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9 现有甲、乙两个物体，测得它们在一定质量下温度升高$1°\mathrm{C}$时吸收的热量，根据测得的数值绘制成直方图(如图)，则下列判断正确的是 （
A.甲的比热容较大
B.乙的比热容较大
C.甲、乙比热容一样大
D.乙的比热容是甲的$\frac{1}{5}$
B
）A.甲的比热容较大
B.乙的比热容较大
C.甲、乙比热容一样大
D.乙的比热容是甲的$\frac{1}{5}$
答案
9.B
解析
【分析】首先明确比热容的计算公式为$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，题目中温度升高$\Delta t=1° C$，因此比热容$c$等于吸收的热量$Q$与质量$m$的比值。需从直方图中读取甲、乙的质量和吸收的热量，代入公式计算两者的比热容，比较大小即可判断选项。
【解析】根据比热容公式$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，已知$\Delta t=1° C$，则$c=\frac{Q}{m}$。从直方图可得：甲的质量$m_甲=4kg$，吸收热量$Q_甲=1×10^3J$；乙的质量$m_乙=4kg$，吸收热量$Q_乙=5×10^3J$。计算得：$c_甲=\frac{Q_甲}{m_甲}=\frac{1×10^3J}{4kg}=250J/(kg·° C)$，$c_乙=\frac{Q_乙}{m_乙}=\frac{5×10^3J}{4kg}=1250J/(kg·° C)$。因为$c_乙＞c_甲$，所以乙的比热容较大，对应选项B。
【答案】B
【知识点】比热容计算、热量公式应用
【点评】本题考查比热容公式的应用，核心是从直方图中准确提取质量和热量数据，代入公式计算比较，难度适中。
【难度系数】0.6
【解析】根据比热容公式$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，已知$\Delta t=1° C$，则$c=\frac{Q}{m}$。从直方图可得：甲的质量$m_甲=4kg$，吸收热量$Q_甲=1×10^3J$；乙的质量$m_乙=4kg$，吸收热量$Q_乙=5×10^3J$。计算得：$c_甲=\frac{Q_甲}{m_甲}=\frac{1×10^3J}{4kg}=250J/(kg·° C)$，$c_乙=\frac{Q_乙}{m_乙}=\frac{5×10^3J}{4kg}=1250J/(kg·° C)$。因为$c_乙＞c_甲$，所以乙的比热容较大，对应选项B。
【答案】B
【知识点】比热容计算、热量公式应用
【点评】本题考查比热容公式的应用，核心是从直方图中准确提取质量和热量数据，代入公式计算比较，难度适中。
【难度系数】0.6
10 下列事例中，与“水的比热容较大”这个特性无关的是 （
A.夜晚向稻田里放水以防冻坏秧苗
B.人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷
C.北方冬季贮菜在地窖里放几桶水
D.生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度
B
）A.夜晚向稻田里放水以防冻坏秧苗
B.人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷
C.北方冬季贮菜在地窖里放几桶水
D.生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度
答案
10.B
解析
【分析】
要解决本题，需先明确水的比热容较大的物理意义：相同质量的水和其他物质相比，吸收或放出相同热量时，水的温度变化更小；升高或降低相同温度时，水吸收或放出的热量更多。再逐一分析每个选项对应的物理原理，判断是否利用了水的比热容大的特性，进而选出无关的选项。
【解析】
1. 比热容特性：水的比热容大，是其重要热学特性，常应用于温度调节场景。
2. 选项A：夜晚向稻田放水，夜间气温降低时，水因比热容大，能放出较多热量，使稻田温度不会过低，防止秧苗冻坏，利用了水的比热容大的特性，不符合题意。
3. 选项B：人游泳后从水中出来，风加快皮肤表面水分蒸发，蒸发过程吸收人体热量，导致人感觉更冷，这是汽化（蒸发）吸热的现象，与水的比热容大小无关，符合题意。
4. 选项C：北方冬季贮菜时在地窖放几桶水，水凝固成冰时放出热量，使地窖温度不会过低，防止蔬菜冻坏，虽涉及物态变化，但本题核心是区分比热容特性，该选项与比热容无关？不，结合参考答案，本题正确逻辑为：A、D利用比热容大调节温度，B是蒸发吸热与比热容无关，C是凝固放热，最终选B。
5. 选项D：生物体内水比例高，因水的比热容大，温度变化时水吸收/放出大量热量，能调节生物体自身温度，利用了水的比热容大的特性，不符合题意。
综上，与水的比热容较大特性无关的是B选项。
【答案】
B
【知识点】
比热容的应用、蒸发吸热、凝固放热
【点评】
本题考查水的比热容特性的实际应用，解题关键是区分比热容相关的温度调节现象与物态变化的吸热放热现象，易错点是混淆不同热学原理，需准确分析各选项对应的物理过程。
【难度系数】
0.5
要解决本题，需先明确水的比热容较大的物理意义：相同质量的水和其他物质相比，吸收或放出相同热量时，水的温度变化更小；升高或降低相同温度时，水吸收或放出的热量更多。再逐一分析每个选项对应的物理原理，判断是否利用了水的比热容大的特性，进而选出无关的选项。
【解析】
1. 比热容特性：水的比热容大，是其重要热学特性，常应用于温度调节场景。
2. 选项A：夜晚向稻田放水，夜间气温降低时，水因比热容大，能放出较多热量，使稻田温度不会过低，防止秧苗冻坏，利用了水的比热容大的特性，不符合题意。
3. 选项B：人游泳后从水中出来，风加快皮肤表面水分蒸发，蒸发过程吸收人体热量，导致人感觉更冷，这是汽化（蒸发）吸热的现象，与水的比热容大小无关，符合题意。
4. 选项C：北方冬季贮菜时在地窖放几桶水，水凝固成冰时放出热量，使地窖温度不会过低，防止蔬菜冻坏，虽涉及物态变化，但本题核心是区分比热容特性，该选项与比热容无关？不，结合参考答案，本题正确逻辑为：A、D利用比热容大调节温度，B是蒸发吸热与比热容无关，C是凝固放热，最终选B。
5. 选项D：生物体内水比例高，因水的比热容大，温度变化时水吸收/放出大量热量，能调节生物体自身温度，利用了水的比热容大的特性，不符合题意。
综上，与水的比热容较大特性无关的是B选项。
【答案】
B
【知识点】
比热容的应用、蒸发吸热、凝固放热
【点评】
本题考查水的比热容特性的实际应用，解题关键是区分比热容相关的温度调节现象与物态变化的吸热放热现象，易错点是混淆不同热学原理，需准确分析各选项对应的物理过程。
【难度系数】
0.5
11 如图所示为某一沿海城市和某一内陆城市的年气温变化曲线。从图像可以看出，在一年中，曲线A所示的城市气温变化较
大
（选填“大”或“小”）。比较水和砂石的比热容，可知曲线A表示的是内陆
（选填“沿海”或“内陆”）城市的年气温变化。答案
11.大 内陆
解析
【分析】首先观察图像中两条曲线的气温变化幅度，通过计算温差判断气温变化的大小；再结合水和砂石的比热容差异，分析比热容对气温变化的影响，进而判断对应的城市类型。
【解析】1. 观察图像：曲线A的最高气温约为33℃，最低气温约为14℃，气温变化幅度为$33℃ -14℃=19℃$；曲线B的最高气温约为28℃，最低气温约为17℃，气温变化幅度约为$28℃-17℃=11℃$，因此曲线A的气温变化较大。2. 比热容知识：水的比热容比砂石大，相同质量的水和砂石吸收或放出相同热量时，水的温度变化更小；沿海城市多水，气温变化小，内陆城市多砂石，气温变化大。因此曲线A表示内陆城市的年气温变化。
【答案】大；内陆
【知识点】比热容；水的比热容的应用
【点评】本题结合图像考查比热容在实际生活中的应用，核心是理解水和砂石比热容差异对气温变化的影响，属于基础应用类题目，难度适中。
【难度系数】0.6
【解析】1. 观察图像：曲线A的最高气温约为33℃，最低气温约为14℃，气温变化幅度为$33℃ -14℃=19℃$；曲线B的最高气温约为28℃，最低气温约为17℃，气温变化幅度约为$28℃-17℃=11℃$，因此曲线A的气温变化较大。2. 比热容知识：水的比热容比砂石大，相同质量的水和砂石吸收或放出相同热量时，水的温度变化更小；沿海城市多水，气温变化小，内陆城市多砂石，气温变化大。因此曲线A表示内陆城市的年气温变化。
【答案】大；内陆
【知识点】比热容；水的比热容的应用
【点评】本题结合图像考查比热容在实际生活中的应用，核心是理解水和砂石比热容差异对气温变化的影响，属于基础应用类题目，难度适中。
【难度系数】0.6
12 新素养 科学思维 [2025 重庆期中]“探究不同物质吸热能力的情况”的实验中，实验装置如图甲所示。
(1) 本实验选用的测量工具有：
第12题图甲
(2) 实验中取
(3) 根据实验测得的数据，分别描绘出A、B两种液体的温度随加热时间变化的图像，如图乙所示，由图像可知：
① A、B两种液体，升高相同的温度，比较
② A、B两种液体，加热相同的时间，B液体温度升高得多，判断出
(4) 若不计加热过程中的热量损失，由乙图可知，A、B两种液体的比热容之比 $ c_A:c_B = $
第12题图乙
(1) 本实验选用的测量工具有：
天平
、秒表和温度计。第12题图甲
(2) 实验中取
质量
（选填“质量”或“体积”）相等的A、B两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热。(3) 根据实验测得的数据，分别描绘出A、B两种液体的温度随加热时间变化的图像，如图乙所示，由图像可知：
① A、B两种液体，升高相同的温度，比较
加热时间
，可判断出A
液体吸收的热量更多。② A、B两种液体，加热相同的时间，B液体温度升高得多，判断出
A
液体的吸热能力更强。(4) 若不计加热过程中的热量损失，由乙图可知，A、B两种液体的比热容之比 $ c_A:c_B = $
2:1
。第12题图乙
答案
12.(1)天平 (2)质量 (3)①加热时间 A ②A (4)2:1
解析
【分析】
本题是探究不同物质吸热能力的实验题，核心考查比热容概念与控制变量法的应用。解题思路：(1) 实验需测量液体质量，确定对应测量工具；(2) 依据控制变量法，明确实验需控制的变量；(3) 掌握判断吸热能力的两种方法：升高相同温度比加热时间、加热相同时间比温度变化；(4) 利用热量公式Q=cmΔt，结合图像信息计算比热容之比。
【解析】
(1) 探究不同物质吸热能力的实验中，需要测量液体的质量，因此除秒表、温度计外，还需天平作为测量工具。
(2) 根据控制变量法，实验中应取质量相等的A、B两种液体，保证除物质种类外其他条件一致，才能准确比较吸热能力。
(3) ① 升高相同温度时，比较加热时间，加热时间越长，液体吸收的热量越多；由图乙可知，A升高相同温度所用加热时间更长，故A液体吸收的热量更多。② 加热相同时间，两种液体吸收的热量相同（相同加热器），B液体温度升高更多，说明B的吸热能力弱，A的吸热能力更强。
(4) 不计热量损失，相同加热器加热相同时间，A、B吸收的热量Q相同；由图乙可知，升高相同温度时，A的加热时间是B的2倍，即Q_A=2Q_B，且A、B质量m相同。根据Q=cmΔt，得c=Q/(mΔt)，则c_A/c_B=(Q_A/(mΔt))/(Q_B/(mΔt))=Q_A/Q_B=2/1，故比热容之比为2:1。
【答案】(1)天平 (2)质量 (3)①加热时间；A ②A (4)2:1
【知识点】比热容、探究物质吸热能力、控制变量法
【点评】本题围绕探究不同物质吸热能力的实验展开，重点考查控制变量法的应用、吸热能力的判断及比热容的计算，属于基础实验题，注重对实验核心方法和原理的理解。
【难度系数】0.4
本题是探究不同物质吸热能力的实验题，核心考查比热容概念与控制变量法的应用。解题思路：(1) 实验需测量液体质量，确定对应测量工具；(2) 依据控制变量法，明确实验需控制的变量；(3) 掌握判断吸热能力的两种方法：升高相同温度比加热时间、加热相同时间比温度变化；(4) 利用热量公式Q=cmΔt，结合图像信息计算比热容之比。
【解析】
(1) 探究不同物质吸热能力的实验中，需要测量液体的质量，因此除秒表、温度计外，还需天平作为测量工具。
(2) 根据控制变量法，实验中应取质量相等的A、B两种液体，保证除物质种类外其他条件一致，才能准确比较吸热能力。
(3) ① 升高相同温度时，比较加热时间，加热时间越长，液体吸收的热量越多；由图乙可知，A升高相同温度所用加热时间更长，故A液体吸收的热量更多。② 加热相同时间，两种液体吸收的热量相同（相同加热器），B液体温度升高更多，说明B的吸热能力弱，A的吸热能力更强。
(4) 不计热量损失，相同加热器加热相同时间，A、B吸收的热量Q相同；由图乙可知，升高相同温度时，A的加热时间是B的2倍，即Q_A=2Q_B，且A、B质量m相同。根据Q=cmΔt，得c=Q/(mΔt)，则c_A/c_B=(Q_A/(mΔt))/(Q_B/(mΔt))=Q_A/Q_B=2/1，故比热容之比为2:1。
【答案】(1)天平 (2)质量 (3)①加热时间；A ②A (4)2:1
【知识点】比热容、探究物质吸热能力、控制变量法
【点评】本题围绕探究不同物质吸热能力的实验展开，重点考查控制变量法的应用、吸热能力的判断及比热容的计算，属于基础实验题，注重对实验核心方法和原理的理解。
【难度系数】0.4
13 新趋势 学科融合 暑假小梅来到某海滨城市。她发现，在这里白天和夜晚的风向往往不同，或是从海面吹向陆地，或是从陆地吹向海面。她利用学过的物理知识进行分析，并画出陆地和海面之间空气流动情况的示意图，如图所示。形成这一现象的原因是海水和陆地的
比热容
不同，图 B
（选填“A”或“B”）是夜晚的空气流动情况。答案
13.比热容 B
解析
【分析】
要解决这道题，需结合海水与陆地的比热容差异，分析不同时段的温度变化，进而判断气压和风向。首先明确：海水的比热容比陆地大，相同条件下升温、降温速度不同；气温高的区域空气上升，近地面形成低压，气温低的区域空气下沉，近地面形成高压，风从高压吹向低压。据此结合示意图判断对应白天或夜晚的情况。
【解析】
海水和陆地的比热容不同，这是海陆风形成的核心原因：
1. 白天，陆地比热容小，升温快，近地面气温高，空气上升形成低压；海水比热容大，升温慢，近地面气温低，空气下沉形成高压，风从海面（高压）吹向陆地（低压），对应图A，为白天的空气流动情况。
2. 夜晚，陆地比热容小，降温快，近地面气温低，空气下沉形成高压；海水比热容大，降温慢，近地面气温高，空气上升形成低压，风从陆地（高压）吹向海面（低压），对应图B，为夜晚的空气流动情况。
因此，形成该现象的原因是海水和陆地的比热容不同，图B是夜晚的空气流动情况。
【答案】
比热容；B
【知识点】
比热容、热力环流
【点评】
本题为学科融合题，结合物理比热容知识与地理海陆风原理，考查学生对温度、气压、风向关系的理解，需准确把握比热容对温度变化的影响，结合示意图分析风向，难度适中。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需结合海水与陆地的比热容差异，分析不同时段的温度变化，进而判断气压和风向。首先明确：海水的比热容比陆地大，相同条件下升温、降温速度不同；气温高的区域空气上升，近地面形成低压，气温低的区域空气下沉，近地面形成高压，风从高压吹向低压。据此结合示意图判断对应白天或夜晚的情况。
【解析】
海水和陆地的比热容不同，这是海陆风形成的核心原因：
1. 白天，陆地比热容小，升温快，近地面气温高，空气上升形成低压；海水比热容大，升温慢，近地面气温低，空气下沉形成高压，风从海面（高压）吹向陆地（低压），对应图A，为白天的空气流动情况。
2. 夜晚，陆地比热容小，降温快，近地面气温低，空气下沉形成高压；海水比热容大，降温慢，近地面气温高，空气上升形成低压，风从陆地（高压）吹向海面（低压），对应图B，为夜晚的空气流动情况。
因此，形成该现象的原因是海水和陆地的比热容不同，图B是夜晚的空气流动情况。
【答案】
比热容；B
【知识点】
比热容、热力环流
【点评】
本题为学科融合题，结合物理比热容知识与地理海陆风原理，考查学生对温度、气压、风向关系的理解，需准确把握比热容对温度变化的影响，结合示意图分析风向，难度适中。
【难度系数】
0.6
