登录
1[2025福建福州期中,中]工人将液态的蜡烛油放在室温下,其温度从80 ℃降至25 ℃,则蜡烛油在此过程中
（
A.对外放热,内能一直减少
B.某时刻温度保持不变,不吸热也不放热
C.存在液化现象,内能一直增加
D.存在凝固现象,内能保持不变
（
A
）A.对外放热,内能一直减少
B.某时刻温度保持不变,不吸热也不放热
C.存在液化现象,内能一直增加
D.存在凝固现象,内能保持不变
答案
A
【解析】液态蜡烛油温度持续降低,放出热量,说明其内能一直减少,故A符合题意;蜡烛油属于非晶体,在凝固时温度持续下降,没有温度保持不变的阶段,故B不符合题意;液化是物质由气态变为液态的过程,蜡烛油初始状态为液态,降温过程中可能变成固态,可能存在凝固现象,温度持续降低,内能减少,故CD不符合题意。
【解析】液态蜡烛油温度持续降低,放出热量,说明其内能一直减少,故A符合题意;蜡烛油属于非晶体,在凝固时温度持续下降,没有温度保持不变的阶段,故B不符合题意;液化是物质由气态变为液态的过程,蜡烛油初始状态为液态,降温过程中可能变成固态,可能存在凝固现象,温度持续降低,内能减少,故CD不符合题意。
解析
【分析】
解题思路：首先明确蜡烛油属于非晶体，回忆非晶体的物态变化特点；其次分析液态蜡烛油降温过程的吸放热情况，结合内能与温度、物态的关系判断内能变化；最后逐一分析选项，排除错误选项得出正确答案。
【解析】
蜡烛油属于非晶体，液态时从80℃降至25℃的过程中，温度持续降低，会对外放热；内能与温度、物态有关，温度降低时内能一直减少。对各选项分析如下：
A选项：液态蜡烛油降温过程对外放热，温度持续降低，内能一直减少，符合规律，正确；
B选项：非晶体凝固时温度持续下降，没有温度保持不变的阶段，错误；
C选项：蜡烛油初始为液态，降温过程若凝固为固态，属于凝固现象，且内能随温度降低而减少，并非增加，错误；
D选项：降温过程存在凝固现象，但内能随温度降低而减少，不会保持不变，错误。
【答案】
A
【知识点】
非晶体的凝固特点、内能的变化、物态变化的吸放热
【点评】
本题考查非晶体的物态变化规律及内能变化，需区分晶体与非晶体的凝固特点，明确内能与温度的关系，易错点为混淆晶体和非晶体的凝固特性，或误判降温过程的内能变化。
【难度系数】
0.6
解题思路：首先明确蜡烛油属于非晶体，回忆非晶体的物态变化特点；其次分析液态蜡烛油降温过程的吸放热情况，结合内能与温度、物态的关系判断内能变化；最后逐一分析选项，排除错误选项得出正确答案。
【解析】
蜡烛油属于非晶体，液态时从80℃降至25℃的过程中，温度持续降低，会对外放热；内能与温度、物态有关，温度降低时内能一直减少。对各选项分析如下：
A选项：液态蜡烛油降温过程对外放热，温度持续降低，内能一直减少，符合规律，正确；
B选项：非晶体凝固时温度持续下降，没有温度保持不变的阶段，错误；
C选项：蜡烛油初始为液态，降温过程若凝固为固态，属于凝固现象，且内能随温度降低而减少，并非增加，错误；
D选项：降温过程存在凝固现象，但内能随温度降低而减少，不会保持不变，错误。
【答案】
A
【知识点】
非晶体的凝固特点、内能的变化、物态变化的吸放热
【点评】
本题考查非晶体的物态变化规律及内能变化，需区分晶体与非晶体的凝固特点，明确内能与温度的关系，易错点为混淆晶体和非晶体的凝固特性，或误判降温过程的内能变化。
【难度系数】
0.6
2[2026广东广州调研,中]如图所示,小明缓慢推压注射器活塞,数显温度计显示注射器内密封的气体温度不变,此过程密封气体的分子势能变化忽略不计,下列关于密封气体说法正确的是 (
A.内能减少
B.分子动能一定增加
C.内能不变
D.只有做功的方式改变了内能
C
)A.内能减少
B.分子动能一定增加
C.内能不变
D.只有做功的方式改变了内能
答案
C
【解析】气体温度、质量、状态不变,则内能不变;内能是分子动能和分子势能的总和,分子势能变化忽略不计,则分子动能不变,故AB错误,C正确。缓慢推压活塞,活塞对密封气体做功,由于气体的温度不变,则说明密封气体与外界存在热传递,即通过做功和热传递两种方式改变内能,故D错误。
【解析】气体温度、质量、状态不变,则内能不变;内能是分子动能和分子势能的总和,分子势能变化忽略不计,则分子动能不变,故AB错误,C正确。缓慢推压活塞,活塞对密封气体做功,由于气体的温度不变,则说明密封气体与外界存在热传递,即通过做功和热传递两种方式改变内能,故D错误。
解析
【分析】
要解决本题，需明确内能的决定因素、温度与分子动能的关系，以及改变内能的两种方式。首先，密封气体的内能由分子动能和分子势能组成，题目说明分子势能变化忽略不计，因此内能仅由分子动能决定；温度是分子平均动能的标志，温度不变则分子平均动能不变，由此可判断内能的变化。再结合改变内能的两种方式（做功和热传递），分析推压活塞过程中内能变化的原因，进而判断各选项的正误。
【解析】
1. 判断内能变化：密封气体的内能是分子动能与分子势能的总和，题目明确分子势能变化忽略不计，因此内能仅由分子动能决定；温度是分子平均动能的标志，过程中气体温度不变，故分子平均动能不变，因此密封气体的内能不变，排除选项A（内能减少）、B（分子动能一定增加），选项C正确。
2. 判断改变内能的方式：缓慢推压活塞时，活塞对密封气体做功，但气体温度不变（内能不变），根据热力学第一定律，内能变化等于做功与热传递的总和，因此该过程中气体必然与外界发生了热传递，即做功和热传递两种方式都改变了内能，故选项D（只有做功的方式改变了内能）错误。
【答案】
C
【知识点】
内能、温度与分子动能、改变内能的方式
【点评】
本题考查内能的概念及改变内能的方式，核心是理解温度与分子平均动能的关系，以及内能的决定因素，属于基础中等题，需准确掌握相关概念才能正确判断。
【难度系数】
0.6
要解决本题，需明确内能的决定因素、温度与分子动能的关系，以及改变内能的两种方式。首先，密封气体的内能由分子动能和分子势能组成，题目说明分子势能变化忽略不计，因此内能仅由分子动能决定；温度是分子平均动能的标志，温度不变则分子平均动能不变，由此可判断内能的变化。再结合改变内能的两种方式（做功和热传递），分析推压活塞过程中内能变化的原因，进而判断各选项的正误。
【解析】
1. 判断内能变化：密封气体的内能是分子动能与分子势能的总和，题目明确分子势能变化忽略不计，因此内能仅由分子动能决定；温度是分子平均动能的标志，过程中气体温度不变，故分子平均动能不变，因此密封气体的内能不变，排除选项A（内能减少）、B（分子动能一定增加），选项C正确。
2. 判断改变内能的方式：缓慢推压活塞时，活塞对密封气体做功，但气体温度不变（内能不变），根据热力学第一定律，内能变化等于做功与热传递的总和，因此该过程中气体必然与外界发生了热传递，即做功和热传递两种方式都改变了内能，故选项D（只有做功的方式改变了内能）错误。
【答案】
C
【知识点】
内能、温度与分子动能、改变内能的方式
【点评】
本题考查内能的概念及改变内能的方式，核心是理解温度与分子平均动能的关系，以及内能的决定因素，属于基础中等题，需准确掌握相关概念才能正确判断。
【难度系数】
0.6
3[中]如图所示,将铁丝在同一位置快速弯折多次,然后迅速把铁丝弯曲的部分放在蜡烛上,蜡烛接触铁丝的部位立刻形成一个凹槽。对这一现象的解释,正确的是 (
A.弯折铁丝时,机械能转化为内能
B.铁丝接触蜡烛时,温度从铁丝传递给蜡烛
C.铁丝接触蜡烛时,是通过做功改变蜡烛内能的
D.铁丝接触蜡烛时,蜡烛吸热温度不变
A
)A.弯折铁丝时,机械能转化为内能
B.铁丝接触蜡烛时,温度从铁丝传递给蜡烛
C.铁丝接触蜡烛时,是通过做功改变蜡烛内能的
D.铁丝接触蜡烛时,蜡烛吸热温度不变
答案
A
【解析】弯折铁丝时,对铁丝做功,机械能转化为内能,铁丝内能增大,故A正确;多次弯折后铁丝弯曲的部分温度高,接触蜡烛时,热量从铁丝传递给蜡烛,使蜡烛温度升高而熔化(蜡烛是非晶体,熔化时温度升高),此过程是通过热传递改变蜡烛内能的,故CD错误;温度是状态量,不能说传递温度,故B错误。
【解析】弯折铁丝时,对铁丝做功,机械能转化为内能,铁丝内能增大,故A正确;多次弯折后铁丝弯曲的部分温度高,接触蜡烛时,热量从铁丝传递给蜡烛,使蜡烛温度升高而熔化(蜡烛是非晶体,熔化时温度升高),此过程是通过热传递改变蜡烛内能的,故CD错误;温度是状态量,不能说传递温度,故B错误。
解析
【分析】
这道题考查内能改变的方式、温度与热量的区别以及非晶体的熔化特点。解题时需逐一分析每个选项，结合相关物理知识判断正误：首先明确弯折铁丝时的能量转化，再区分热传递中传递的是热量而非温度，判断改变内能的方式，最后结合蜡烛是非晶体的特性分析其熔化时的温度变化。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：弯折铁丝时，人对铁丝做功，消耗机械能，使铁丝的内能增加、温度升高，此过程是机械能转化为内能，该选项正确。
选项B：热传递过程中，传递的是热量，温度是物体的冷热程度，不能说“温度从铁丝传递给蜡烛”，该选项错误。
选项C：铁丝接触蜡烛时，热量从高温的铁丝传递给蜡烛，使蜡烛内能增加，这是通过热传递改变蜡烛的内能，并非做功，该选项错误。
选项D：蜡烛属于非晶体，非晶体熔化时吸热，温度会持续升高，并非温度不变，该选项错误。
【答案】
A
【知识点】
内能的改变、热传递、非晶体熔化特点
【点评】
本题结合生活中的弯折铁丝现象，考查内能相关的基础知识点，需要学生准确区分做功和热传递改变内能的方式，理解温度与热量的区别，以及非晶体的熔化特性，属于中等难度题目。
【难度系数】
0.6
这道题考查内能改变的方式、温度与热量的区别以及非晶体的熔化特点。解题时需逐一分析每个选项，结合相关物理知识判断正误：首先明确弯折铁丝时的能量转化，再区分热传递中传递的是热量而非温度，判断改变内能的方式，最后结合蜡烛是非晶体的特性分析其熔化时的温度变化。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：弯折铁丝时，人对铁丝做功，消耗机械能，使铁丝的内能增加、温度升高，此过程是机械能转化为内能，该选项正确。
选项B：热传递过程中，传递的是热量，温度是物体的冷热程度，不能说“温度从铁丝传递给蜡烛”，该选项错误。
选项C：铁丝接触蜡烛时，热量从高温的铁丝传递给蜡烛，使蜡烛内能增加，这是通过热传递改变蜡烛的内能，并非做功，该选项错误。
选项D：蜡烛属于非晶体，非晶体熔化时吸热，温度会持续升高，并非温度不变，该选项错误。
【答案】
A
【知识点】
内能的改变、热传递、非晶体熔化特点
【点评】
本题结合生活中的弯折铁丝现象，考查内能相关的基础知识点，需要学生准确区分做功和热传递改变内能的方式，理解温度与热量的区别，以及非晶体的熔化特性，属于中等难度题目。
【难度系数】
0.6
4[中]如图所示是利用酒精灯加热使冰熔化为水的过程中温度随时间变化的图像，在此过程中物体在A点的内能
不为
（填“为”或“不为”）零，且物体在C点的内能大于
（填“大于”“小于”或“等于”）在B点的内能；15分钟后，水的温度不断上升，这是通过热传递
的方式增加物体内能的。答案
不为 大于 热传递
【解析】一切物体在任何时候都具有内能,所以物体在A点的内能不为零;由图像可以看出,从第5分钟到第15分钟,冰在熔化,吸热但温度不变,其内能增加,故在C点的内能大于在B点的内能;15分钟后,水的温度不断上升,这是通过热传递的方式增加物体内能的。
【解析】一切物体在任何时候都具有内能,所以物体在A点的内能不为零;由图像可以看出,从第5分钟到第15分钟,冰在熔化,吸热但温度不变,其内能增加,故在C点的内能大于在B点的内能;15分钟后,水的温度不断上升,这是通过热传递的方式增加物体内能的。
解析
【分析】
要解决这道题，需掌握三个核心知识点：一是内能的普遍性，二是晶体熔化的内能变化特点，三是改变内能的方式。首先，一切物体在任何状态下都具有内能，不存在内能为零的物体，据此判断A点内能；其次，冰是晶体，熔化时吸热但温度不变，内能会随吸热增加，结合B、C点的位置判断内能大小；最后，分析15分钟后水升温的方式，判断是热传递还是做功。
【解析】
1. 内能的特点：一切物体在任何时候都具有内能，所以物体在A点的内能不为零。
2. 晶体熔化的内能变化：冰是晶体，从第5min到第15min是熔化过程，此过程中冰持续吸收热量，温度保持不变，但内能不断增加。B点处于熔化过程中，C点是熔化结束的时刻，因此C点的内能大于B点的内能。
3. 改变内能的方式：15分钟后，水的温度不断上升，是因为酒精灯对水加热，热量从酒精灯转移到水，这是通过热传递的方式增加物体内能的。
【答案】
不为 大于 热传递
【知识点】
内能的概念；晶体熔化的特点；热传递改变内能
【点评】
本题结合温度-时间图像，综合考查内能、晶体熔化和改变内能的方式，需要准确理解内能的普遍性、晶体熔化的吸放热规律，以及热传递改变内能的原理，属于中等难度的基础题。
【难度系数】
0.5
要解决这道题，需掌握三个核心知识点：一是内能的普遍性，二是晶体熔化的内能变化特点，三是改变内能的方式。首先，一切物体在任何状态下都具有内能，不存在内能为零的物体，据此判断A点内能；其次，冰是晶体，熔化时吸热但温度不变，内能会随吸热增加，结合B、C点的位置判断内能大小；最后，分析15分钟后水升温的方式，判断是热传递还是做功。
【解析】
1. 内能的特点：一切物体在任何时候都具有内能，所以物体在A点的内能不为零。
2. 晶体熔化的内能变化：冰是晶体，从第5min到第15min是熔化过程，此过程中冰持续吸收热量，温度保持不变，但内能不断增加。B点处于熔化过程中，C点是熔化结束的时刻，因此C点的内能大于B点的内能。
3. 改变内能的方式：15分钟后，水的温度不断上升，是因为酒精灯对水加热，热量从酒精灯转移到水，这是通过热传递的方式增加物体内能的。
【答案】
不为 大于 热传递
【知识点】
内能的概念；晶体熔化的特点；热传递改变内能
【点评】
本题结合温度-时间图像，综合考查内能、晶体熔化和改变内能的方式，需要准确理解内能的普遍性、晶体熔化的吸放热规律，以及热传递改变内能的原理，属于中等难度的基础题。
【难度系数】
0.5
5[2026安徽淮南质检,偏难]如图为小明制作的活塞式点火器模型,套筒为圆柱形,AC的长度为20 cm。现将一定质量的空气密封在套筒内,用75 N的力F将活塞快速由AB处推至CD处,则套筒内空气增加的内能最多为
刷素养 走向重高
15
J。刷素养 走向重高
答案
15
【解析】由题可知,活塞移动的距离$s=l_{AC}=0.2\ \mathrm{m}$,力$F$推动活塞做功$W=Fs=75\ \mathrm{N} × 0.2\ \mathrm{m}=15\ \mathrm{J}$,若不计热量散失,套筒内空气增加的内能最多为15 J。
【解析】由题可知,活塞移动的距离$s=l_{AC}=0.2\ \mathrm{m}$,力$F$推动活塞做功$W=Fs=75\ \mathrm{N} × 0.2\ \mathrm{m}=15\ \mathrm{J}$,若不计热量散失,套筒内空气增加的内能最多为15 J。
解析
【分析】
要解决这个问题，需明确：快速推动活塞时，外界对套筒内的空气做功，由于过程快速，热量散失可忽略不计，根据能量守恒，外界对气体做的功等于气体内能的增加量，因此只需计算推力对活塞做的功，即可得到空气增加的内能。
【解析】
推力对活塞做的功公式为 $ W = Fs $，其中推力 $ F = 75\ \mathrm{N} $，活塞移动的距离 $ s = l_{AC} = 20\ \mathrm{cm} = 0.2\ \mathrm{m} $，代入计算得：
$ W = 75\ \mathrm{N} × 0.2\ \mathrm{m} = 15\ \mathrm{J} $
因过程快速，热量散失可忽略，所以套筒内空气增加的内能最多等于推力做的功，即15 J。
【答案】
15
【知识点】
功的计算；内能的改变
【点评】
本题结合活塞式点火器模型，考查做功改变物体内能的知识，核心是理解快速压缩气体时热量散失少，内能增加量等于外界对气体做的功，需掌握功的计算公式和能量转化关系。
【难度系数】
0.5
要解决这个问题，需明确：快速推动活塞时，外界对套筒内的空气做功，由于过程快速，热量散失可忽略不计，根据能量守恒，外界对气体做的功等于气体内能的增加量，因此只需计算推力对活塞做的功，即可得到空气增加的内能。
【解析】
推力对活塞做的功公式为 $ W = Fs $，其中推力 $ F = 75\ \mathrm{N} $，活塞移动的距离 $ s = l_{AC} = 20\ \mathrm{cm} = 0.2\ \mathrm{m} $，代入计算得：
$ W = 75\ \mathrm{N} × 0.2\ \mathrm{m} = 15\ \mathrm{J} $
因过程快速，热量散失可忽略，所以套筒内空气增加的内能最多等于推力做的功，即15 J。
【答案】
15
【知识点】
功的计算；内能的改变
【点评】
本题结合活塞式点火器模型，考查做功改变物体内能的知识，核心是理解快速压缩气体时热量散失少，内能增加量等于外界对气体做的功，需掌握功的计算公式和能量转化关系。
【难度系数】
0.5
6 核心素养 科学探究[中]为了探究做功与物体内能变化的关系，某小组同学利用气压式喷雾器、数字式温度计、小叶轮等进行实验，如图所示。
(1)该实验通过
(2)用手按压活塞快速打气的目的是
(3)打开喷嘴处的阀门，迅速放出喷雾器内一部分气体时，喷雾器前的叶轮转动，此时气体的内能转化为叶轮的
(4)比较甲和乙两图可知，外界对气体做功，气体内能
(1)该实验通过
温度计示数
的变化来反映气体内能的变化，这里所运用的物理研究方法是转换法
。(2)用手按压活塞快速打气的目的是
对喷雾器内气体做功并减小放热对温度的影响
。(3)打开喷嘴处的阀门，迅速放出喷雾器内一部分气体时，喷雾器前的叶轮转动，此时气体的内能转化为叶轮的
机械能
。(4)比较甲和乙两图可知，外界对气体做功，气体内能
增大
；比较乙和丙两图可知，气体对外界做功，气体内能减小
（均填“增大”“减小”或“不变”）。答案
(1)温度计示数 转换法 (2)对喷雾器内气体做功并减小放热对温度的影响 (3)机械能 (4)增大 减小
【解析】(1)实验中有数字式温度计,可以测量气体的温度,该实验通过温度计示数的变化来反映气体内能的变化,这是转换法。(2)用手按压活塞快速打气,此时活塞对喷雾器内气体做功,使气体的内能变大且来不及与外界进行充分的热交换。(3)打开喷嘴处的阀门,迅速放出喷雾器内一部分气体,气体对喷雾器前的小叶轮做功使小叶轮转动,气体的内能转化为小叶轮的机械能。(4)比较甲和乙两图,手压活塞,活塞对喷雾器内气体做功,观察到喷雾器内气体温度上升,即气体内能增大,所以外界对气体做功,气体的内能增大;比较乙和丙两图,气体被放出,使得小叶轮转动,即气体对外界做功,此时,观察到喷雾器内气体温度下降,即气体内能减小,所以气体对外界做功,气体内能减小。
【解析】(1)实验中有数字式温度计,可以测量气体的温度,该实验通过温度计示数的变化来反映气体内能的变化,这是转换法。(2)用手按压活塞快速打气,此时活塞对喷雾器内气体做功,使气体的内能变大且来不及与外界进行充分的热交换。(3)打开喷嘴处的阀门,迅速放出喷雾器内一部分气体,气体对喷雾器前的小叶轮做功使小叶轮转动,气体的内能转化为小叶轮的机械能。(4)比较甲和乙两图,手压活塞,活塞对喷雾器内气体做功,观察到喷雾器内气体温度上升,即气体内能增大,所以外界对气体做功,气体的内能增大;比较乙和丙两图,气体被放出,使得小叶轮转动,即气体对外界做功,此时,观察到喷雾器内气体温度下降,即气体内能减小,所以气体对外界做功,气体内能减小。
解析
【分析】
本题是探究做功与物体内能变化关系的实验，解题时需结合实验装置的现象和原理分析：
1. 第(1)问：内能变化不易直接观察，实验中用温度计测量温度，因此通过温度计示数变化反映内能变化，用到转换法；
2. 第(2)问：按压活塞打气，是对气体做功，快速按压可减少气体与外界的热交换，让内能变化更明显；
3. 第(3)问：气体放出时推动叶轮转动，消耗气体内能，转化为叶轮的机械能；
4. 第(4)问：对比甲乙两图，外界对气体做功后温度升高，说明内能增大；对比乙丙两图，气体对外做功后温度降低，说明内能减小。
【解析】
(1) 实验中利用数字式温度计测量气体温度，内能的变化无法直接观察，因此通过温度计示数的变化来反映气体内能的变化，这种将不易观察的物理量转换为易观察的物理量的方法是转换法。
(2) 用手按压活塞快速打气时，活塞对喷雾器内的气体做功，使气体内能增大；快速按压能减少气体与外界的热交换，避免放热对温度测量的影响，保证实验现象准确。
(3) 打开阀门放出气体时，气体推动叶轮转动，消耗了气体的内能，将气体的内能转化为叶轮的机械能。
(4) 甲图气体温度为12.5℃，乙图为20.5℃，外界对气体做功后温度升高，说明气体内能增大；乙图气体温度为20.5℃，丙图为3.5℃，气体对外做功后温度降低，说明气体内能减小。
【答案】
(1)温度计示数；转换法
(2)对喷雾器内气体做功并减小放热对温度的影响
(3)机械能
(4)增大；减小
【知识点】
内能的改变（做功）；转换法
【点评】
本题通过实验探究做功与内能变化的关系，结合温度计示数变化分析内能变化，体现了转换法的应用，帮助学生理解做功是改变物体内能的方式之一，难度适中，适合巩固相关知识点。
【难度系数】
0.6
本题是探究做功与物体内能变化关系的实验，解题时需结合实验装置的现象和原理分析：
1. 第(1)问：内能变化不易直接观察，实验中用温度计测量温度，因此通过温度计示数变化反映内能变化，用到转换法；
2. 第(2)问：按压活塞打气，是对气体做功，快速按压可减少气体与外界的热交换，让内能变化更明显；
3. 第(3)问：气体放出时推动叶轮转动，消耗气体内能，转化为叶轮的机械能；
4. 第(4)问：对比甲乙两图，外界对气体做功后温度升高，说明内能增大；对比乙丙两图，气体对外做功后温度降低，说明内能减小。
【解析】
(1) 实验中利用数字式温度计测量气体温度，内能的变化无法直接观察，因此通过温度计示数的变化来反映气体内能的变化，这种将不易观察的物理量转换为易观察的物理量的方法是转换法。
(2) 用手按压活塞快速打气时，活塞对喷雾器内的气体做功，使气体内能增大；快速按压能减少气体与外界的热交换，避免放热对温度测量的影响，保证实验现象准确。
(3) 打开阀门放出气体时，气体推动叶轮转动，消耗了气体的内能，将气体的内能转化为叶轮的机械能。
(4) 甲图气体温度为12.5℃，乙图为20.5℃，外界对气体做功后温度升高，说明气体内能增大；乙图气体温度为20.5℃，丙图为3.5℃，气体对外做功后温度降低，说明气体内能减小。
【答案】
(1)温度计示数；转换法
(2)对喷雾器内气体做功并减小放热对温度的影响
(3)机械能
(4)增大；减小
【知识点】
内能的改变（做功）；转换法
【点评】
本题通过实验探究做功与内能变化的关系，结合温度计示数变化分析内能变化，体现了转换法的应用，帮助学生理解做功是改变物体内能的方式之一，难度适中，适合巩固相关知识点。
【难度系数】
0.6
