1.[山东中考]某商家销售的移动电源相当于大型“充电宝”，其铭牌如图所示。顾客咨询：“该移动电源可以供2.5 kW的用电器正常工作吗？”客服回复：“没问题，这是3 kW·h的，3 kW的用电器都可以正常使用。”该客服 （）
XX移动电源
电源规格:3 kW·h
输出电压:220 V
最大输出电流:10 A

A.说法正确
B.混淆了电功率和电能
C.混淆了电功率和电流
D.混淆了电功率和电压

1.B

【分析】首先明确铭牌中“3 kW·h”的物理意义：kW·h是电能的单位，代表移动电源储存的电能总量；客服提到的“3 kW”是电功率的单位，代表用电器消耗电能的快慢。客服将电能和电功率这两个不同物理量的概念及单位混淆，据此判断选项。
【解析】kW·h是电能的常用单位，kW是电功率的常用单位。移动电源铭牌标注的“3 kW·h”是其储存的电能总量，并非电功率；客服错误地将电能单位对应的数值等同于电功率，混淆了电能和电功率的概念，因此客服的说法错误，对应选项B。
【答案】B
【知识点】电能与电功率的辨析、物理量单位的意义
【点评】本题考查电能和电功率的基本概念及单位区分，核心是明确不同物理量对应不同单位，属于基础概念辨析题，是中考常见题型，难度较低。
【难度系数】0.8

2. 为了节约用电，且在黑暗环境下开灯方便，可使用一种带有指示灯的开关，如图甲所示，该开关S与指示灯和照明灯组成的电路简化图如图乙所示。当开关S闭合时，照明灯正常发光，指示灯不发光；当开关S断开时，照明灯不发光，指示灯正常发光，则（）


A.指示灯是$\mathrm{L}_1$，其额定功率大于照明灯的额定功率
B.指示灯是$\mathrm{L}_1$，其额定功率小于照明灯的额定功率
C.指示灯是$\mathrm{L}_2$，其额定功率大于照明灯的额定功率
D.指示灯是$\mathrm{L}_2$，其额定功率小于照明灯的额定功率

2.B

【分析】
首先分析开关闭合、断开时的电路结构：开关S闭合时，L₁被短路，仅L₂工作，此时照明灯正常发光、指示灯不发光，可确定指示灯；开关S断开时，L₁与L₂串联，此时指示灯正常发光、照明灯不发光，结合串联电路规律和电功率公式，判断指示灯与照明灯的额定功率大小。
【解析】
1. 确定指示灯：开关S闭合时，L₁与开关S并联，因此L₁被短路，无电流通过，不发光；此时电路仅L₂工作，且L₂正常发光（照明灯），故指示灯为L₁，排除C、D选项。
2. 分析额定功率：开关S断开时，L₁与L₂串联，电路中电流I处处相等。此时L₁正常发光（实际功率等于额定功率），L₂不发光（实际功率远小于额定功率），说明L₁的实际功率远大于L₂的实际功率。根据电功率公式$P=I^2R$，串联时电流I相同，功率与电阻成正比，因此$R_1 ＞ R_2$。
3. 比较额定功率：S闭合时，L₂正常发光，说明L₂的额定电压等于电源电压U，其额定功率$P_{2额}=\frac{U^2}{R_2}$；S断开时，L₁正常发光，其额定电压近似等于电源电压，额定功率$P_{1额}=\frac{U^2}{R_1}$。由于$R_1 ＞ R_2$，因此$P_{1额} ＜ P_{2额}$，即指示灯L₁的额定功率小于照明灯的额定功率。
【答案】
B
【知识点】
串联电路特点、电功率计算
【点评】
本题通过开关状态变化分析电路结构，结合串联电路规律和电功率公式判断元件属性及功率大小，是电路动态分析的典型应用，需理清不同状态下的电流、电压关系。
【难度系数】
0.5

3.[郑州模拟]滑动变阻器是电学实验中重要的器材，
关于滑动变阻器在不同实验中的作用，下列说法
中正确的是 （）

A.在“探究电流与电压关系”实验中的主要作用
是改变通过定值电阻的电流
B.在“探究电流与电阻关系”实验中的主要作用是
保持电阻两端的电压不变
C.在“测量小灯泡正常发光时的电阻”实验中的
主要作用是多次测量求平均值，减小测量误差
D.在“测量小灯泡的电功率”实验中的主要作用
是测量小灯泡在不同电压下的电功率，进而求
出功率的平均值，减小测量误差

3.B

【分析】本题考查滑动变阻器在不同电学实验中的作用，需逐一分析各选项对应的实验原理与滑动变阻器的功能，判断说法的正误。
【解析】
选项A：“探究电流与电压关系”实验中，定值电阻阻值固定，滑动变阻器的主要作用是改变定值电阻两端的电压和通过的电流，目的是多次测量寻找普遍规律，并非仅改变电流，故A错误。
选项B：“探究电流与电阻关系”实验中，需控制定值电阻两端电压不变，更换不同阻值的电阻后，通过调节滑动变阻器可保持电阻两端电压恒定，故B正确。
选项C：“测量小灯泡正常发光时的电阻”实验中，滑动变阻器的作用是调节小灯泡两端电压至额定电压，使其正常发光；且小灯泡电阻随温度变化，多次测量是为了探究电阻与温度的关系，不能求平均值减小误差，故C错误。
选项D：“测量小灯泡的电功率”实验中，滑动变阻器的作用是改变小灯泡两端电压，测量不同电压下的实际功率；小灯泡的功率随电压变化，求功率平均值无意义，不能减小误差，故D错误。
【答案】B
【知识点】滑动变阻器的作用、电学实验的器材功能
【点评】本题聚焦滑动变阻器在不同电学实验中的具体作用，需学生准确区分各实验的目的，避免混淆测小灯泡电阻、电功率时是否可求平均值的易错点，是初中物理电学的基础考点。
【难度系数】0.5

4. 如图所示，电阻$R_1=20\ \Omega$，电动机的内阻$R_2=10\ \Omega$。当开关S断开时，电流表的示数是0.5 A。当开关S闭合后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表的示数和电路消耗的电功率应是（）

A.$I=1.5\ \mathrm{A}$
B.$I＜1.5\ \mathrm{A}$
C.$P=15\ \mathrm{W}$
D.$P＞15\ \mathrm{W}$

4.B 【点拨】当开关S断开时，电路为$R_1$的简单电路，电流表测电路中的电流，由欧姆定律可得，电源的电压$U=I_1R_1=0.5\ \mathrm{A}×20\ \Omega=10\ \mathrm{V}$；当开关S闭合后，转动的电动机和电阻$R_1$并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以通过$R_1$的电流不变，并联电路中各支路两端的电压相等，但电动机转动时是非纯电阻用电器，消耗的电能大部分转化为机械能，少部分转化为内能，则电动机线圈两端的电压小于10 V，所以通过电动机的电流$I_\mathrm{M}=\dfrac{U_\mathrm{M}}{R_2}＜\dfrac{10\ \mathrm{V}}{10\ \Omega}=1\ \mathrm{A}$，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流$I=I_1+I_\mathrm{M}＜0.5\ \mathrm{A}+1\ \mathrm{A}=1.5\ \mathrm{A}$，故A错误，B正确。电路消耗的电功率$P=UI＜10\ \mathrm{V}×1.5\ \mathrm{A}=15\ \mathrm{W}$，故C、D错误。故选B。

【分析】首先明确开关断开时电路为$R_1$的简单电路，利用欧姆定律求出电源电压；开关闭合后，$R_1$与电动机并联，电流表测干路电流。需注意电动机是非纯电阻用电器，转动时电能大部分转化为机械能，仅少部分转化为内能，不能直接用欧姆定律计算其电流，据此分析干路电流和总功率。
【解析】
1. 当开关S断开时，电路为$R_1$的简单电路，电流表测通过$R_1$的电流，根据欧姆定律得电源电压：
$U = I_1R_1 = 0.5\ \mathrm{A} × 20\ \Omega = 10\ \mathrm{V}$。
2. 当开关S闭合后，$R_1$与电动机M并联，电流表测干路电流。并联电路各支路独立工作，通过$R_1$的电流仍为$0.5\ \mathrm{A}$；电动机是非纯电阻用电器，转动时不能直接用欧姆定律计算电流，实际通过电动机的电流：
$I_M ＜ \frac{U}{R_2} = \frac{10\ \mathrm{V}}{10\ \Omega} = 1\ \mathrm{A}$。
3. 根据并联电路电流规律，干路电流等于各支路电流之和，因此干路电流：
$I = I_1 + I_M ＜ 0.5\ \mathrm{A} + 1\ \mathrm{A} = 1.5\ \mathrm{A}$，故A错误，B正确。
4. 电路总功率$P = UI$，因$I ＜ 1.5\ \mathrm{A}$，则$P ＜ 10\ \mathrm{V} × 1.5\ \mathrm{A} = 15\ \mathrm{W}$，故C、D错误。
【答案】B
【知识点】并联电路特点、非纯电阻电路电功率、欧姆定律
【点评】本题核心是区分纯电阻与非纯电阻用电器，电动机转动时不能直接套用纯电阻的欧姆定律，需理解电能转化形式的差异，避免公式误用。
【难度系数】0.5

5. ★★（科学思维）[陕西中考]中药煎煮方式分为“文火”和“武火”，小明受此启发，用手动开关$S_1$、温控开关$S_2$、水量开关$S_3$、加热电阻$R_1$和限流电阻$R_2$（$R_1$、$R_2$的阻值不随温度变化），设计了煎药壶电路，其中$S_1$为总开关，电源电压为220 V。闭合开关$S_1$，能实现如表所示的功能，下列关于此电路的分析正确的是（）
| 温度/℃ | 温控开关$S_2$ | 壶内水量V/L | 水量开关$S_3$ | $R_1$的功率$P$/W | 煎煮方式 |
| --- | --- | --- | --- | --- | --- |
| $＜60$ | 闭合 | $＞0.$ | 闭合 | 800 | 武火 |
| $≥60$ | 断开 | $＞0.2$ | 闭合 | 800 | 武火 |
| $≥60$ | 断开 | $≤0.2$ | 断开 | 100 | 文火 |

A.温控开关$S_2$与水量开关$S_3$是串联的
B.加热电阻$R_1$的阻值是$484\ \Omega$
C.若壶内水量小于0.2 L，煎药壶工作时无法进行“武火”加热
D.若限流电阻$R_2$开路，煎药壶工作时只能进行“武火”加热

5.D 【点拨】根据表中数据可知，温控开关$\mathrm{S_2}$和水量开关$\mathrm{S_3}$互不影响，故温控开关$\mathrm{S_2}$与水量开关$\mathrm{S_3}$是并联的，故A错误；结合题意和题表数据可知限流电阻$R_2$与加热电阻$R_1$串联，煎药壶电路如图所示，由分压原理可知，开关$\mathrm{S_2}$、$\mathrm{S_3}$断开，$\mathrm{S_1}$闭合时加热电阻$R_1$两端的电压较小，根据$P=\dfrac{U^2}{R}$可知加热电阻$R_1$的功率较小，为“文火”加热；当$\mathrm{S_1}$闭合，$\mathrm{S_2}$、$\mathrm{S_3}$任意闭合一个时，限流电阻$R_2$被短路，电路为加热电阻$R_1$的简单电路，加热电阻$R_1$两端的电压为电源电压，根据$P=\dfrac{U^2}{R}$可知其功率较大，为“武火”加热，故加热电阻$R_1$的阻值$R_1=\dfrac{U^2}{P_{\mathrm{加热}}}=\dfrac{(220\ \mathrm{V})^2}{800\ \mathrm{W}}=60.5\ \Omega$，故B错误；若壶内水量小于0.2 L，但温度小于60 ℃，温控开关$\mathrm{S_2}$闭合，限流电阻$R_2$被短路，则电路为$R_1$的简单电路，煎药壶工作时可进行“武火”加热，故C错误；若限流电阻$R_2$开路，闭合$\mathrm{S_3}$（或$\mathrm{S_2}$）则电路连通，电路为$R_1$的简单电路，煎药壶工作时只能进行“武火”加热，故D正确。

【分析】
要解决本题，需结合表格功能信息和电路结构，逐一分析各开关状态对应的电路工作情况：首先明确电路中开关S₂、S₃与限流电阻R₂的连接关系，再根据不同煎煮方式下R₁的功率，判断电路是R₁单独工作（武火，功率大）还是R₁与R₂串联（文火，功率小），进而分析每个选项的正误。
【解析】
根据表格和电路结构：
电路中，S₂、S₃并联后与R₂并联，再与加热电阻R₁串联，S₁为总开关；武火时R₁功率大（800W），说明R₂被短路，电路为R₁的简单电路，电压为电源电压220V；文火时R₁功率小（100W），说明R₁与R₂串联，总电阻大、电流小。
逐一分析选项：
A. 由表格可知，温度＜60℃时S₂闭合、S₃闭合为武火；温度≥60℃时S₂断开、S₃闭合也为武火，说明S₂和S₃互不影响，是并联关系，并非串联，A错误。
B. 武火时，R₁两端电压U=220V，功率P=800W，由电功率公式P=U²/R得：R₁=U²/P=(220V)²/800W=60.5Ω≠484Ω，B错误。
C. 若壶内水量小于0.2L，但温度＜60℃，温控开关S₂闭合，R₂被短路，电路为R₁的简单电路，功率800W，可进行武火加热，C错误。
D. 若限流电阻R₂开路，S₁闭合后，只要S₂或S₃闭合，电路为R₁的简单电路，只能实现武火加热；若S₂、S₃都断开，电路因R₂开路无法工作，故工作时只能进行武火加热，D正确。
【答案】
D
【知识点】
电功率计算、电路分析、串并联电路
【点评】
本题结合实际煎药壶的功能，考查电路分析和电功率公式的应用，需准确理解开关状态对电路的影响，结合表格信息逐一判断选项，是一道联系实际的中等难度题。
【难度系数】
0.5