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1 ▶易错 几位同学对电功率这个概念有以下几种理解，你认为正确的是 （
A.电功率是表示电流通过用电器时做功多少的物理量
B.电功率是表示电流通过用电器时做功快慢的物理量
C.电功率大的用电器工作时消耗的电能一定多
D.电功率大的用电器工作时所用的时间一定少
B
）A.电功率是表示电流通过用电器时做功多少的物理量
B.电功率是表示电流通过用电器时做功快慢的物理量
C.电功率大的用电器工作时消耗的电能一定多
D.电功率大的用电器工作时所用的时间一定少
答案
电功率是指电流在单位时间内做功的多少,是表示电流做功快慢的物理量,故A错误,B正确;在时间不确定时,电功率大的用电器工作时消耗的电能不一定多,故C错误;在消耗的电能多少不确定时,电功率大的用电器工作时所用的时间不一定少,故D错误。
(1)电功是指电流做功的多少,而电功率是指电流做功的快慢。
(2)某用电器电功率大不一定耗电多,某用电器消耗了很多电能,它的电功率不一定大,因为电功率不仅仅与用电器消耗的电能多少有关,还与消耗这些电能所用时间有关。
(1)电功是指电流做功的多少,而电功率是指电流做功的快慢。
(2)某用电器电功率大不一定耗电多,某用电器消耗了很多电能,它的电功率不一定大,因为电功率不仅仅与用电器消耗的电能多少有关,还与消耗这些电能所用时间有关。
解析
【分析】
要解决这道题，需明确电功率的定义、物理意义，以及电功（电能）、电功率、时间的关系（公式$W=Pt$）。首先区分电功和电功率的概念：电功是表示电流做功多少（消耗电能多少）的物理量，电功率是表示电流做功快慢的物理量；再结合公式$W=Pt$，分析电能、电功率、时间三者的关系，逐一判断每个选项的正误。
【解析】
选项A：电功是表示电流做功多少的物理量，电功率是表示做功快慢的物理量，因此A错误。
选项B：电功率的物理意义就是表示电流做功的快慢，该选项符合定义，因此B正确。
选项C：根据公式$W=Pt$，用电器消耗的电能（$W$）由电功率（$P$）和工作时间（$t$）共同决定，仅电功率大，时间不确定时，消耗的电能不一定多，因此C错误。
选项D：同样根据公式$W=Pt$，工作时间（$t$）由电能（$W$）和电功率（$P$）共同决定，仅电功率大，消耗的电能不确定时，所用时间不一定少，因此D错误。
【答案】
B
【知识点】
电功率的概念、电功与电功率的关系
【点评】
本题为电功率概念的易错题，核心是区分电功与电功率的物理意义，同时需牢记电能、电功率、时间的关系，避免因概念混淆或忽略控制变量导致误判，需准确理解物理量的定义及相互联系。
【难度系数】
0.5
要解决这道题，需明确电功率的定义、物理意义，以及电功（电能）、电功率、时间的关系（公式$W=Pt$）。首先区分电功和电功率的概念：电功是表示电流做功多少（消耗电能多少）的物理量，电功率是表示电流做功快慢的物理量；再结合公式$W=Pt$，分析电能、电功率、时间三者的关系，逐一判断每个选项的正误。
【解析】
选项A：电功是表示电流做功多少的物理量，电功率是表示做功快慢的物理量，因此A错误。
选项B：电功率的物理意义就是表示电流做功的快慢，该选项符合定义，因此B正确。
选项C：根据公式$W=Pt$，用电器消耗的电能（$W$）由电功率（$P$）和工作时间（$t$）共同决定，仅电功率大，时间不确定时，消耗的电能不一定多，因此C错误。
选项D：同样根据公式$W=Pt$，工作时间（$t$）由电能（$W$）和电功率（$P$）共同决定，仅电功率大，消耗的电能不确定时，所用时间不一定少，因此D错误。
【答案】
B
【知识点】
电功率的概念、电功与电功率的关系
【点评】
本题为电功率概念的易错题，核心是区分电功与电功率的物理意义，同时需牢记电能、电功率、时间的关系，避免因概念混淆或忽略控制变量导致误判，需准确理解物理量的定义及相互联系。
【难度系数】
0.5
2 功与完成这些功所用时间之比叫功率，下列哪个不是功率的单位（
A.千瓦·时
B.焦/秒
C.瓦特
D.千瓦
A
）A.千瓦·时
B.焦/秒
C.瓦特
D.千瓦
答案
千瓦·时是电功的单位,焦/秒、瓦特和千瓦都是功率的单位。故选A。
解析
【分析】要判断哪个不是功率的单位，需先明确功率的定义（功率是功与完成这些功所用时间的比值），因此功率的单位要么是功的单位与时间单位的组合，要么是专门规定的功率单位；接下来逐一分析每个选项对应的物理量，即可得出答案。
【解析】逐一分析选项：
1. 选项A：千瓦·时（kW·h），由功率单位“千瓦”和时间单位“时”相乘得到，根据电功公式W=Pt，可知该单位是电功（功）的单位，不是功率单位；
2. 选项B：焦/秒（J/s），功的单位是焦耳（J），时间单位是秒（s），根据功率定义式P=W/t，功率的单位为功的单位除以时间的单位，因此焦/秒是功率的单位；
3. 选项C：瓦特（W），是功率的国际单位制主单位，属于功率单位；
4. 选项D：千瓦（kW），是功率的常用单位，1kW=1000W，属于功率单位。
综上，不是功率单位的是A选项。
【答案】A
【知识点】功率的单位、电功的单位
【点评】本题考查功率单位的辨析，属于基础概念题，需牢记功和功率的单位区别，难度较低。
【难度系数】0.8
【解析】逐一分析选项：
1. 选项A：千瓦·时（kW·h），由功率单位“千瓦”和时间单位“时”相乘得到，根据电功公式W=Pt，可知该单位是电功（功）的单位，不是功率单位；
2. 选项B：焦/秒（J/s），功的单位是焦耳（J），时间单位是秒（s），根据功率定义式P=W/t，功率的单位为功的单位除以时间的单位，因此焦/秒是功率的单位；
3. 选项C：瓦特（W），是功率的国际单位制主单位，属于功率单位；
4. 选项D：千瓦（kW），是功率的常用单位，1kW=1000W，属于功率单位。
综上，不是功率单位的是A选项。
【答案】A
【知识点】功率的单位、电功的单位
【点评】本题考查功率单位的辨析，属于基础概念题，需牢记功和功率的单位区别，难度较低。
【难度系数】0.8
3 新情境 如图所示，是一款电暖气的“挡位”旋钮，当由2挡位调至3挡位时，能够吹出更暖的风。则相较于2挡，下列关于3挡说法正确的是（
A.消耗电能更多
B.消耗电能更快
C.消耗电能更少
D.消耗电能更慢
B
）A.消耗电能更多
B.消耗电能更快
C.消耗电能更少
D.消耗电能更慢
答案
当由2挡位调至3挡位时,能够吹出更暖的风,那就意味着相同时间内做功更多(描述做功多少要有时间限定),同理电流做功更快,故B正确。
解析
【分析】要解决这道题，需明确电暖气挡位与电功率的关系：电暖气的挡位调节是改变电路中的电阻，从而改变电功率。题目中提到3挡位能吹出更暖的风，说明相同时间内3挡位产生的热量更多，即相同时间内电流做的功更多，而电功率是表示电流做功（消耗电能）快慢的物理量，据此分析各选项。
【解析】逐一分析选项：
A选项：“消耗电能更多”，未限定时间，无法比较2挡和3挡消耗电能的总量，该选项错误；
B选项：“消耗电能更快”，3挡位更暖，说明相同时间内消耗的电能更多，即消耗电能更快，该选项正确；
C选项：“消耗电能更少”，未限定时间，无法比较，且与实际情况相悖，错误；
D选项：“消耗电能更慢”，与3挡功率更大、消耗电能更快的结论矛盾，错误。
【答案】B
【知识点】电功率的概念、电能消耗的快慢
【点评】本题结合生活实际考查电功率的物理意义，核心是区分“消耗电能的多少”和“消耗电能的快慢”，属于基础概念题，需准确理解电功率的含义。
【难度系数】0.6
【解析】逐一分析选项：
A选项：“消耗电能更多”，未限定时间，无法比较2挡和3挡消耗电能的总量，该选项错误；
B选项：“消耗电能更快”，3挡位更暖，说明相同时间内消耗的电能更多，即消耗电能更快，该选项正确；
C选项：“消耗电能更少”，未限定时间，无法比较，且与实际情况相悖，错误；
D选项：“消耗电能更慢”，与3挡功率更大、消耗电能更快的结论矛盾，错误。
【答案】B
【知识点】电功率的概念、电能消耗的快慢
【点评】本题结合生活实际考查电功率的物理意义，核心是区分“消耗电能的多少”和“消耗电能的快慢”，属于基础概念题，需准确理解电功率的含义。
【难度系数】0.6
4 新导向·科技成就 中国空间站天和核心舱首次采用了大面积可展收柔性太阳电池翼，单翼的发电功率可达9 kW。从能量转化的角度分析，“9 kW”表示的物理意义是
太阳电池翼单翼1 s内可将太阳能转化成9 000 J的电能
答案
太阳电池翼单翼1 s内可将太阳能转化成9 000 J的电能
【解析】 太阳电池翼将太阳能转化为电能,因此从能量转化的角度分析,“9 kW”表示的物理意义是太阳电池翼单翼1 s内可将太阳能转化为9 000 J的电能。
【解析】 太阳电池翼将太阳能转化为电能,因此从能量转化的角度分析,“9 kW”表示的物理意义是太阳电池翼单翼1 s内可将太阳能转化为9 000 J的电能。
解析
【分析】
要解决这个问题，首先需明确功率的物理意义：功率是描述能量转化快慢的物理量，其物理意义是单位时间内转化的能量多少。题目中“9 kW”是发电功率，结合能量转化（太阳能转化为电能），需将功率单位换算后，说明单位时间内转化的电能来源。
【解析】
功率的定义是单位时间内完成的能量转化量，单位kW（千瓦）是功率的常用单位，1 kW = 1000 W，而1 W = 1 J/s，即1 W表示1秒内转化的能量为1 J。本题中太阳电池翼将太阳能转化为电能，因此“9 kW”表示太阳电池翼单翼1 s内可将太阳能转化为9000 J的电能。
【答案】
太阳电池翼单翼1 s内可将太阳能转化成9 000 J的电能
【知识点】
功率的物理意义、能量转化
【点评】
本题考查功率的物理意义，要求结合能量转化的角度理解功率单位的含义，属于基础概念题，难度较低。
【难度系数】
0.6
要解决这个问题，首先需明确功率的物理意义：功率是描述能量转化快慢的物理量，其物理意义是单位时间内转化的能量多少。题目中“9 kW”是发电功率，结合能量转化（太阳能转化为电能），需将功率单位换算后，说明单位时间内转化的电能来源。
【解析】
功率的定义是单位时间内完成的能量转化量，单位kW（千瓦）是功率的常用单位，1 kW = 1000 W，而1 W = 1 J/s，即1 W表示1秒内转化的能量为1 J。本题中太阳电池翼将太阳能转化为电能，因此“9 kW”表示太阳电池翼单翼1 s内可将太阳能转化为9000 J的电能。
【答案】
太阳电池翼单翼1 s内可将太阳能转化成9 000 J的电能
【知识点】
功率的物理意义、能量转化
【点评】
本题考查功率的物理意义，要求结合能量转化的角度理解功率单位的含义，属于基础概念题，难度较低。
【难度系数】
0.6
5 新情境 如图所示的USB电热水杯垫是一种新型时尚产品，把它接在电脑上的USB接口上工作时，常温下可将咖啡、茶、牛奶等饮料的温度保持在45 ~ 60 ℃。若电脑上的USB接口为它提供5 V的电压，加热时工作电流为300 mA，则它的电功率为
1.5
W，工作10 min消耗的电能为900
J。答案
1.5 900
【解析】 电热水杯垫的电功率 P = UI = 5 V × 0.3 A = 1.5 W,工作 10 min 消耗的电能 W = Pt = 1.5 W ×10 ×60 s = 900 J。
【解析】 电热水杯垫的电功率 P = UI = 5 V × 0.3 A = 1.5 W,工作 10 min 消耗的电能 W = Pt = 1.5 W ×10 ×60 s = 900 J。
解析
【分析】
要解决这道题，需运用电学中电功率和电能的计算公式。首先将电流单位换算为安培，时间单位换算为秒，再利用电功率公式$P=UI$计算电功率，最后利用电能公式$W=Pt$（或$W=UIt$）计算消耗的电能，计算过程中需保证单位统一。
【解析】
1. 单位换算：工作电流$I=300\ \mathrm{mA}=0.3\ \mathrm{A}$，工作时间$t=10\ \mathrm{min}=10×60\ \mathrm{s}=600\ \mathrm{s}$。
2. 计算电功率：根据电功率公式$P=UI$，代入$U=5\ \mathrm{V}$、$I=0.3\ \mathrm{A}$，可得$P=5\ \mathrm{V}×0.3\ \mathrm{A}=1.5\ \mathrm{W}$。
3. 计算消耗的电能：根据电能公式$W=Pt$，代入$P=1.5\ \mathrm{W}$、$t=600\ \mathrm{s}$，可得$W=1.5\ \mathrm{W}×600\ \mathrm{s}=900\ \mathrm{J}$（或用$W=UIt=5\ \mathrm{V}×0.3\ \mathrm{A}×600\ \mathrm{s}=900\ \mathrm{J}$）。
【答案】
1.5；900
【知识点】
电功率计算、电能计算
【点评】
本题考查电学基本公式的应用，属于基础计算题，重点考查单位换算和公式的正确使用，难度较低。
【难度系数】
0.7
要解决这道题，需运用电学中电功率和电能的计算公式。首先将电流单位换算为安培，时间单位换算为秒，再利用电功率公式$P=UI$计算电功率，最后利用电能公式$W=Pt$（或$W=UIt$）计算消耗的电能，计算过程中需保证单位统一。
【解析】
1. 单位换算：工作电流$I=300\ \mathrm{mA}=0.3\ \mathrm{A}$，工作时间$t=10\ \mathrm{min}=10×60\ \mathrm{s}=600\ \mathrm{s}$。
2. 计算电功率：根据电功率公式$P=UI$，代入$U=5\ \mathrm{V}$、$I=0.3\ \mathrm{A}$，可得$P=5\ \mathrm{V}×0.3\ \mathrm{A}=1.5\ \mathrm{W}$。
3. 计算消耗的电能：根据电能公式$W=Pt$，代入$P=1.5\ \mathrm{W}$、$t=600\ \mathrm{s}$，可得$W=1.5\ \mathrm{W}×600\ \mathrm{s}=900\ \mathrm{J}$（或用$W=UIt=5\ \mathrm{V}×0.3\ \mathrm{A}×600\ \mathrm{s}=900\ \mathrm{J}$）。
【答案】
1.5；900
【知识点】
电功率计算、电能计算
【点评】
本题考查电学基本公式的应用，属于基础计算题，重点考查单位换算和公式的正确使用，难度较低。
【难度系数】
0.7
6 [2026厦门六中月考] 如图为电子式电能表表盘。小明将某家用电器单独接在该电能表上正常工作6 min，电能表指示灯闪烁了320次，消耗电能
0.1
kW·h，其电功率为1 000
W，这个家用电器可能是空调
（填“空调”“台灯”或“电视机”）。答案
0.1 1 000 空调
【解析】消耗的电能$W=\frac{320}{3\ 200}\ \mathrm{kW· h}=0.1\ \mathrm{kW· h}$,则电功率$P=\frac{W}{t}=\frac{0.1\ \mathrm{kW· h}}{\frac{6}{60}\ \mathrm{h}}=1\ \mathrm{kW}=1\ 000\ \mathrm{W}$;台灯、电视机的电功率都远小于1 000 W,空调的电功率约为1 000 W,所以这个家用电器可能是空调。
【解析】消耗的电能$W=\frac{320}{3\ 200}\ \mathrm{kW· h}=0.1\ \mathrm{kW· h}$,则电功率$P=\frac{W}{t}=\frac{0.1\ \mathrm{kW· h}}{\frac{6}{60}\ \mathrm{h}}=1\ \mathrm{kW}=1\ 000\ \mathrm{W}$;台灯、电视机的电功率都远小于1 000 W,空调的电功率约为1 000 W,所以这个家用电器可能是空调。
解析
【分析】
要解决本题，需先明确电能表参数“3200 imp/(kW·h)”的含义：每消耗1kW·h的电能，电能表指示灯闪烁3200次。据此可通过指示灯闪烁次数计算消耗的电能；再将工作时间换算为小时，利用电功率公式$P=\frac{W}{t}$计算用电器的功率；最后结合常见家用电器的功率，判断该用电器的类型。
【解析】
1. 计算消耗的电能：
电能表参数“3200 imp/(kW·h)”表示每消耗1kW·h电能，指示灯闪烁3200次，因此闪烁320次消耗的电能为：
$W=\frac{320}{3200}\ \mathrm{kW·h}=0.1\ \mathrm{kW·h}$
2. 换算工作时间：
工作时间$t=6\ \mathrm{min}=\frac{6}{60}\ \mathrm{h}=0.1\ \mathrm{h}$
3. 计算电功率：
根据电功率公式$P=\frac{W}{t}$，代入数据得：
$P=\frac{0.1\ \mathrm{kW·h}}{0.1\ \mathrm{h}}=1\ \mathrm{kW}=1000\ \mathrm{W}$
4. 判断用电器：
常见台灯功率约几十瓦，电视机功率约100~200W，空调功率约1000W，因此该家用电器是空调。
【答案】
0.1；1000；空调
【知识点】
电能表参数、电能计算、电功率计算
【点评】
本题考查电能表的应用及电功率计算，核心是理解电能表参数的物理意义，熟练运用公式计算，结合生活常识判断用电器，属于基础题型，难度适中。
【难度系数】
0.6
要解决本题，需先明确电能表参数“3200 imp/(kW·h)”的含义：每消耗1kW·h的电能，电能表指示灯闪烁3200次。据此可通过指示灯闪烁次数计算消耗的电能；再将工作时间换算为小时，利用电功率公式$P=\frac{W}{t}$计算用电器的功率；最后结合常见家用电器的功率，判断该用电器的类型。
【解析】
1. 计算消耗的电能：
电能表参数“3200 imp/(kW·h)”表示每消耗1kW·h电能，指示灯闪烁3200次，因此闪烁320次消耗的电能为：
$W=\frac{320}{3200}\ \mathrm{kW·h}=0.1\ \mathrm{kW·h}$
2. 换算工作时间：
工作时间$t=6\ \mathrm{min}=\frac{6}{60}\ \mathrm{h}=0.1\ \mathrm{h}$
3. 计算电功率：
根据电功率公式$P=\frac{W}{t}$，代入数据得：
$P=\frac{0.1\ \mathrm{kW·h}}{0.1\ \mathrm{h}}=1\ \mathrm{kW}=1000\ \mathrm{W}$
4. 判断用电器：
常见台灯功率约几十瓦，电视机功率约100~200W，空调功率约1000W，因此该家用电器是空调。
【答案】
0.1；1000；空调
【知识点】
电能表参数、电能计算、电功率计算
【点评】
本题考查电能表的应用及电功率计算，核心是理解电能表参数的物理意义，熟练运用公式计算，结合生活常识判断用电器，属于基础题型，难度适中。
【难度系数】
0.6
7 [2025贵州中考] 如图所示电路，电源两端电压恒为3 V，定值电阻$R_1$的阻值为10 Ω。闭合开关S，电流表的示数为0.2 A。求：
(1)通过电阻$R_1$的电流$I$；
(2)$R_1$两端电压$U_1$；
(3)电路消耗的总功率$P$。
(1)通过电阻$R_1$的电流$I$；
(2)$R_1$两端电压$U_1$；
(3)电路消耗的总功率$P$。
答案
解:(1)由题图可知,闭合开关S,两电阻串联,串联电路各处电流都相等,电流表的示数为0.2 A,则通过电阻$R_1$的电流$I=0.2\ \mathrm{A}$。
(2)根据欧姆定律可得,$R_1$两端电压$U_1=IR_1=0.2\ \mathrm{A} × 10\ \Omega=2\ \mathrm{V}$。
(3)电路消耗的总功率$P=UI=3\ \mathrm{V} × 0.2\ \mathrm{A}=0.6\ \mathrm{W}$。
(2)根据欧姆定律可得,$R_1$两端电压$U_1=IR_1=0.2\ \mathrm{A} × 10\ \Omega=2\ \mathrm{V}$。
(3)电路消耗的总功率$P=UI=3\ \mathrm{V} × 0.2\ \mathrm{A}=0.6\ \mathrm{W}$。
解析
【分析】首先观察电路，确定R₁与R₂串联，电流表测量串联电路的电流；根据串联电路电流处处相等的特点，可直接得到通过R₁的电流；再利用欧姆定律计算R₁两端的电压；最后根据电功率公式，用电源电压和电路电流计算电路总功率。
【解析】(1) 由题图可知，闭合开关S后，R₁与R₂串联，串联电路中各处电流相等，电流表测电路中的电流，其示数为0.2 A，因此通过电阻R₁的电流I = 0.2 A；
(2) 根据欧姆定律I = U/R，变形可得R₁两端电压U₁ = IR₁ = 0.2 A × 10 Ω = 2 V；
(3) 电源两端电压U = 3 V，电路电流I = 0.2 A，根据电功率公式P = UI，电路消耗的总功率P = UI = 3 V × 0.2 A = 0.6 W。
【答案】(1)0.2 A；(2)2 V；(3)0.6 W
【知识点】串联电路电流特点、欧姆定律、电功率计算
【点评】本题为串联电路的基础计算题，考查串联电路电流规律、欧姆定律及电功率公式的基本应用，步骤明确，难度较低，属于中考基础题型。
【难度系数】0.7
【解析】(1) 由题图可知，闭合开关S后，R₁与R₂串联，串联电路中各处电流相等，电流表测电路中的电流，其示数为0.2 A，因此通过电阻R₁的电流I = 0.2 A；
(2) 根据欧姆定律I = U/R，变形可得R₁两端电压U₁ = IR₁ = 0.2 A × 10 Ω = 2 V；
(3) 电源两端电压U = 3 V，电路电流I = 0.2 A，根据电功率公式P = UI，电路消耗的总功率P = UI = 3 V × 0.2 A = 0.6 W。
【答案】(1)0.2 A；(2)2 V；(3)0.6 W
【知识点】串联电路电流特点、欧姆定律、电功率计算
【点评】本题为串联电路的基础计算题，考查串联电路电流规律、欧姆定律及电功率公式的基本应用，步骤明确，难度较低，属于中考基础题型。
【难度系数】0.7
8 [2026六安九月考] 如图所示，电源电压保持不变，电阻$R_1 = 10\ \Omega$，$R_2 = 20\ \Omega$。闭合开关，电流表A的示数为0.2 A。求：(1)电阻$R_2$的电功率。(2)电阻$R_1$的电功率。
答案
解:(1)由电路图可知,电阻$R_1$和$R_2$并联,电流表A测量通过$R_2$的电流,电阻$R_2$的电功率$P_2=I^2R_2=(0.2\ \mathrm{A})^2 × 20\ \Omega=0.8\ \mathrm{W}$。
(2)根据并联电路的电压特点可知,
$R_1$两端的电压$U_1=U_2=IR_2=0.2\ \mathrm{A} × 20\ \Omega=4\ \mathrm{V}$,
则电阻$R_1$的电功率$P_1=\frac{U_1^2}{R_1}=\frac{(4\ \mathrm{V})^2}{10\ \Omega}=1.6\ \mathrm{W}$。
(2)根据并联电路的电压特点可知,
$R_1$两端的电压$U_1=U_2=IR_2=0.2\ \mathrm{A} × 20\ \Omega=4\ \mathrm{V}$,
则电阻$R_1$的电功率$P_1=\frac{U_1^2}{R_1}=\frac{(4\ \mathrm{V})^2}{10\ \Omega}=1.6\ \mathrm{W}$。
解析
【分析】首先观察电路图，明确R₁与R₂为并联关系，电流表A测量通过R₂的电流。计算R₂的电功率时，已知R₂的阻值和通过它的电流，可直接利用电功率公式$P=I^2R$求解；计算R₁的电功率时，需先根据并联电路“各支路两端电压相等”的特点，求出R₁两端的电压（等于R₂两端的电压），再利用电功率公式$P=\frac{U^2}{R}$求解。
【解析】
(1) 由电路图可知，$R_1$与$R_2$并联，电流表测通过$R_2$的电流，即$I_2=0.2\ \mathrm{A}$，$R_2=20\ \Omega$。
根据电功率公式$P=I^2R$，可得$R_2$的电功率：
$P_2 = I_2^2R_2 = (0.2\ \mathrm{A})^2 × 20\ \Omega = 0.8\ \mathrm{W}$。
(2) 因为并联电路中各支路两端电压相等，所以$R_1$两端的电压$U_1 = U_2 = I_2R_2 = 0.2\ \mathrm{A} × 20\ \Omega = 4\ \mathrm{V}$。
再根据电功率公式$P=\frac{U^2}{R}$，可得$R_1$的电功率：
$P_1 = \frac{U_1^2}{R_1} = \frac{(4\ \mathrm{V})^2}{10\ \Omega} = 1.6\ \mathrm{W}$。
【答案】(1) $0.8\ \mathrm{W}$；(2) $1.6\ \mathrm{W}$
【知识点】并联电路特点、电功率计算
【点评】本题考查并联电路的电压规律和电功率公式的应用，属于电学基础题，解题关键是明确电路连接方式和电流表的测量对象，难度较低。
【难度系数】0.7
【解析】
(1) 由电路图可知，$R_1$与$R_2$并联，电流表测通过$R_2$的电流，即$I_2=0.2\ \mathrm{A}$，$R_2=20\ \Omega$。
根据电功率公式$P=I^2R$，可得$R_2$的电功率：
$P_2 = I_2^2R_2 = (0.2\ \mathrm{A})^2 × 20\ \Omega = 0.8\ \mathrm{W}$。
(2) 因为并联电路中各支路两端电压相等，所以$R_1$两端的电压$U_1 = U_2 = I_2R_2 = 0.2\ \mathrm{A} × 20\ \Omega = 4\ \mathrm{V}$。
再根据电功率公式$P=\frac{U^2}{R}$，可得$R_1$的电功率：
$P_1 = \frac{U_1^2}{R_1} = \frac{(4\ \mathrm{V})^2}{10\ \Omega} = 1.6\ \mathrm{W}$。
【答案】(1) $0.8\ \mathrm{W}$；(2) $1.6\ \mathrm{W}$
【知识点】并联电路特点、电功率计算
【点评】本题考查并联电路的电压规律和电功率公式的应用，属于电学基础题，解题关键是明确电路连接方式和电流表的测量对象，难度较低。
【难度系数】0.7
