1. (2025山东中考省卷)某商家销售的移动电源相当于大型“充电宝”，其铭牌如图所示.顾客咨询:“该移动电源可以供2.5 kW的用电器正常工作吗?”客服回复:“没问题,这是3 kW·h的,3 kW的用电器都可以正常使用.”该客服 ()


A.说法正确
B.混淆了电功率和电能
C.混淆了电功率和电流
D.混淆了电功率和电压

B 【解析】移动电源铭牌上的“3 kW·h”是电能的单位,表示其储存的电能多少;而客服说“3 kW的用电器都可以正常使用”,这里的“3 kW”是电功率的单位,该移动电源的最大输出功率P=UI=220 V×10 A=2 200 W=2.2 kW,即该移动电源最大能支持2.2 kW的用电器正常工作,而不是客服所说的“3 kW”的用电器都可以正常使用,客服混淆了电能(kW·h)和电功率(kW)的概念,B正确.故选B.

【分析】
要判断客服说法是否正确，需先明确移动电源铭牌上不同单位对应的物理量：kW·h是电能的单位，代表移动电源储存的电能；kW是电功率的单位，代表用电器的功率。客服将这两个不同物理量的概念混淆了，我们需要计算移动电源的最大输出功率，再对比客服的表述，判断其对错。
【解析】
1. 明确物理量单位的意义：移动电源铭牌中的“3 kW·h”是电能的单位，指该移动电源储存的电能总量；客服所说的“3 kW”是电功率的单位，是描述用电器功率的物理量，二者是不同的物理概念。
2. 计算移动电源的最大输出功率：根据电功率公式 $ P = UI $，已知输出电压 $ U = 220\ \mathrm{V} $，最大输出电流 $ I = 10\ \mathrm{A} $，则最大输出功率 $ P = 220\ \mathrm{V} × 10\ \mathrm{A} = 2200\ \mathrm{W} = 2.2\ \mathrm{kW} $。
3. 判断客服说法：该移动电源最多只能支持功率不超过2.2 kW的用电器正常工作，客服将电能（kW·h）和电功率（kW）的概念混淆，因此说法错误。
【答案】
B
【知识点】
电能与电功率的概念
【点评】
本题考查电能和电功率的区分，核心是明确不同单位对应的物理量，属于基础概念辨析题，需准确理解铭牌参数的物理意义，难度不大。
【难度系数】
0.6

2. 如图所示,闭合开关S,两灯泡均正常发光,则两灯泡一定具有相同的 ()

A.电流
B.额定电压
C.额定功率
D.电阻

B

【分析】首先判断电路连接方式：由图可知，闭合开关S后，两灯泡为并联连接。并联电路的核心特点是各支路两端电压相等，等于电源电压。用电器正常发光的条件是其两端实际电压等于自身的额定电压，因此两灯正常发光时，它们的额定电压都等于并联电路的电源电压，故两灯额定电压一定相同。再逐一分析选项：A选项，并联电路中，若两灯电阻不同，根据欧姆定律I=U/R，电压相同则电流不同，所以电流不一定相同；C选项，额定功率公式为P=U²/R，额定电压相同但电阻未知，额定功率不一定相同；D选项，两灯电阻可以不同，只要额定电压匹配电源电压即可正常发光，故电阻不一定相同。因此正确选项为B。
【解析】
1. 确定电路连接：闭合开关S后，两灯泡并联，根据并联电路的电压特点，各支路两端电压相等，即两灯的电压均等于电源电压，记为U。
2. 明确正常发光的条件：用电器正常工作时，其两端的实际电压等于自身的额定电压，因此两灯正常发光时，它们的额定电压都等于实际电压U，故两灯的额定电压一定相同。
3. 分析其余选项：
A选项：并联电路中，电流I=U/R，若两灯电阻R不同，则电流I不同，电流不一定相同；
C选项：额定功率P=U²/R，额定电压U相同，但电阻R未知，因此额定功率不一定相同；
D选项：两灯电阻可以不同，只要额定电压等于电源电压，就能正常发光，故电阻不一定相同。
综上，答案为B。
【答案】
B
【知识点】
并联电路电压特点，额定电压
【点评】
本题结合并联电路的电压规律和用电器正常工作的条件，考查对额定电压的理解，属于基础题型，需掌握并联电路的电压特点及额定电压的概念。
【难度系数】
0.6

3. (2025 广东佛山外国语阶段练)如图所示,把灯$\mathrm{L}_1$“6 V 6 W”和灯$\mathrm{L}_2$“6 V 4 W”串联在6 V的电源上,闭合开关,两盏灯都比正常发光时暗,这是因为每盏灯的 ()

A.额定电压变小
B.额定功率变小
C.实际功率小于额定功率
D.额定电压小于实际电压

C 【解析】额定电压是用电器正常工作时的电压,额定功率是用电器在额定电压下的功率.一个用电器只有一个额定电压,一个额定功率;无论用电器是否正常工作,额定电压和额定功率都不变,A、B错误;结合串联电路的电压规律可知,两灯均达不到额定电压,故功率达不到额定功率,实际功率小,所以灯变暗,C正确;由于串联电路具有分压作用,故两盏灯的实际电压都小于额定电压,而不是额定电压小于实际电压,D错误.故选C.

【分析】首先明确额定电压、额定功率是用电器的固有属性，不会随工作状态改变；该电路为两灯串联，电源电压为6V，根据串联电路分压规律，两灯的实际电压均小于额定电压6V；灯泡亮度由实际功率决定，实际功率小于额定功率时，灯泡会比正常发光暗，据此分析各选项。
【解析】1. 额定电压和额定功率的特性：额定电压是用电器正常工作时的电压，额定功率是用电器在额定电压下的功率，一个用电器的额定电压和额定功率是固定不变的，因此A选项“额定电压变小”、B选项“额定功率变小”均错误。2. 串联电路的电压特点：两灯串联在6V电源上，根据串联电路总电压等于各部分电压之和，可知每盏灯的实际电压都小于额定电压6V，故D选项“额定电压小于实际电压”错误（实际是实际电压小于额定电压）。3. 灯泡亮度的决定因素：灯泡的亮度由实际功率决定，当实际电压小于额定电压时，实际功率小于额定功率，所以两灯都比正常发光时暗，因此C选项正确。
【答案】C
【知识点】额定功率、实际功率、串联电路电压规律
【点评】本题考查额定与实际的概念区别，以及串联电路分压特点，需明确灯泡亮度由实际功率决定，属于基础概念应用类题目。
【难度系数】0.6

1. (教材正文改编)电暖器通电一段时间后电热丝热得发红,而导线却不怎么热的主要原因是 ()

A.导线的通电时间比电热丝短
B.通过导线的电流比电热丝小
C.导线两端的电压比电热丝大
D.导线的电阻比电热丝电阻小

D

【分析】首先明确电暖器的电热丝与导线是串联的，因此通过两者的电流相等，通电时间也相同。结合焦耳定律$Q=I^2Rt$，电流产生的热量与电阻成正比（当电流$I$、通电时间$t$一定时），逐一分析选项即可得出答案。
【解析】电暖器的电热丝和导线串联，根据串联电路的特点：①电流处处相等，因此通过导线和电热丝的电流$I$相同；②通电时间$t$相同。根据焦耳定律$Q=I^2Rt$，电流产生的热量$Q$与电阻$R$成正比（$I$、$t$一定时）。对各选项分析：
A选项：导线与电热丝串联，通电时间相同，A错误；
B选项：串联电路电流处处相等，通过两者电流相同，B错误；
C选项：由$U=IR$，$I$相同，导线电阻远小于电热丝电阻，因此导线两端电压更小，C错误；
D选项：电热丝电阻远大于导线电阻，根据$Q=I^2Rt$，$I$、$t$相同，导线电阻小，产生热量少，因此导线不怎么热，电热丝热得发红，D正确。
【答案】D
【知识点】焦耳定律、串联电路的电流特点
【点评】本题考查焦耳定律在生活中的实际应用，核心是利用串联电路的电流特点和焦耳定律分析热量与电阻的关系，属于基础题型，需掌握相关公式和电路特点。
【难度系数】0.6

2. 如图所示，在探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关时，向两个相同的烧瓶中装入质量相等的煤油，并分别放入电阻为$ R_1 $、$ R_2 $的电阻丝，其中$ R_1 ＞ R_2 $，闭合开关，保持滑片不动，电源电压恒定，则（）


A.烧瓶内选用煤油作为介质是因为煤油的热值大
B.此时可以探究电流产生的热量与电流的关系
C.闭合开关一段时间后放有电阻为$ R_1 $的电阻丝的烧瓶中温度计示数变化量更大
D.此时不能探究电流产生的热量与通电时间的关系

C

【分析】首先明确电路中$R_1$与$R_2$串联，因此通过两电阻的电流$I$相同，通电时间$t$也相同，且已知$R_1＞R_2$。接下来逐一分析选项：A选项需明确煤油作为介质的原因；B选项判断探究热量与电流关系的条件；C选项结合焦耳定律分析热量与温度变化；D选项判断探究热量与通电时间关系的可行性。
【解析】1. 分析选项A：煤油的比热容较小，相同质量的煤油吸收相同热量时，温度变化更明显，便于观察实验现象，并非因为热值大，故A错误。2. 分析选项B：探究电流产生的热量与电流的关系时，需控制电阻和通电时间相同，改变电流大小；而图中$R_1$与$R_2$串联，电流处处相等，无法改变电流，因此不能探究该关系，故B错误。3. 分析选项C：根据焦耳定律$Q=I^2Rt$，串联电路中$I$相同、$t$相同，$R$越大，产生的热量$Q$越多；已知$R_1＞R_2$，因此$R_1$产生的热量更多。煤油质量相等、比热容相同，由$\Delta t=\frac{Q}{cm}$可知，$R_1$所在烧瓶的温度计示数变化量更大，故C正确。4. 分析选项D：探究电流产生的热量与通电时间的关系时，需控制电阻和电流相同，改变通电时间；可通过观察同一电阻在不同时间的温度变化来实现，因此是可以探究的，故D错误。
【答案】C
【知识点】焦耳定律、电流热效应、比热容
【点评】本题考查电流产生热量的影响因素实验，需掌握控制变量法的应用、焦耳定律的公式，以及实验中介质的选择原因，属于基础实验题，注重对实验原理和操作的理解。
【难度系数】0.6

3. 小明用自家的电烤箱加热面包,电烤箱的部分标签如图所示.电烤箱是利用电流的工作的;将它接在220 V的电路中使用,它的实际电功率是W,实际通过的电流为A. (第三空计算结果保留一位小数)

热效应 1 500 6.8 【解析】电烤箱通电后可以加热面包,利用了电流的热效应;由图可知,电烤箱额定电压为220 V,将电烤箱接在220 V的电路中时,它的实际电功率等于额定功率,即实际电功率为1 500 W;根据$P=UI$可知,实际通过的电流$I=\frac{P}{U}=\frac{1\ 500\ \mathrm{W}}{220\ \mathrm{V}}\approx6.8\ \mathrm{A}$.

【分析】
要解答本题，需明确两个核心内容：一是电烤箱的工作原理，二是电功率的相关计算。首先回忆电流的热效应的概念，电烤箱依靠电流产生热量工作；其次，当用电器两端电压等于额定电压时，实际功率等于额定功率；最后利用电功率公式变形计算电流，注意结果保留一位小数。
【解析】
1. 电烤箱工作时，电流通过电阻丝产生热量，将电能转化为内能，这利用了电流的热效应，因此第一空填“热效应”。
2. 由标签可知电烤箱额定电压为220V，将其接在220V电路中时，实际电压等于额定电压，此时实际电功率等于额定功率，即实际电功率为1500W，故第二空填“1500”。
3. 根据电功率公式 $ P = UI $，变形得电流 $ I = \frac{P}{U} $，代入数据计算：$ I = \frac{1500\ \mathrm{W}}{220\ \mathrm{V}} \approx 6.8\ \mathrm{A} $，因此第三空填“6.8”。
【答案】
热效应；1500；6.8
【知识点】
电流的热效应；电功率计算
【点评】
本题为基础题，考查电流热效应的概念和电功率公式的简单应用，解题思路清晰，步骤明确，学生掌握相关基础知识即可轻松完成解答。
【难度系数】
0.8

4. 小明家新买了一台电风扇，铭牌如图所示，他发现电风扇正常工作一段时间后，电动机会发热。电动机转动时，消耗的电能（选填“全部”或“大部分”）转化为机械能。若电风扇正常工作10 min，线圈产生的热量为J.

大部分 192 【解析】电动机在工作时主要将电能转化为机械能,但由于电动机内部的线圈存在电阻,会产生一定的热量;由图可知,电风扇正常工作时的功率为88 W,正常工作时的电压为220 V,根据$P=UI$可知,电风扇正常工作时通过线圈的电流$I=\frac{P}{U}=\frac{88\ \mathrm{W}}{220\ \mathrm{V}}=0.4\ \mathrm{A}$,由$Q=I^2Rt$可得,电风扇正常工作10 min,线圈产生的热量$Q=I^2Rt=(0.4\ \mathrm{A})^2×2\ \Omega×10×60\ \mathrm{s}=192\ \mathrm{J}$.

【分析】
要解决本题，首先明确电动机的能量转化特点：电动机工作时，消耗的电能主要用于带动机械运转，仅少量因线圈电阻发热转化为内能，因此第一空需判断电能的转化比例；计算线圈产生的热量时，需先利用额定功率和额定电压求出正常工作电流，再结合焦耳定律计算，注意时间单位要换算为秒。
【解析】
1. 能量转化分析：电动机正常工作时，消耗的电能大部分转化为机械能，仅少部分因线圈电阻发热转化为内能，故第一空填“大部分”。
2. 计算正常工作电流：根据电功率公式 $ P=UI $，可得电风扇正常工作时的电流 $ I=\frac{P}{U}=\frac{88\ \mathrm{W}}{220\ \mathrm{V}}=0.4\ \mathrm{A} $。
3. 计算线圈产生的热量：工作时间 $ t=10\ \mathrm{min}=10×60\ \mathrm{s}=600\ \mathrm{s} $，根据焦耳定律 $ Q=I^2Rt $，代入数据得 $ Q=(0.4\ \mathrm{A})^2×2\ \Omega×600\ \mathrm{s}=192\ \mathrm{J} $。
【答案】
大部分；192
【知识点】
电能转化、焦耳定律、电功率计算
【点评】
本题结合电风扇铭牌考查电动机的能量转化和焦耳定律的应用，需注意电动机是非纯电阻用电器，计算热量只能用焦耳定律，是基础电学应用题，难度适中。
【难度系数】
0.6