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7. (2026·江苏南京期中)图甲所示电路中,电源电压恒定,仅闭合开关$\mathrm{S}_{1}$,此时电流表$\mathrm{A}_{1}$的示数如图乙所示为
0.3
A;再闭合$\mathrm{S}_{2}$,电流表$\mathrm{A}_{1}$的示数变为图丙,此时通过$\mathrm{L}_{2}$的电流为0.2
A,电压表$\mathrm{V}_{2}$的示数不变
(选填"变大""变小"或"不变").答案
7. 0.3 0.2 不变 解析:仅闭合开关 $\mathrm{S}_{1}$,此时只有灯泡 $\mathrm{L}_{1}$ 接入电路,电压表测量电源电压,电流表 $\mathrm{A}_{1}$ 的示数如图乙所示为 0.3 A;再闭合 $\mathrm{S}_{2}$,此时两个灯泡并联,电流表 $\mathrm{A}_{1}$ 测干路电流,示数如图丙所示为0.5 A,此时通过 $\mathrm{L}_{1}$ 的电流仍为 0.3 A,所以通过$\mathrm{L}_{2}$ 的电流为 0.5 A-0.3 A=0.2 A,电压表 $\mathrm{V}_{2}$ 仍测电源电压,所以示数不变.
解析
【分析】
我们可以分三步梳理解题思路：第一步先判断仅闭合S1时的电路结构，此时只有L1接入电路，电流表A1测L1的电流，观察乙图电流表的接线确定量程，结合分度值读出对应电流；第二步判断闭合S2后的电路，此时两灯并联，A1测干路总电流，并联电路支路互不影响，L1的电流保持之前的数值不变，读出丙图电流表的干路示数，用干路电流减去L1的电流就能得到L2的电流；第三步分析电压表V2的测量对象，确认两种开关状态下它的测量值都等于电源电压，结合电源电压恒定的条件判断示数变化。
【解析】
1. 仅闭合开关S1时，电路为L1的简单电路，电流表A1选择的是0~0.6A量程，该量程分度值为0.02A，图乙指针指向0.3A位置，因此A1的示数为0.3A。
2. 闭合S2后，L1和L2并联，电流表A1测量干路总电流，并联电路各支路独立工作互不影响，因此通过L1的电流仍为0.3A；图丙电流表同样选用0~0.6A量程，分度值0.02A，读数为0.5A。根据并联电路电流规律$I=I_1+I_2$，可得通过L2的电流$I_2=I-I_1=0.5\mathrm{A}-0.3\mathrm{A}=0.2\mathrm{A}$。
3. 两种开关状态下，电压表V2始终并联在电源两端，测量电源电压，已知电源电压恒定，因此V2的示数不变。
【答案】0.3；0.2；不变
【知识点】电流表读数，并联电路电流规律，并联电路电压规律
【点评】本题属于电路分析的基础常考题，核心考点是不同开关状态下的电路识别，需要准确判断各电表的测量对象，结合并联电路的电流、电压特点计算即可，易错点是误将电流表按大量程读数，解题时要先观察电流表的接线确定量程再读数。
【难度系数】0.7
我们可以分三步梳理解题思路：第一步先判断仅闭合S1时的电路结构，此时只有L1接入电路，电流表A1测L1的电流，观察乙图电流表的接线确定量程，结合分度值读出对应电流；第二步判断闭合S2后的电路，此时两灯并联，A1测干路总电流，并联电路支路互不影响，L1的电流保持之前的数值不变，读出丙图电流表的干路示数，用干路电流减去L1的电流就能得到L2的电流；第三步分析电压表V2的测量对象，确认两种开关状态下它的测量值都等于电源电压，结合电源电压恒定的条件判断示数变化。
【解析】
1. 仅闭合开关S1时，电路为L1的简单电路，电流表A1选择的是0~0.6A量程，该量程分度值为0.02A，图乙指针指向0.3A位置，因此A1的示数为0.3A。
2. 闭合S2后，L1和L2并联，电流表A1测量干路总电流，并联电路各支路独立工作互不影响，因此通过L1的电流仍为0.3A；图丙电流表同样选用0~0.6A量程，分度值0.02A，读数为0.5A。根据并联电路电流规律$I=I_1+I_2$，可得通过L2的电流$I_2=I-I_1=0.5\mathrm{A}-0.3\mathrm{A}=0.2\mathrm{A}$。
3. 两种开关状态下，电压表V2始终并联在电源两端，测量电源电压，已知电源电压恒定，因此V2的示数不变。
【答案】0.3；0.2；不变
【知识点】电流表读数，并联电路电流规律，并联电路电压规律
【点评】本题属于电路分析的基础常考题，核心考点是不同开关状态下的电路识别，需要准确判断各电表的测量对象，结合并联电路的电流、电压特点计算即可，易错点是误将电流表按大量程读数，解题时要先观察电流表的接线确定量程再读数。
【难度系数】0.7
8.（2026·河南郑州期中）如图电路中，闭合开关S，两灯泡均发光，两电流表指针偏转角度相同，电流表$\mathrm{A}_{2}$测通过
（选填“$\mathrm{L}_{1}$”“$\mathrm{L}_{2}$”或“干路”）的电流，通过灯泡$\mathrm{L}_{1}$和$\mathrm{L}_{2}$的电流之比为
$\mathrm{L}_{2}$
（选填“$\mathrm{L}_{1}$”“$\mathrm{L}_{2}$”或“干路”）的电流，通过灯泡$\mathrm{L}_{1}$和$\mathrm{L}_{2}$的电流之比为
4：1
.若灯$\mathrm{L}_{1}$断路，则电流表$\mathrm{A}_{1}$的示数变小
（选填“变大”“变小”或“不变”）.答案
8. $\mathrm{L}_{2}$ 4：1 变小 解析:由图可知,$\mathrm{L}_{1}$ 和 $\mathrm{L}_{2}$ 并联,$\mathrm{A}_{1}$ 测量干路电流,$\mathrm{A}_{2}$ 测量通过 $\mathrm{L}_{2}$ 的电流. 并联电路中,干路电流等于各支路电流之和,两电流表指针偏转角度相同,说明两电流表量程不同,即 $\mathrm{A}_{1}$ 使用大量程 0~3 A,$\mathrm{A}_{2}$ 使用小量程 0~0.6 A,设 $\mathrm{A}_{2}$ 的示数为 $I$,则 $\mathrm{A}_{1}$ 的示数为 $5I$,那么通过 $\mathrm{L}_{1}$ 的电流 $I_1=I_总-I_2=5I-I=4I$,则通过灯泡 $\mathrm{L}_{1}$ 和 $\mathrm{L}_{2}$ 的电流之比 $\frac{I_1}{I_2}=\frac{4I}{I}=\frac{4}{1}$;若灯 $\mathrm{L}_{1}$ 断路,则干路电流会减小,$\mathrm{A}_{1}$ 和 $\mathrm{A}_{2}$ 均测量通过 $\mathrm{L}_{2}$ 的电流,则电流表 $\mathrm{A}_{1}$ 的示数变小.
解析
【分析】
首先梳理电流路径判断电路连接：从电源正极出发，电流分为两条独立支路，第一条仅经过灯泡L₁，第二条经过电流表A₂、灯泡L₂，两条支路的电流汇合后共同经过电流表A₁、开关S回到电源负极，因此两灯为并联关系，由此可直接确定A₂的测量对象。接下来，并联电路干路电流一定大于任意支路电流，两表指针偏转角度相同说明两表使用的量程不同，电流表大量程的读数是小量程的5倍，结合并联电流规律即可算出两支路的电流比。最后分析L₁断路后的电路变化：原本干路是两条支路电流之和，断路后只剩L₂所在支路的电流，对比原来A1的示数即可判断变化趋势。
【解析】
1. 判断电流表测量对象：由电路电流走向可知，L₁与L₂并联，电流表A₂与L₂串联在同一条支路中，因此A₂测量通过L₂的电流；电流表A₁接在干路中，测量干路的总电流。
2. 计算两灯电流之比：并联电路中干路电流等于各支路电流之和，即$I_{\mathrm{总}}=I_1+I_2$，因此干路电流$I_{\mathrm{总}}$一定大于支路电流$I_2$。两电流表指针偏转角度相同，说明A₁使用的是0~3A大量程，A₂使用的是0~0.6A小量程，电流表同一指针位置下大量程读数是小量程的5倍，即$I_{\mathrm{总}}=5I_2$。因此通过L₁的电流$I_1=I_{\mathrm{总}}-I_2=5I_2-I_2=4I_2$，可得$I_1:I_2=4I_2:I_2=4:1$。
3. 分析L₁断路后A₁的示数变化：若L₁断路，并联电路一条支路断开后，电路仅剩L₂的通路，此时A₁和A₂都测量L₂的电流，电流大小等于原来的$I_2$，远小于原来干路的总电流$5I_2$，因此电流表A₁的示数变小。
【答案】
$\mathrm{L}_{2}$；$4:1$；变小
【知识点】
并联电路电流规律；电流表量程读数；电路故障分析
【点评】
本题是并联电路电流相关的经典基础题型，核心考点是并联电路的电流特点，易错点是容易忽略干路电流表和支路电流表量程不同带来的5倍读数差，同时考察了断路故障对并联电路电流的影响，能够有效检验学生对并联电路规律的掌握程度。
【难度系数】
0.6
首先梳理电流路径判断电路连接：从电源正极出发，电流分为两条独立支路，第一条仅经过灯泡L₁，第二条经过电流表A₂、灯泡L₂，两条支路的电流汇合后共同经过电流表A₁、开关S回到电源负极，因此两灯为并联关系，由此可直接确定A₂的测量对象。接下来，并联电路干路电流一定大于任意支路电流，两表指针偏转角度相同说明两表使用的量程不同，电流表大量程的读数是小量程的5倍，结合并联电流规律即可算出两支路的电流比。最后分析L₁断路后的电路变化：原本干路是两条支路电流之和，断路后只剩L₂所在支路的电流，对比原来A1的示数即可判断变化趋势。
【解析】
1. 判断电流表测量对象：由电路电流走向可知，L₁与L₂并联，电流表A₂与L₂串联在同一条支路中，因此A₂测量通过L₂的电流；电流表A₁接在干路中，测量干路的总电流。
2. 计算两灯电流之比：并联电路中干路电流等于各支路电流之和，即$I_{\mathrm{总}}=I_1+I_2$，因此干路电流$I_{\mathrm{总}}$一定大于支路电流$I_2$。两电流表指针偏转角度相同，说明A₁使用的是0~3A大量程，A₂使用的是0~0.6A小量程，电流表同一指针位置下大量程读数是小量程的5倍，即$I_{\mathrm{总}}=5I_2$。因此通过L₁的电流$I_1=I_{\mathrm{总}}-I_2=5I_2-I_2=4I_2$，可得$I_1:I_2=4I_2:I_2=4:1$。
3. 分析L₁断路后A₁的示数变化：若L₁断路，并联电路一条支路断开后，电路仅剩L₂的通路，此时A₁和A₂都测量L₂的电流，电流大小等于原来的$I_2$，远小于原来干路的总电流$5I_2$，因此电流表A₁的示数变小。
【答案】
$\mathrm{L}_{2}$；$4:1$；变小
【知识点】
并联电路电流规律；电流表量程读数；电路故障分析
【点评】
本题是并联电路电流相关的经典基础题型，核心考点是并联电路的电流特点，易错点是容易忽略干路电流表和支路电流表量程不同带来的5倍读数差，同时考察了断路故障对并联电路电流的影响，能够有效检验学生对并联电路规律的掌握程度。
【难度系数】
0.6
9. 新素养 科学探究 在探究并联电路的电流和电压特点时,小明同学分别做了如下两组实验.
实验一:通过如图甲所示的电路图探究并联电路的电流特点,闭合开关后,两电流表指针偏转情况如图乙.
(1)请根据电路图甲在实物图丙中添加一根导线,完成电路连接.
(2) 小明发现电流表 $\mathrm{A}_{1}$ 和 $\mathrm{A}_{2}$ 的指针在相同位置,均如图乙,则电流表 $\mathrm{A}_{1}$ 和 $\mathrm{A}_{2}$ 的示数分别为
实验二:通过如图甲所示的电路,继续探究并联电路的电压特点.
(3) 实验中,小明选用两个灯泡的规格应该
(4) 小明用电压表分别测出 $\mathrm{L}_{1}$ 和 $\mathrm{L}_{2}$ 两端的电压,发现电压相等,马上得出结论:并联电路各支路两端的电压是相等的.他的结论是否可靠?
实验一:通过如图甲所示的电路图探究并联电路的电流特点,闭合开关后,两电流表指针偏转情况如图乙.
(1)请根据电路图甲在实物图丙中添加一根导线,完成电路连接.
(2) 小明发现电流表 $\mathrm{A}_{1}$ 和 $\mathrm{A}_{2}$ 的指针在相同位置,均如图乙,则电流表 $\mathrm{A}_{1}$ 和 $\mathrm{A}_{2}$ 的示数分别为
0.5
A、2.5
A.实验二:通过如图甲所示的电路,继续探究并联电路的电压特点.
(3) 实验中,小明选用两个灯泡的规格应该
不同
(选填“相同”或“不同”).(4) 小明用电压表分别测出 $\mathrm{L}_{1}$ 和 $\mathrm{L}_{2}$ 两端的电压,发现电压相等,马上得出结论:并联电路各支路两端的电压是相等的.他的结论是否可靠?
不可靠
,为什么?根据一次测量数据得出的结论具有偶然性
.答案
9. (1)如图所示
(2) 0.5 2.5 (3) 不同 (4) 不可靠 根据一次测量数据得出的结论具有偶然性解析
【分析】
我们逐问梳理解题思路：
1. 第(1)问连线：对照电路图明确电路为并联结构，A1测L1支路电流，A2测干路总电流，只需补充一根导线让A1和L1串联形成独立支路，保证电流从电流表正接线柱流入、负接线柱流出即可。
2. 第(2)问读数：根据并联电路干路电流大于支路电流的特点，可知干路的A2量程更大，两表指针位置相同时，大量程读数是小量程的5倍，据此分别算出两个电流表的示数。
3. 第(3)问器材选择：探究普遍规律时，若选用相同规格灯泡，实验结果存在特殊性，因此要选不同规格的灯泡避免偶然性。
4. 第(4)问实验评估：仅一次实验得到的结论样本太少，存在偶然性，无法代表普遍规律，因此结论不可靠。
【解析】
(1) 按照并联电路的连接要求，将L1支路和A1串联，补充对应导线即可完成电路，保证两支路独立工作，A2测干路总电流。
(2) 并联电路干路电流大于支路电流，因此A1选用0~0.6A小量程，分度值0.02A，读数为0.5A；A2选用0~3A大量程，分度值0.1A，读数为2.5A。
(3) 为了得到普遍适用的规律，避免实验的特殊性，实验选用的两个灯泡规格应该不同。
(4) 仅通过一次测量就得出结论，实验次数过少，结论存在偶然性，不具备普遍代表性，因此该结论不可靠。
【答案】
(1)
(2) 0.5 2.5
(3) 不同
(4) 不可靠 根据一次测量数据得出的结论具有偶然性
【知识点】
并联电路电流规律；电流表读数；实验探究普遍性
【点评】
本题完整覆盖了并联电路电流、电压特点探究实验的核心考点，从实物连线、电表读数到实验设计、结论评估逐层递进，易错点是结合并联电路电流规律判断两个电流表的量程，同时侧重考察科学探究中多次实验的设计目的，符合新课标素养考察要求。
【难度系数】
0.6
我们逐问梳理解题思路：
1. 第(1)问连线：对照电路图明确电路为并联结构，A1测L1支路电流，A2测干路总电流，只需补充一根导线让A1和L1串联形成独立支路，保证电流从电流表正接线柱流入、负接线柱流出即可。
2. 第(2)问读数：根据并联电路干路电流大于支路电流的特点，可知干路的A2量程更大，两表指针位置相同时，大量程读数是小量程的5倍，据此分别算出两个电流表的示数。
3. 第(3)问器材选择：探究普遍规律时，若选用相同规格灯泡，实验结果存在特殊性，因此要选不同规格的灯泡避免偶然性。
4. 第(4)问实验评估：仅一次实验得到的结论样本太少，存在偶然性，无法代表普遍规律，因此结论不可靠。
【解析】
(1) 按照并联电路的连接要求，将L1支路和A1串联，补充对应导线即可完成电路，保证两支路独立工作，A2测干路总电流。
(2) 并联电路干路电流大于支路电流，因此A1选用0~0.6A小量程，分度值0.02A，读数为0.5A；A2选用0~3A大量程，分度值0.1A，读数为2.5A。
(3) 为了得到普遍适用的规律，避免实验的特殊性，实验选用的两个灯泡规格应该不同。
(4) 仅通过一次测量就得出结论，实验次数过少，结论存在偶然性，不具备普遍代表性，因此该结论不可靠。
【答案】
(1)
(2) 0.5 2.5
(3) 不同
(4) 不可靠 根据一次测量数据得出的结论具有偶然性
【知识点】
并联电路电流规律；电流表读数；实验探究普遍性
【点评】
本题完整覆盖了并联电路电流、电压特点探究实验的核心考点，从实物连线、电表读数到实验设计、结论评估逐层递进，易错点是结合并联电路电流规律判断两个电流表的量程，同时侧重考察科学探究中多次实验的设计目的，符合新课标素养考察要求。
【难度系数】
0.6
10. 在如图所示电路中,开关S闭合时,规格相同的灯泡$\mathrm{L}_{1}$、$\mathrm{L}_{2}$均能发光.图中甲、乙、丙为电表,粗心的小明在读数时只在纸上记录了如图所示的数字,则下列说法可能正确的是 （
A.$\mathrm{L}_{1}$和$\mathrm{L}_{2}$并联,甲、乙、丙示数分别为$0.6\ \mathrm{V}$、$1.2\ \mathrm{A}$、$0.3\ \mathrm{A}$
B.$\mathrm{L}_{1}$和$\mathrm{L}_{2}$并联,电源电压为$1.2\ \mathrm{V}$,通过$\mathrm{L}_{1}$、$\mathrm{L}_{2}$的电流分别为$0.3\ \mathrm{A}$、$0.6\ \mathrm{A}$
C.$\mathrm{L}_{1}$和$\mathrm{L}_{2}$串联,甲、乙、丙示数分别为$0.3\ \mathrm{A}$、$0.6\ \mathrm{V}$、$1.2\ \mathrm{V}$
D.$\mathrm{L}_{1}$和$\mathrm{L}_{2}$串联,电路中的电流为$0.6\ \mathrm{A}$,$\mathrm{L}_{1}$、$\mathrm{L}_{2}$两端的电压分别为$0.3\ \mathrm{V}$、$1.2\ \mathrm{V}$
C
）A.$\mathrm{L}_{1}$和$\mathrm{L}_{2}$并联,甲、乙、丙示数分别为$0.6\ \mathrm{V}$、$1.2\ \mathrm{A}$、$0.3\ \mathrm{A}$
B.$\mathrm{L}_{1}$和$\mathrm{L}_{2}$并联,电源电压为$1.2\ \mathrm{V}$,通过$\mathrm{L}_{1}$、$\mathrm{L}_{2}$的电流分别为$0.3\ \mathrm{A}$、$0.6\ \mathrm{A}$
C.$\mathrm{L}_{1}$和$\mathrm{L}_{2}$串联,甲、乙、丙示数分别为$0.3\ \mathrm{A}$、$0.6\ \mathrm{V}$、$1.2\ \mathrm{V}$
D.$\mathrm{L}_{1}$和$\mathrm{L}_{2}$串联,电路中的电流为$0.6\ \mathrm{A}$,$\mathrm{L}_{1}$、$\mathrm{L}_{2}$两端的电压分别为$0.3\ \mathrm{V}$、$1.2\ \mathrm{V}$
答案
10. C 解析:规格相同的灯泡 $\mathrm{L}_{1}$、$\mathrm{L}_{2}$ 均能发光,由图可知它们可能是串联,也可能是并联. 两灯泡串联时,电路中电流只有一条路径,电流从电源正极出发,依次经甲电表、灯泡 $\mathrm{L}_{2}$、灯泡 $\mathrm{L}_{1}$ 回到电源的负极,则甲为电流表,测电路中的电流,乙为电压表,测 $\mathrm{L}_{2}$ 两端的电压,丙为电压表,测电源的电压,串联电路中各处的电流相等,且两灯泡规格相同时它们两端的电压相等,则电源电压是 $\mathrm{L}_{2}$ 两端电压的 2 倍,即丙的示数是乙示数的 2 倍,由图中数据可知,若丙的示数为 1.2 V,则乙的示数为 0.6 V,甲的示数为 0.3 A,若丙的示数为 0.6 V,则乙的示数为 0.3 V,甲的示数为 1.2 A,两种情况下 $\mathrm{L}_{1}$、$\mathrm{L}_{2}$ 两端的电压均相等,故 C 可能正确、D 错误. 两灯泡并联时,电路中电流有两条路径,电流从电源的正极出发,经乙电表后分流,一条路径经灯泡 $\mathrm{L}_{1}$ 回到电源负极,一条路径经灯泡 $\mathrm{L}_{2}$、丙电表回到电源的负极,则甲为电压表,测电源电压,乙为电流表,测干路电流,丙为电流表,测 $\mathrm{L}_{2}$ 支路的电流,并联电路中各支路两端的电压相等,且干路电流等于各支路电流之和,所以通过两灯泡的电流相等,干路电流是 $\mathrm{L}_{2}$ 支路电流的 2 倍,即乙的示数是丙示数的 2 倍,由图中数据可知,若乙的示数为 1.2 A,则丙的示数为 0.6 A,甲的示数为 0.3 V,若乙的示数为 0.6 A,则丙的示数为 0.3 A,甲的示数为 1.2 V,两种情况下通过 $\mathrm{L}_{1}$、$\mathrm{L}_{2}$ 的电流均相等,故 A、B 错误.
解析
【分析】
这道题需要先分两种连接可能性讨论：两灯串联、两灯并联，结合“两个规格相同的灯泡都能发光”的前提，先判断不同连接方式下三个电表的属性（电流表/电压表），再结合串并联电路的电流、电压规律，匹配给出的0.3、0.6、1.2三个数值，逐一验证选项对错。首先串联时电流只有一条路径，电流表要串联在电路中，电压表并联在被测部分两端；并联时电流有两条独立支路，干路电流表测总电流，支路电流表测对应支路电流，电压表并联在电源两端测电压，再利用规格相同的灯泡串联分压相等、并联分流相等的特点，就能快速筛选出符合条件的结果。
【解析】
我们分两种情况逐一推导：
1. 假设L₁、L₂串联
此时电路只有一条电流路径：电流从电源正极出发，依次经过甲电表、L₂、L₁、开关S回到电源负极，因此甲是电流表，测量电路中的总电流；乙、丙都是电压表，乙测量单个灯泡两端的电压，丙测量电源总电压。
由于两个灯泡规格完全相同，串联时分压相等，因此总电压等于两个灯泡的电压之和，即总电压是单个灯泡电压的2倍。结合给出的三个数值0.3、0.6、1.2，刚好满足1.2是0.6的2倍，剩余的0.3就是电流表的示数，对应甲示数0.3A、乙示数0.6V、丙示数1.2V，完全符合规律。
验证选项：C选项描述和推导结果完全吻合；D选项中两灯电压分别为0.3V、1.2V，不满足规格相同的灯泡串联分压相等的特点，错误。
2. 假设L₁、L₂并联
此时电流从电源正极出发，经过乙电表后分为两条支路：一条直接经过L₁回到开关，另一条经过L₂、丙电表回到开关，因此乙是电流表测干路总电流，丙是电流表测L₂支路的电流，甲是电压表测电源电压。
由于两个灯泡规格完全相同，并联时两端电压相等，因此两支路电流相等，干路总电流是支路电流的2倍。结合给出的三个数值，仅存在两种可能：①乙示数1.2A，丙示数0.6A，甲示数0.3V；②乙示数0.6A，丙示数0.3A，甲示数1.2V。
验证选项：A选项中乙1.2A、丙0.3A，不满足干路电流是支路电流2倍的规律，错误；B选项中通过L₁、L₂的电流分别为0.3A、0.6A，不满足规格相同的灯泡并联分流相等的特点，错误。
综上只有C选项正确。
【答案】
C
【知识点】
串并联电路判断，串并联电流电压规律，电表使用规则
【点评】
本题的陷阱点是容易忽略“灯泡规格相同”这个关键条件，同时需要主动分串联、并联两种可能性讨论，不能直接默认某一种连接方式，结合串并联的比例关系匹配给定数值就能快速排除错误选项，对电路分析的完整性有一定要求。
【难度系数】
0.4
这道题需要先分两种连接可能性讨论：两灯串联、两灯并联，结合“两个规格相同的灯泡都能发光”的前提，先判断不同连接方式下三个电表的属性（电流表/电压表），再结合串并联电路的电流、电压规律，匹配给出的0.3、0.6、1.2三个数值，逐一验证选项对错。首先串联时电流只有一条路径，电流表要串联在电路中，电压表并联在被测部分两端；并联时电流有两条独立支路，干路电流表测总电流，支路电流表测对应支路电流，电压表并联在电源两端测电压，再利用规格相同的灯泡串联分压相等、并联分流相等的特点，就能快速筛选出符合条件的结果。
【解析】
我们分两种情况逐一推导：
1. 假设L₁、L₂串联
此时电路只有一条电流路径：电流从电源正极出发，依次经过甲电表、L₂、L₁、开关S回到电源负极，因此甲是电流表，测量电路中的总电流；乙、丙都是电压表，乙测量单个灯泡两端的电压，丙测量电源总电压。
由于两个灯泡规格完全相同，串联时分压相等，因此总电压等于两个灯泡的电压之和，即总电压是单个灯泡电压的2倍。结合给出的三个数值0.3、0.6、1.2，刚好满足1.2是0.6的2倍，剩余的0.3就是电流表的示数，对应甲示数0.3A、乙示数0.6V、丙示数1.2V，完全符合规律。
验证选项：C选项描述和推导结果完全吻合；D选项中两灯电压分别为0.3V、1.2V，不满足规格相同的灯泡串联分压相等的特点，错误。
2. 假设L₁、L₂并联
此时电流从电源正极出发，经过乙电表后分为两条支路：一条直接经过L₁回到开关，另一条经过L₂、丙电表回到开关，因此乙是电流表测干路总电流，丙是电流表测L₂支路的电流，甲是电压表测电源电压。
由于两个灯泡规格完全相同，并联时两端电压相等，因此两支路电流相等，干路总电流是支路电流的2倍。结合给出的三个数值，仅存在两种可能：①乙示数1.2A，丙示数0.6A，甲示数0.3V；②乙示数0.6A，丙示数0.3A，甲示数1.2V。
验证选项：A选项中乙1.2A、丙0.3A，不满足干路电流是支路电流2倍的规律，错误；B选项中通过L₁、L₂的电流分别为0.3A、0.6A，不满足规格相同的灯泡并联分流相等的特点，错误。
综上只有C选项正确。
【答案】
C
【知识点】
串并联电路判断，串并联电流电压规律，电表使用规则
【点评】
本题的陷阱点是容易忽略“灯泡规格相同”这个关键条件，同时需要主动分串联、并联两种可能性讨论，不能直接默认某一种连接方式，结合串并联的比例关系匹配给定数值就能快速排除错误选项，对电路分析的完整性有一定要求。
【难度系数】
0.4
