化更小，因此沿海城市（多水）气温年较差小，内陆城市（多砂石）气温年较差大。再逐一分析选项，判断正误。
【解析】
1. 分析比热容概念：比热容的定义是单位质量的某种物质，温度升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量。选项A未明确“单位质量”，表述错误；
2. 分析气温曲线：A曲线温差更大，是因为砂石比热容小，温度变化明显，并非吸收更多热量，选项B错误；
3. 结合比热容特点：水的比热容比砂石大，沿海城市气温年较差小，内陆城市年较差大，A曲线温差大，代表内陆城市，选项C正确；
4. 分析海陆风：深夜时，陆地降温快，气温低，气压高；海洋降温慢，气温高，气压低，风从高压（陆地）吹向低压（海洋），即深夜风由陆地吹向海洋，选项D错误。
【答案】
C
【知识点】
比热容，水的比热容特点，比热容应用
【点评】
本题结合气温变化图像考查比热容的实际应用，需理解比热容对气温变化的影响，以及海陆风的形成原理，是比热容知识点的典型应用题目，难度适中。
【难度系数】
0.6

6.(2026济南校级期末)将凉的奶制品放入盛有热水的保温桶中,经过一段时间,它们的温度随时间的变化如图所示,这是通过的方式改变奶制品的内能;若奶制品与热水的质量均为1 kg,则甲在这个过程中所放出的热量是J;若水放出的热量全部被奶制品吸收,则乙的比热容为J/(kg·℃)。
[$c_{\mathrm{水}}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$]

6. 热传递 $8.4×10^4$ $2.1×10^3$

【分析】
要解决本题，需分三步思考：首先，根据改变内能的两种方式，结合热水和奶制品的温度变化判断改变内能的方式；其次，从温度-时间图像中提取甲（热水）的初温、末温，利用放热公式计算甲放出的热量；最后，根据热平衡关系（水放出的热量全部被奶制品吸收），结合乙（奶制品）的初温、末温，利用吸热公式计算乙的比热容。
【解析】
1. 判断改变内能的方式：
将凉的奶制品放入热水中，热量从高温的热水转移到低温的奶制品，能量发生转移，属于热传递改变内能。
2. 计算甲（热水）放出的热量：
由图像可知，甲（水）的初温$t_{0甲}=80°\mathrm{C}$，末温$t_{甲}=60°\mathrm{C}$，温度变化$\Delta t_{甲}=t_{0甲}-t_{甲}=80°\mathrm{C}-60°\mathrm{C}=20°\mathrm{C}$；已知水的质量$m=1\ \mathrm{kg}$，比热容$c_{水}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·℃})$，根据放热公式：
$Q_{放}=c_{水}m\Delta t_{甲}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·℃})×1\ \mathrm{kg}×20°\mathrm{C}=8.4×10^4\ \mathrm{J}$。
3. 计算乙（奶制品）的比热容：
若水放出的热量全部被奶制品吸收，则$Q_{吸}=Q_{放}=8.4×10^4\ \mathrm{J}$；由图像可知，乙的初温$t_{0乙}=20°\mathrm{C}$，末温$t_{乙}=60°\mathrm{C}$，温度变化$\Delta t_{乙}=t_{乙}-t_{0乙}=60°\mathrm{C}-20°\mathrm{C}=40°\mathrm{C}$，质量$m=1\ \mathrm{kg}$；根据吸热公式$Q_{吸}=c_{乙}m\Delta t_{乙}$，变形得：
$c_{乙}=\frac{Q_{吸}}{m\Delta t_{乙}}=\frac{8.4×10^4\ \mathrm{J}}{1\ \mathrm{kg}×40°\mathrm{C}}=2.1×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·℃})$。
【答案】
热传递；$8.4×10^4$；$2.1×10^3$
【知识点】
热传递改变内能；热量计算；比热容
【点评】
本题结合温度-时间图像，考查热传递的概念、热量与比热容的计算，核心是从图像中准确提取初温和末温，利用热平衡关系解题，属于基础应用题型，难度适中。
【难度系数】
0.6

7.(2026济南历城区模拟)妈妈在家炸藕盒，小明在旁边帮忙。他先向锅内倒入1 kg、初温20 ℃花生油，然后点火加热，等油温升高至170 ℃时妈妈将夹着肉馅、裹有面糊的藕盒放入锅中，炸制片刻后美味的藕盒便出锅了。花生油的比热容约为$2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$，则从点火加热到藕盒入锅炸制前，锅里的油吸收了多少热量？

$3×10^5\ \mathrm{J}$
解析:从点火加热到藕盒入锅炸制前,锅里的油吸收的热量
$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t=2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})×1\ \mathrm{kg}×(170\ °\mathrm{C}-20\ °\mathrm{C})=3×10^5\ \mathrm{J}$。

【分析】要计算油吸收的热量，需利用热量计算公式$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$，先确定公式中各物理量：已知花生油的比热容、质量，以及初温和末温，先算出温度变化量$\Delta t$，再代入公式计算即可。
【解析】根据热量计算公式，物体吸收的热量公式为$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$，其中$c$为物质的比热容，$m$为物质的质量，$\Delta t$为温度的变化量（末温与初温的差值）。
已知：花生油的比热容$c=2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$，质量$m=1\ \mathrm{kg}$，初温$t_0=20\ \mathrm{°C}$，末温$t=170\ \mathrm{°C}$，则温度变化量$\Delta t = t - t_0 = 170\ \mathrm{°C} - 20\ \mathrm{°C} = 150\ \mathrm{°C}$。
将各量代入公式得：
$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t = 2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C}) × 1\ \mathrm{kg} × 150\ \mathrm{°C} = 3×10^5\ \mathrm{J}$。
【答案】$3×10^5\ \mathrm{J}$
【知识点】热量计算、比热容应用
【点评】本题考查热量计算公式的应用，属于基础题型，解题关键是准确确定温度变化量，代入公式计算即可，难度较低。
【难度系数】0.7