(1) 连接电路前,电流表指针如图甲所示,应将电流表指针调至。
(2) 图乙是连接的部分电路。请用笔画线代替导线,将电路连接完整。
(3) 连接好电路,将滑片P置于滑动变阻器的最(填“左”或“右”)端。闭合开关S,移动滑片P,发现电流表无示数,电压表有示数且示数基本不变,则电路可能发生的故障是。
(4) 排除故障后,开始实验,移动滑片P改变电阻两端电压,记录对应电流,并画出$I-U$图像;然后更换不同的电阻,重复上述操作,最终画出图像如图丙所示。

①图丙中c图像对应的电阻的阻值为$\Omega$。
②单独分析图丙中每条$I-U$图像可以得到的结论是。
③分析图丙中的$I-U$图像,还能得到:“当导体两端电压一定时,导体中的电流与导体的电阻成反比”这一规律。请写出分析方法:。
8. (无锡期末)如图所示,是小明设计的自动测定油箱内油量的简易装置。电源电压$U$一定,$R_{1}$是滑动变阻器,最大阻值为$20\ \Omega$,OCP为一根金属杠杆,O为支点,C为浮标的金属杆与杠杆的连接点。$R_{2}$为定值电阻,电流表量程为$0∼0.6\ \mathrm{A}$,示数可以反映油箱内油量的多少。当油箱内油量为0或加满时,P恰好处于$R_{1}$的某一端。

(1) 小明按照图中的装置进行实验,闭合开关S,油量为0时,电流表的示数为$0.3\ \mathrm{A}$,油箱加满时电流表的示数为$0.1\ \mathrm{A}$。求:电源电压$U$和$R_{2}$的阻值。
(2) 小明发现在电流表上标记油箱油量刻度时,电流表的表盘示数使用范围较小,为了使电流表表盘示数的使用范围达到最大,若仅改变$R_{2}$的阻值,则阻值为$\Omega$。
(3) 闭合开关S,为了实现油面上升时电流表示数变大,下列说法中正确的是(填字母)。
①该装置不用改动;②仅将支点O移动到$CP$之间;③仅将连接B端的导线改接A端;④将连接B端的导线改接A端,同时将支点O移动到$CP$之间。
A. 只有①
B. 只有②③
C. 只有②③④
D. ①②③④都正确

7. (1) 零刻度线处 (2) (3) 右 定值电阻断路 (4) ①15 ②电阻一定时,通过导体的电流与导体两端的电压成正比 ③电压一定时,电阻越大,电流越小,且电流与电阻的乘积基本不变,从而得出结论
提示:(1) 连接电路前,应将电流表指针调至零刻度线处。(3) 连接好电路,将滑片P置于阻值最大处即最右端,闭合开关S,移动滑片P,电流表无示数,电压表有示数且基本不变,故障可能是与电压表并联的定值电阻断路。(4) ①图丙中c图像对应的阻值 $R=\frac{U}{I}=\frac{1.8\ \mathrm{V}}{0.12\ \mathrm{A}}=15\ \Omega$。②每条$I-U$图线都可得到结论:电阻一定时,通过导体的电流与导体两端的电压成正比。③控制图线的电压相同,当电阻越大时,电流越小,且电流与电阻的乘积基本不变,从而得出:电压一定时,电流与电阻成反比。
8. (1) 3 V $10\ \Omega$ (2) 5 (3) B
提示:(1) 闭合开关S,油量为0时P在B端,电流表示数为0.3 A,电源电压$U=0.3\ \mathrm{A}×R_2$,闭合开关S,油箱加满时P在A端,电流表示数为0.1 A,电源电压$U=0.1\ \mathrm{A}×(R_2+20\ \Omega)$,解得 $U=3\ \mathrm{V}$,$R_2=10\ \Omega$。(2) 电流表示数最大为0.6 A时,$R_2'=\frac{U}{I_大}=\frac{3\ \mathrm{V}}{0.6\ \mathrm{A}}=5\ \Omega$。(3) 图中油量为0时,P在B端,电流表示数为0.3 A,加满油时P在A端,电流表示数为0.1 A,因此油面上升时电流表示数变小;仅将支点O移动到CP之间,可使油量为0时P在A端,加满油时P在B端,或仅将连接B端的导线改接A端,都可实现油面上升时电流表示数变大;将连接B端的导线改接A端,同时将支点O移动到CP之间,油面上升时电流表示数变小。

【分析】
本题包含电学实验（第7题）和欧姆定律应用的油量计问题（第8题）。
第7题：①连接电路前需调零电流表；②电路连接要遵循电表使用规则，滑动变阻器“一上一下”接线；③闭合开关前滑动变阻器调至最大阻值处，故障分析通过电流表、电压表的示数判断断路位置；④利用I-U图像结合欧姆定律计算电阻，分析定值电阻的电流电压关系，通过控制变量法探究电流与电阻的关系。
第8题：①油量为0和加满时滑动变阻器接入电阻不同，根据欧姆定律列电源电压的方程联立求解；②电流表最大量程对应最小总电阻，据此计算R2的阻值；③分析杠杆与滑动变阻器的连接，判断油面上升时电流变化的调整方法。
【解析】
7. (1) 连接电路前，电流表指针未对准零刻度线，应将电流表指针调至零刻度线处；
(2) 电流表需串联在电路中，电压表并联在定值电阻R两端，滑动变阻器已接左下端，需接任意上端，将电压表接线柱与定值电阻右端连接，电流表接线柱与滑动变阻器上端接线柱连接（连线如图）；
(3) 闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于最大阻值处，即最右端；电流表无示数说明电路断路，电压表有示数说明电压表两端与电源两极连通，故故障为定值电阻R断路；
(4) ①由I-U图像c，取对应点U=1.8V、I=0.12A，根据欧姆定律$R=\frac{U}{I}=\frac{1.8\ \mathrm{V}}{0.12\ \mathrm{A}}=15\ \Omega$；②每条I-U图像对应定值电阻，电压与电流的比值为定值，故结论：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；③分析不同电阻的I-U图像，控制电压相同，发现电流与电阻的乘积基本不变，即电压一定时电流与电阻成反比，采用控制变量法。
8. (1) 油量为0时，滑动变阻器$R_1$接入最大阻值20Ω，电路为$R_1$与$R_2$串联，电流$I_1=0.3\ \mathrm{A}$，电源电压$U=I_1R_2=0.3\ \mathrm{A}×R_2$；油箱加满时，$R_1$接入电阻为0，电路为$R_2$的简单电路，电流$I_2=0.1\ \mathrm{A}$，电源电压$U=I_2(R_2+R_1)=0.1\ \mathrm{A}×(R_2+20\ \Omega)$；联立方程$0.3R_2=0.1(R_2+20)$，解得$R_2=10\ \Omega$，$U=3\ \mathrm{V}$；
(2) 电流表最大量程为0.6A，此时电路总电阻最小，仅接入$R_2'$，故$R_2'=\frac{U}{I_{\mathrm{最大}}}=\frac{3\ \mathrm{V}}{0.6\ \mathrm{A}}=5\ \Omega$；
(3) 原装置油面上升时电流变小，要使油面上升电流变大，需油量为0时滑片在A端、加满时在B端：仅将支点O移到CP之间，或仅将B端导线改接A端，均可实现，故②③正确，选B。
【答案】
7. (1) 零刻度线处 (2) (3) 右；定值电阻断路 (4) ①15 ②电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 ③控制电压相同，分析电流与电阻的关系，电流与电阻的乘积基本不变，得出结论
8. (1) $U=3\ \mathrm{V}$，$R_2=10\ \Omega$ (2)5 (3)B
【知识点】
欧姆定律、电路故障分析、滑动变阻器的使用
【点评】
本题综合考查电学实验操作、规律探究及欧姆定律的实际应用，注重实验方法和逻辑分析能力，需要学生熟练掌握电路连接、故障判断、欧姆定律计算及控制变量法的运用。
【难度系数】
0.5